第1頁/共1頁2024-2025學年上海市松江區九年級（上）期末物理試卷（一模）一、選擇題（每題2分，共12分）下列各題均只有一個正確選項1.下列物理量中，可以鑒別物質的是（）A.質量 B.密度 C.體積 D.重力【答案】B【解析】【詳解】因為密度是物質的一種特性，不同物質的密度一般是不同的，而體積、質量和重力不是物質的特性，和物質的種類沒有關系，所以可以用密度來鑒別物質的種類，故B符合題意，ACD不符合題意。故選B。2.圖中屬于連通器的是（）A.吸盤掛衣鉤 B.加油槍C.脫排抽油煙機 D.茶壺【答案】D【解析】【詳解】上端開口、下部連通的容器稱為連通器，注入同一種液體，在液體不流動時連通器內各容器的液面總是相平的。A．吸盤掛衣鉤是利用大氣壓來工作的，與連通器無關，故A不符合題意；BC．加油槍和脫排抽油煙機不符合連通器的定義，不屬于連通器，故BC不符合題意；D．茶壺的結構符合上端開口、下部連通的特點，壺嘴和壺身構成連通器，故D符合題意。故選D。3.影響通過某導體電流大小的物理量是（）A導體兩端電壓 B.通電時間C.通過的電荷量 D.導體的質量【答案】A【解析】【詳解】A．由歐姆定律可知，對于某一導體，即導體的電阻一定，通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比，所以對于某一確定的導體，通過導體電流大小決定于導體兩端的電壓，故A符合題意；BCD．由歐姆定律可知，導體電阻和電壓決定了通過導體的電流大小，即電流的大小與導體質量、通電時間、通過的電荷量無關，故BCD不符合題意。故選A。4.在以下各情況中，物體受到浮力增大的是（）A.輪船由長江駛入東海 B.浸沒在水中的石塊繼續下沉的過程中C.跳水運動員入水的過程中 D.輪船在碼頭卸載貨物【答案】C【解析】【詳解】AD．物體漂浮時，其受到的浮力大小等于其重力大小，輪船由長江駛入東海，因兩種情況下輪船都處于漂浮的狀態，浮力等于重力，故所受的浮力大小不變；輪船在碼頭卸載貨物時，重力變小，故輪船受到的浮力變小，故AD不符合題意；B．浸沒在水中的石塊繼續下沉的過程中，排開水的體積不變，根據F浮=ρ水gV排可知，受到浮力大小不變，故B不符合題意；C．跳水運動員入水的過程中，因排開水的體積變大，根據F浮=ρ水gV排可知，受到浮力變大，故C符合題意。

故選C。5.高度相同的兩均勻柱體甲、乙，分別置于高度差為h的A、B兩個水平面上，如圖所示，它們對水平面的壓強p甲大于p乙。若沿圖中水平虛線方向切去部分后，則甲、乙剩余部分對A、B水平面的壓強p甲′、p乙′的關系是（）A.p甲′可能等于p乙′ B.p甲′可能大于p乙′C.p甲′一定小于p乙′ D.p甲′一定大于p乙′【答案】D【解析】【詳解】均勻柱體對地面的壓強p＝ρgh，甲、乙物體的高度h′相同，因為p甲大于p乙，即ρ甲gh′大于ρ乙gh′，所以ρ甲大于ρ乙，從圖中丙中可知沿虛線方向切去部分后，剩下的高度大小甲物體的高度比乙物體高大h，由均勻柱體對地面的壓強p＝ρgh，甲物體的密度大，剩下的高度大，所以剩余部分對水平面的壓強p甲′大于p乙′，故ABC錯誤,D正確。故選D。6.如圖所示是一種煙霧報警器的電路圖，其中R0為定值電阻，R為光敏電阻（其阻值隨光照強度的增大而減小）。當電路所在區域煙霧濃度增大到一定程度時，電壓表指針偏轉到某個位置觸發報警裝置（圖中未畫出），開始報警。則下列說法正確的是（）A.煙霧濃度增大時，電流表的示數增大B.煙霧濃度增大時，電壓表的示數減小C.要使報警器在煙霧濃度較小時就開始報警，應減小R0的阻值D.要使報警器在煙霧濃度較小時就開始報警，應減小電源電壓【答案】C【解析】【詳解】AB．由電路圖可知，光敏電阻R和定值電阻R0串聯，電壓表測R兩端的電壓，電流表測電路中的電流；當環境有煙霧時，光照強度變小，光敏電阻接入電路中的阻值變大，根據歐姆定律可知，電路中的電流變小，由可知，定值電阻兩端的電壓變小，因為串聯電路兩端的電壓等于各部分電路兩端的電壓之和，且電源電壓不變，所以光敏電阻的兩端電壓變大，即電壓表示數變大，故AB錯誤；CD．要使報警器在濃度較小的煙霧下報警，說明光照強度更強時，報警器就會報警，則此時的光敏電阻的阻值比原來的臨界值小，此時R兩端的分壓變小，而R兩端的電壓達到某一定值是才報警，根據串聯電路的分壓原理可知，應減小R0的阻值來減小定值電阻兩端電壓從而增大光敏電阻兩端電壓，或增大電源電壓來增大光敏電阻兩端電，故C正確，D錯誤。故選C。二、填空題（共23分）7.上海地區家庭電路的電壓為___________伏，家中不同房間的電燈之間是___________連接的。若每多使用一盞電燈，家庭電路的總電阻會___________（選填“變大”“不變”或“變小”）。【答案】①.220②.并聯③.變小【解析】【詳解】[1]我國家庭電路的電壓為220V。[2]家中不同房間的燈都可以單獨工作，所以家中不同房間的電燈之間是并聯連接的。[3]家用電器是并聯連接的，并聯越多，總電阻越小，若每多使用一盞照明電燈，家庭電路的總電阻會變小。8.首先用實驗測定大氣壓強值的科學家是______。著名的______實驗向人們展示了大氣壓存在且很大。海拔高度越高，大氣壓越______。【答案】①.托里拆利②.馬德堡半球③.小【解析】【詳解】[1]托里拆利運用水銀首先測量出了大氣壓值。[2]由科學史的知識知道，著名的馬德堡半球實驗證明了大氣壓的存在。[3]大氣壓不是固定不變的，隨著海拔的高度的增高而減小，因此海拔高度越高，大氣壓強就越小。9.導體兩端的電壓為3伏，10秒內通過某導體橫截面的電荷量為6庫，則通過該導體的電流為________安，該導體的電阻為_____歐。若該導體兩端的電壓為零時，則通過該導體的電流為_____安。【答案】①.0.6②.5③.0【解析】【詳解】[1]10秒內通過某導體橫截面的電荷量為6庫，則通過該導體的電流[2]由可得，導體的電阻[3]電壓是形成電流的原因，沒有電壓，就沒有電流，故電流為0A。10.日常生活中處處蘊含著物理知識。針筒吸取藥液利用的是_________的知識；攔河大壩上窄下寬，這是因為液體內部的壓強隨著_______的增加而增大。為減輕國產C919大飛機的質量，制造時采用_______較小的鋁鋰合金。【答案】①.大氣壓強②.深度③.密度【解析】【詳解】[1]針筒吸藥液時，推下活塞，排除注射器里面的空氣，抽出活塞時，針筒內的氣壓減小，藥液受到外界大氣壓的作用，被壓入針筒，利用的是大氣壓。[2]由于液體內部的壓強隨深度的增加而變大，所以攔河大壩修建的上窄下寬。[3]根據公式m＝ρV可知，在體積相同的情況下，密度越小，質量越小，故可利用鋁鋰合金的密度較小來減輕飛機的質量。11.如圖（a）所示，將實心長方體甲豎直浸沒在水中，上、下表面受到水的壓力分別為F0、3F0，則甲所受浮力為__________牛。如圖（b）所示，將甲平放水平地面上，對地面的壓強為p，現將其順時針翻轉90°，甲和地面的接觸面積由3S變為S。則甲對水平面的壓力為__________，甲對地面的壓強變化量為_________。【答案】①.2F0②.3pS③.2p【解析】【詳解】[1]浮力產生的原因是浸在液體中的物體受到的向上和向下的壓力差。由題意可知，將實心長方體甲豎直浸沒在水中，上、下表面受到水的壓力分別為F0、3F0，則甲所受浮力為[2]由可知，甲對水平面的壓力為[3]現將甲順時針翻轉90°，甲對地面的壓力不變，接觸面積由3S變為S，則此時甲對地面的壓強為甲對地面的壓強變化量為12.在圖示的電路中，電源電壓保持不變，閉合開關S，電路正常工作。一段時間后，電流表示數變小，若電路中僅有一處故障，且只發生在R1、R2上。用一完好的定值電阻R0替換R1（R0＝R1），請寫出替換前后電流表示數的變化情況及對應的故障。___________。【答案】電流表示數不變，說明R1完好，R2斷路；如果電流表示數變化，則R1斷路【解析】【詳解】根據電路圖可知，兩個電阻并聯，電流表測量干路電流，閉合開關S，電路正常工作；一段時間后，觀察到電流表示數變小，電路中僅有一處故障，說明某一個電阻斷路；用一完好的定值電阻R0替換R1（R0＝R1）；如果電流表示數不變，說明R1完好，R2斷路；如果電流表示數變化，則R1斷路。13.在我國元代《熬波圖》中已經記載了人們估測鹽水密度的方法：準備四種密度不同的對照液體，將四顆蓮子分別浸在四種對照液體中，浸透后，蓮子的密度與對照液體密度相同。再將蓮子放入盛有鹽水的竹管內，根據蓮子的浮沉情況即可估測鹽水的密度范圍。（1）這種方法與密度計原理相類似，都是應用了_______。（2）將四顆體積相同，浸在不同對照液體中的蓮子放入盛有鹽水的竹管內，蓮子靜止時如圖所示，請判斷：這四顆蓮子密度的大小關系，并說明理由。________________。【答案】（1）物體的浮沉條件（2）ρD＞ρC＞ρA＞ρB【解析】【小問1詳解】這種方法與密度計原理相類似，都是應用了物體的浮沉條件，通過物體在液體中的浮沉情況來反映液體的密度大小。【小問2詳解】由圖可知，D懸浮在鹽水中，D的密度等于鹽水的密度；A、B、C漂浮在鹽水中，它們的密度都小于鹽水的密度；當物體處于漂浮狀態時，受到的浮力等于重力，即F浮=G，結合阿基米德原理及密度、重力公式可變得得，可解得，蓮子體積相同，它們排開鹽水的體積關系為VC>VA>VB，則它們的密度關系為ρC＞ρA＞ρB，所以，這四顆蓮子密度的大小關系為：ρD＞ρC＞ρA＞ρB。三、作圖題（共5分）14.如圖所示，重為8牛的物體靜止在水平地面上。請用力的圖示法畫出物體對地面的壓力F。【答案】【解析】【詳解】物體放在水平地面上，壓力的大小與物體的重力大小相等，即F＝G＝8N方向垂直于接觸面向下，作用點在物體與地面的接觸面的中點。選取標度為4N，過壓力的作用點，沿垂直于接觸面向下的方向畫一條有向線段，使線段長度為標度的2倍，如圖所示：15.在圖所示的電路中，有兩根導線尚未連接，請以筆畫線代替導線補上，補上后要求：閉合開關，當滑動變阻器的滑片向右移動時，電壓表的示數變大。【答案】【解析】【詳解】根據電壓表使用方法，電壓表應與燈泡并聯，由于電源電壓為2節干電池，總電壓為3V，故電壓表接0~3V量程，當滑動變阻器的滑片向右移動時，電壓表的示數變大，根據串聯電路分壓的規律，此時滑動變阻器兩端電壓變小，則接入電阻變小，故滑動變阻器應接入下面右端的接線柱，如圖所示四、綜合題（共30分）16.一金屬塊浸沒在水中時，排開水的體積為1×103米3，求金屬塊受到的浮力F浮。【答案】9.8×106N【解析】【詳解】解：根據阿基米德原理得，金屬塊受到的浮力為答：金屬塊受到的浮力為9.8×106N。17.質量為0.7千克的金屬球浸沒在裝滿水的瓶子中，溢出水的質量為0.2千克。求金屬球的密度。【答案】3.5×103kg/m3【解析】【詳解】已知溢出水的質量，由密度公式可求得溢出水的體積，金屬球浸沒在裝滿水的瓶子中，溢出水的體積即為金屬球的體積。由可知，金屬球的體積金屬球的密度18.在圖1的電路中，電源電壓U為18伏保持不變，電阻R1阻值為10歐，開關S閉合。（1）求通過電阻R1的電流I1；（2）現有一標有“100歐1安”字樣的滑動變阻器R2，將其與電阻R1以某種方式接入上述電源兩端，組成一新的電路。（a）若將R1與R2并聯在電路中，此時通過R2的電流為0.6安，求變阻器R2接入電路的電阻值；（b）改變R1與R2的連接方式，將一電壓表并聯在電路中的某位置，移動滑片，使電壓表指針位置如圖2所示，且電路元件均安全。寫出電壓表并聯在電路中的位置，并求出變阻器R2接入電路的電阻值。【答案】（1）1.8A（2）（a）30Ω；（b）20Ω或65Ω【解析】【小問1詳解】根據歐姆定律可得通過電阻R1的電流【小問2詳解】（a）將R1與R2并聯在電路中，并聯電路各支路兩端電壓相等，根據歐姆定律可得變阻器R2接入電路的電阻值（b）改變R1與R2的連接方式，兩電阻串聯接入電路：（Ⅰ）若電壓表接入電路的是大量程，分度值為0.5V，圖2中電壓表的示數為12V，串聯電流總電壓等于各部分電壓之和，串聯電路各處電流相等，電壓表并聯在滑動變阻器兩端時，根據歐姆定律可得通過電路的電流。代入數據可得解方程可得。滑動變阻器允許通過最大電流為1A，比較可知電路安全；電壓表并聯在定值電阻兩端時，根據歐姆定律可得通過電路的電流，代入數據可得滑動變阻器允許通過的最大電流為1A，可知電路不安全，故舍去；（Ⅱ）若電壓表接入電路的是小量程，分度值為0.1V，示數為2.4V，電壓表并聯在滑動變阻器兩端時，根據歐姆定律可得通過電路的電流，代入數據可得解方程可得，滑動變阻器允許通過的最大電流為1A，比較可知電路不安全，故舍去；電壓表并聯在定值電阻兩端時，根據歐姆定律可得通過電路的電流，代入數據可得解方程可得，滑動變阻器允許通過的最大電流為1A，比較可知電路安全；所以變阻器R2接入電路的電阻值為20Ω或65Ω。19.如圖所示，均勻正方體甲和柱形薄壁容器乙置于水平地面上，它們的底面積分別為3S、S。已知正方體甲的質量為2千克，乙容器中盛有0.1米深的水。（1）若甲的體積為1×10﹣3米3，求甲的密度ρ甲。（2）求水對乙容器底部的壓強p水。（3）現有實心物體A（體積為2V）和B（體積為V），選擇一個放在正方體甲上，另一個浸沒在乙容器的水中（水不溢出），發現不論哪種方式，甲對地面壓強的變化量與乙容器底部受到水的壓強變化量均相等。求物體A、B的密度ρA、ρB。【答案】（1）2×103kg/m3（2）1000Pa（3）1.5×103kg/m3，6×103kg/m3【解析】【小問1詳解】甲的密度【小問2詳解】水對容器底部的壓強p水＝ρ水gh水＝1×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa【小問3詳解】A放在甲正方體上面物體甲對地面的壓強的變化量把B浸沒在乙容器的水中乙容器底部受到水的壓強的變化量由題意知可得所以B放在甲正方體上面物體甲對地面的壓強的變化量把甲浸沒在乙容器的水中乙容器底部受到水的壓強的變化量量由題意知可得所以20.小紅和小華做“用電流表、電壓表測電阻”的實驗，現有兩個滑動變阻器A、B，A標有“5歐3安”字樣、B標有“20歐2安”字樣，其它實驗器材齊全且相同，兩電壓表只有0～3伏擋完好。他們各自選取一個變阻器進行實驗，將電源（電壓保持不