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文檔簡介
2025屆重慶市萬州龍駒中學高三下學期5月模擬考試物理試題注意事項:1.答卷前,考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時,選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑,如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標號?;卮鸱沁x擇題時,將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效。3.考試結束后,將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、2019年10月11日,中國火星探測器首次公開亮相,暫命名為“火星一號”,計劃于2020年發射,并實現火星的著陸巡視。已知火星的直徑約為地球的53%,質量約為地球的11%,請通過估算判斷以下說法正確的是()A.火星表面的重力加速度小于B.探測器在火星表面所受重力等于在地球表面所受重力C.探測器在火星表面附近的環繞速度等于D.火星的第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度2、下列說法正確的是()A.中子與質子結合成氘核時吸收能量B.盧瑟福的粒子散射實驗證明了原子核是由質子和中子組成的C.入射光照射到某金屬表面發生光電效應,若僅減弱該光的強度,則不可能發生光電效應D.根據玻爾理論,氫原子的電子由外層軌道躍遷到內層軌道,原子的能量減少,電子的動能增加3、關于做簡諧運動的單擺,下列說法正確的是()A.單擺做穩定的受迫振動時,單擺振動的頻率等于周期性驅動力的頻率B.秒擺的擺長和振幅均減為原來的四分之一,周期變為0.5sC.已知擺球初始時刻的位置及其周期,就可知擺球在任意時刻運動速度的方向D.單擺經過平衡位置時擺球所受的合外力為零4、如圖,小球甲從A點水平拋出,同時將小球乙從B點自由釋放,兩小球先后經過C點時速度大小相等,方向夾角為30°,已知B、C高度差為h,兩小球質量相等,不計空氣阻力,由以上條件可知()A.小球甲做平拋運動的初速度大小為B.甲、乙兩小球到達C點所用時間之比為C.A,B兩點高度差為D.兩小球在C點時重力的瞬時功率大小相等5、木箱內的地板上放置一個5kg的物體,鋼繩吊著木箱靜止在某一高度處。從計時時刻開始鋼繩拉著木箱向上做初速度為零的勻加速直線運動,加速度為4m/s2,至第3s末鋼繩突然斷裂,此后木箱先向上做勻減速運動,到達最高點后開始豎直下落,7s末落至地面。木箱在空中運動的過程中地板始終保持水平,重力加速度取10m/s2。下列說法正確的是()A.第2秒末物體的重力增大到70NB.第4秒末物體對木箱地板的壓力為70NC.第4秒末物體對木箱地板的壓力為50ND.第6秒末物體對木箱地板的壓力為06、小朋友隊和大人隊拔河比賽,小朋友隊人數多,重心低,手握繩的位置低,A、B兩點間繩傾斜,其余繩不一定水平,此可以簡化為如圖所示的模型。相持階段兩隊都靜止,兩隊的總質量相等,腳與地面的動摩擦因數相同,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。各隊員手緊握繩不滑動,繩結實質量不計。以下說法正確的是()A.相持階段小朋友隊和大人隊所受地面的摩擦力大小不等B.無論相持還是勝敗,兩隊腳與地面的摩擦力大小永遠相等C.繩上拉力增大時,大人隊會先敗D.繩上A點對B點的拉力,其大小一定等于B點對A點的拉力二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖所示,O是一固定的點電荷,虛線是該點電荷產生的電場中的三條等勢線,負點電荷q僅在電場力的作用下沿實線所示的軌跡從a處運動到b處,然后又運動到c處.由此可知()A.O為正電荷B.在整個過程中q的電勢能先變小后變大C.在整個過程中q的加速度先變大后變小D.在整個過程中,電場力做功為零8、如圖所示,加有恒定電壓以U1=U的、中間帶有小孔的平行板電容器AB豎直放置,右側水平放置平行板電容器CD,CD板長和板間距均為L,板間加有恒定電壓U2。一質量為m、電荷量為q的帶正電粒子從A板小孔無初速飄入,經加速后沿中線水平進入CD,恰從D板邊緣飛出。不計粒子重力,下列說法正確的是()A.若只將B板向左移動少許,粒子到達B板時的速度比未移動時小B.若只將B板向左移動少許,粒子到達B板的時間比未移動時短C.若飄入質量為2m電量為2q的帶正電粒子,將打在D板上D.粒子剛到達D板邊緣時的動能Ek=2qU9、質量為m電量為的小滑塊(可視為質點),放在質量為M的絕緣長木板左端,木板放在光滑的水平地面上,滑塊與木板之間的動障擦因數為,木板長為L,開始時兩者都處于靜止狀態,所在空間存在范圍足夠大的一個方向豎直向下的勻強電場E,恒力F作用在m上,如圖所示,則()A.要使m與M發生相對滑動,只須滿足B.若力F足夠大,使得m與M發生相對滑動,當m相對地面的位移相同時,m越大,長木板末動能越大C.若力F足夠大,使得m與M發生相對滑動,當M相對地面的位移相同時,E越大,長木板末動能越小D.若力F足夠大,使得m與M發生相對滑動,E越大,分離時長本板末動能越大10、如圖,在真空中的A、B兩點分別放置等量異種點電荷,在電場中通過A、B兩點的連線中點對稱地選取一個閉合路徑abcd?,F將一個質子沿abcd移動一周,下列說法正確的是()A.a點和b點的電場強度相同B.c點電勢低于于d點電勢C.由b→c,電場力一直做正功D.由c→d,質子電勢能一直在增加三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)某同學用圖1中的器材,做描繪小燈泡伏安特性曲線的實驗.(1)已知小燈泡的額定電壓為2V,電流表的內阻約為幾歐,電壓表的內阻有幾千歐,請將實驗電路圖連接完整.(____________)閉合開關前,滑動變阻器的滑片應移到______(填”A"或"B")端.(2)閉合開關,調節滑動變阻器,出多組電流表的值和電壓表的值,在坐標紙上作出I-U圖象如圖2所示.由圖象可知,小燈泡的電阻隨溫度的升高而_____(填“增大”或“減小”);根據圖象可得小燈泡的額定功率為_______W.由于電壓表的分流作用,實驗存在______(填”系統”或“偶然”)誤差,根據圖象求得的額定功率比真實值_______(填“大”或“小").12.(12分)學習牛頓第二定律后,某同學為驗證“在外力一定的條件下,物體的加速度與其質量成反比”的結論設計了如圖所示的實驗裝置.裝置中用不可伸長的輕繩一端連接甲車、另一端與乙車相連,輕繩跨過不計質量的光滑滑輪,且在動滑輪下端掛一重物測量知甲、乙兩車(含發射器)的質量分別記為、,所掛重物的質量記為。(1)為達到本實驗目的,________平衡兩車的阻力(填“需要”或“不需要”),________滿足鉤碼的質量遠小于任一小車的質量(填“需要”或“不需要”);(2)安裝調整實驗器材后,同時靜止釋放兩小車并用位移傳感器記錄乙兩車在相同時間內,相對于其起始位置的位移分別為、,在誤差允許的范圍內,若等式________近似成立,則可認為“在外力一定的條件下,物體的加速度與其質量成反比”(用題中字母表示)。四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示是在工廠的流水線上安裝的水平傳送帶,用水平傳送帶傳送工件.可大大提高工作效率.水平傳送帶以恒定的速度v0=1m/s運送質量為m=0.5kg的工件,工件都是以v=1m/s的初速從A位置滑上傳送帶.工件與傳送帶之間的動摩擦因數μ=0.1.每當前一個工件在傳送帶上停止相對滑動時.后一個工件立即滑上傳送帶.取g=l0m/s1,求:(1)工件經多長時間停止相對滑動;(1)在正常運行狀態下傳送帶上相鄰工件間的距離;(3)摩擦力對每個工件做的功;(4)每個工件與傳送帶之間的摩擦產生的內能.14.(16分)如圖所示,平行金屬板M、N豎直放置,兩板足夠長且板間有水平向左的勻強電場,P點離N板的距離為d,離M板的距離為d。一個質量為m、帶正電荷量為q的小球從P點以初速度水平向右拋出,結果小球恰好不能打在N板上。已知重力加速度為g,小球的大小不計,求(1)兩板間的電場強度的大(2)小球打到M板時動能的大小。15.(12分)如圖所示,兩平行金屬導軌置于水平面(紙面)內,導軌間距為l,左端連有一阻值為R的電阻。一根質量為m、電阻也為R的金屬桿置于導軌上,金屬桿右側存在一磁感應強度大小為B、方向豎直向下的勻強磁場區域。給金屬桿一個瞬時沖量使它水平向右運動,它從左邊界進入磁場區域的速度為v0,經過時間t,到達磁場區域右邊界(圖中虛線位置)時速度為。金屬桿與導軌始終保持垂直且接觸良好,它們之間的動摩擦因數為μ。除左端所連電阻和金屬桿電阻外,其他電阻忽略不計。求:(1)金屬桿剛進入磁場區域時的加速度大小;(2)金屬桿在滑過磁場區域的過程中金屬桿上產生的焦耳熱。
參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】
設火星質量為,半徑為r,設地球質量為M,半徑為R,根據題意可知,AB.根據黃金替代公式可得地球和火星表面重力加速度為,故A正確B錯誤;CD.地球的第一宇宙速度為火星的第一宇宙速度為故CD錯誤。故選A。2、D【解析】
A.中子與質子結合成氘核的過程中有質量虧損,釋放能量,故A錯誤;B.盧瑟福的α粒子散射實驗揭示了原子的核式結構模型,故B錯誤;C.根據光電效應方程知入射光的頻率不變,若僅減弱該光的強度,則仍一定能發生光電效應,故C錯誤;D.電子由外層軌道躍遷到內層軌道時,放出光子,總能量減??;根據可知半徑越小,動能越大,故D正確。故選D。3、A【解析】
A.系統做穩定的受迫振動時,系統振動的頻率等于周期性驅動力的頻率,與固有頻率無關,故A正確;B.根據單擺的周期公式知擺長縮短為原來的四分之一,則周期變為原來的二分之一,即為1s,故B錯誤;C.擺球在同一位置振動方向有兩種,所以已知初始時刻的位置和振動周期,不知道初始時刻擺球的振動方向,不能知道振子在任意時刻運動速度的方向,故C錯誤;D.單擺運動中,擺球在最低點做圓周運動,所以擺球經過平衡位置時所受的合外力提供向心力,故D錯誤。故選A。4、C【解析】A項,小球乙到C的速度為,此時小球甲的速度大小也為,又因為小球甲速度與豎直方向成角,可知水平分速度為故A錯;B、小球運動到C時所用的時間為得而小球甲到達C點時豎直方向的速度為,所以運動時間為所以甲、乙兩小球到達C點所用時間之比為故B錯C、由甲乙各自運動的時間得:,故C對;D、由于兩球在豎直方向上的速度不相等,所以兩小球在C點時重力的瞬時功率也不相等故D錯;故選C5、D【解析】
A.第2秒末,物體的加速度向上,物體處于超重狀態,但物體的重力不會隨著物體的運動狀態變化而變化,故A錯誤;BC.第4秒末物體的加速度為重力加速度g,物體處于完全失重狀態,物體對木箱地板的壓力為0,故BC錯誤;D.第6秒末物體的加速度為重力加速度g,物體處于完全失重狀態,物體對木箱地板的壓力為0,故D正確。故選D。6、D【解析】
A.可以用整體法處理問題,所以不在乎同隊員之間的繩水平。相持階段小朋友隊和大人隊腳下屬于靜摩擦力,永遠相等,所以選項A錯誤。BC.當傾斜的繩上拉力增大時,大人隊的壓力更加大于其重力,最大靜摩擦力也增大,而小朋友隊和地面之間的壓力小于其總重力,腳下會產生滑動摩擦力,平衡被打破,小朋友隊敗而且還有加速度,兩隊摩擦力大小不等。所以選項BC錯誤。D.作用力與反作用力永遠相等,無論拔河的哪個階段,繩上A點對B點的拉力,其大小一定等于B點對A點的拉力,所以選項D正確。故選D。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、CD【解析】
粒子的所受合力的方向大致指向軌跡的彎曲的方向,知負電荷所受的電場力背離點電荷向外,知O為負電荷。故A錯誤。從a處運動b處,然后又運動到c處電場力先做負功再做正功,所以電勢能先變大后變小,故B錯誤。越靠近點電荷,電場線越密,則電荷所受電場力越大,加速度越大,則加速度先增大后減小。故C正確。初末位置在同一個等勢面上,兩點間的電勢差為零,根據W=qU,知電場力做功為零,故D正確。故選CD?!军c睛】解決本題的關鍵掌握通過軌跡的彎曲大致判斷合力的方向,會根據電場力做功判斷動能的變化,知道在等勢面上移動電荷,電場力不做功.8、BD【解析】
A.若只將B板向左移動少許,電場力做功不變,由得,到達B板時的速度故粒子到達B板時的速度不變,故A錯誤;B.由于粒子在AB間做勻加速直線運動,只將B板向左移動少許時,粒子到達B板時的速度不變,所以平均速度不變,AB距離減小,運動時間變短,故B正確;C.進入CD后,由牛頓第二定律和運動學公式可知,偏轉位移代入可得即粒子的偏轉位移與粒子的質量、電量無關,故飄入質量為2m、電量為2q的帶正電粒子時,偏轉位移不變,將依然恰好從D板邊緣飛出,故C錯誤;D.由粒子恰從D板邊緣飛出可知,偏轉位移又因,,所以所以對全過程,由動能定理可知故故D正確。故選BD。9、BD【解析】A、m所受的最大靜摩擦力為,則根據牛頓第二定律得,計算得出.則只需滿足,m與M發生相對滑動.故A錯誤.
B、當M與m發生相對滑動,根據牛頓第二定律得,m的加速度,知m越大,m的加速度越小,相同位移時,所以的時間越長,m越大,m對木板的壓力越大,摩擦力越大,M的加速度越大,因為作用時間長,則位移大,根據動能定理知,長木板的動能越大.所以B選項是正確的.
C、當M與m發生相對滑動,E越大,m對M的壓力越大,摩擦力越大,則M相對地面的位移相同時,根據動能定理知,長木板的動能越大.故C.錯誤
D、根據知,E越大,m的加速度越小,M的加速度越大,知時間越長,因為E越大,M的加速度越大,則M的位移越大,根據動能定理知,分離時長木板的動能越大.所以D選項是正確的.,故選BD點睛:當m與M的摩擦力達到最大靜摩擦力,M與m發生相對滑動,根據牛頓第二定律求出F的最小值.當F足夠大時,M與m發生相對滑動,根據牛頓第二定律,結合運動學公式和動能定理判斷長木板動能的變化.10、BD【解析】
等量同種電荷電場線如圖:
A.結合等量異種點電荷的電場線的圖象可知,ab兩點的電場強度的方向不同,故A錯誤;
B.d點的電勢為正值,c點的電勢為負值,c點電勢低于d點電勢,故B正確;
C.在bc的連線上,兩電荷連線上方,場強豎直向分量向下,兩電荷連線下方,場強豎直向分量向上。則質子由b到c,電場力先做正功后做負功,故C錯誤;
D.由c→d,質子受力的方向與運動的方向之間的夾角始終是鈍角,電場力做負功,電勢能一直在增大,故D正確。故選BD。三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、A增大1系統大【解析】
(1)[1]滑動變阻器用分壓式接法,電流表外接,電路連接如圖所示:[2]閉合開關前,為使滑動變阻器輸出電壓為零,滑片應移到A端.(2)[3]由圖象可知,小燈泡的電附隨溫度的升高而增大;[4]由圖2可以看出,當燈泡的電壓為2V時,通過燈泡的電流為0.5A,因此燈泡的額定功率為:P=UI=2×0.5W=1W由于電壓表的分流作用,實驗存在系統誤差,實驗測得的電流偏大,因此根據圖2求得的額定功率比真實值大.12、需要不需要【解析】
(1)[1][2].為達到本實驗目的,需要平衡兩車的阻力,這樣才能使得小車所受
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