浙江省寧波市2024-2025學(xué)年高一（上）期末物理試卷

一、單選題：本大題共13小題，共39分。

1.下列屬于國際單位制中的基本單位是（）

A.m/sB.m/s2C.kgD.N

2.由“鐵路12306”4pp查詢到從寧波站到北京南站的G182次列車的信息如10：206時(shí)「今16:58

_寧波GI82*北京南

圖所示,用電子地圖測距工具測得寧波站到北京南站的直線距離約為1225km,

下列說法正確的是（）

A.圖中“16：58”表示時(shí)間間隔

B.圖中“6時(shí)38分”表示時(shí)刻

C.題中“1225km”表示寧波站到北京南站的路程

D.研究列車從寧波站到北京南站的運(yùn)動軌跡時(shí)，列車可視為質(zhì)點(diǎn)

3.深秋時(shí)節(jié)，寧波東錢湖環(huán)湖南路邊上的銀杏林進(jìn)入最佳觀賞期，吸引大量游客來“打卡”。某日無風(fēng)，

一游客看到一片銀杏葉從離地32根高的樹梢上由靜止開始落至地面，下列給出的時(shí)間中最有可能是該銀杏

葉下落時(shí)間的是（）

A.0.4sB.0.6sC.0.8sD.3.0s

4.如圖是猴子用手抓住傾斜的樹枝懸掛在樹上的照片，猴子處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）

A.猴子一定不受摩擦力作用

B.樹枝對猴子的作用力可能大于猴子的重力

C.猴子對樹枝的作用力方向一定豎直向下

D.猴子對樹枝的壓力是由于樹枝發(fā)生形變而產(chǎn)生的

5.2024年9月25日，我國向太平洋相關(guān)海域成功發(fā)射了一枚攜載模擬彈頭的洲際彈道

導(dǎo)彈，導(dǎo)彈精準(zhǔn)落入預(yù)定海域，如圖所示。圖中4、B、C、。四點(diǎn)所在的曲線是該導(dǎo)彈的飛行軌跡，則導(dǎo)彈

經(jīng)過力、B、C、。四點(diǎn)時(shí)的速度%、%、％、%的方向與所受的合外力&、F2、尸3、”的方向可能正確的是

在（）

D.D點(diǎn)

6.如圖所示，一輛裝滿石塊的貨車在平直道路上以加速度的向右做勻加速運(yùn)動，貨箱中與石塊B接觸的物體

對B的作用力大小為凡方向與水平方向夾角為若貨車以加速度a2（。2<%）向右做勻加速運(yùn)動，貝川）

A.8增大，F(xiàn)增大B.8增大，尸減小C.8減小，產(chǎn)增大D.8減小，尸減小

7.如圖所示，某平直公路邊間隔均勻地種著一排小樹，一輛小汽車車頭恰好停在第一棵小樹處。某時(shí)刻開

始，小汽車沿公路做勻加速直線運(yùn)動，發(fā)現(xiàn)車頭從第1棵樹運(yùn)動到第2棵樹的時(shí)間恰好與車頭從第九棵樹運(yùn)動

到第n+5棵樹的時(shí)間相等，則圖中“……”處未畫出的小樹是幾棵（）

A.2棵B.3棵C.4棵D.6棵

8.近年來，我國新能源汽車產(chǎn)業(yè)取得了舉世矚目的成就。某公司對新款車型進(jìn)行了道路測試，甲、乙兩輛

汽車在平直公路上同向行駛，兩車的速度"隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖所示，t=

0時(shí)刻兩車位于同一地點(diǎn)，圖中兩個(gè)陰影部分的面積相等（Si=52）,則（

A.甲車做加速運(yùn)動、乙車做勻速運(yùn)動

B.在％時(shí)刻，甲、乙兩車第一次相遇

C.在I2時(shí)刻，甲、乙兩車相距最遠(yuǎn)

D.在h?t2時(shí)間內(nèi)有某一時(shí)刻，甲、乙兩車的加速度相等

9.在工程領(lǐng)域起重機(jī)等機(jī)械的運(yùn)用十分廣泛。如圖所示，用起重機(jī)緩慢吊

起正方形混凝土板4BCD,已知混凝土板邊長為a,質(zhì)量為小，且始終呈水

平狀態(tài)，四根鋼索04OB、0C、。。的長度均為a,不計(jì)鋼索所受重力。

已知重力加速度為g,下列說法正確的是（）

A.每根鋼索所受的拉力大小均為Jmg

4

B.。40C兩根鋼索對混凝土板拉力的合力大小為手zng

C.若僅使4根鋼索均增加相同長度，則每根鋼索所受的拉力大小均變大

D.若僅使4根鋼索的長度同時(shí)增加到，則每根鋼索所受的拉力大小均為第mg

10.“蹦極”是一種極限運(yùn)動，受到很多年輕人的追捧。研究“蹦極”運(yùn)動時(shí),

在游客身上裝上加速度傳感器，在某次“蹦極”中得到游客在豎直方向的加

速度隨時(shí)間變化的部分圖像，如圖所示。已知t=0時(shí)刻游客速度為0,13時(shí)

刻游客下落到最低點(diǎn)，則下列說法正確的是（）

A.0?時(shí)間內(nèi)游客始終處于超重狀態(tài)

B.t3時(shí)刻游客所受合力為0

C.t2?{3時(shí)間內(nèi)彈性繩對游客的拉力逐漸變大

D.0?t2時(shí)間內(nèi)圖線與時(shí)間軸所圍成的面積比t2?t3內(nèi)的圖線與時(shí)間軸所圍成的面積大

11.豎直平面內(nèi)有一固定的大圓環(huán)，自圓環(huán)的最高點(diǎn)P搭建兩條光滑直軌道PM、PN,M、N為圓環(huán)上的兩點(diǎn),

且PN=2PM?，F(xiàn)將兩個(gè)相同的可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊（圖中未畫出）自P點(diǎn)由靜止開

始分別沿PM、PN下滑，則兩小物塊分別到達(dá)M、N時(shí)的速率之比加：為為（）

A.1.-/2

B.1：2

C.1.-2/2

D.1：4

12.如圖所示，一質(zhì)量為m=0.5kg的小球自高九=20zn的平臺上以q=5m/s的初速度水平拋出，運(yùn)動t=

0.5s后，再給小球施加F=5N的水平向右恒力，直到小球落至水平地面，不計(jì)空氣阻力。下列說法正確的

是（）

A.小球從拋出至落地的時(shí)間小于2s

B.小球從拋出至落地過程一直做曲線運(yùn)動

C.小球落地時(shí)的速度大小為20Vlm/s

D.整個(gè)運(yùn)動過程中小球的水平位移大小為106

13.如圖所示，一質(zhì)量為M、傾角6=37。的斜面體a,其斜面是由某種特殊材料制成，當(dāng)質(zhì)量為機(jī)的物塊b沿

斜面向上滑動時(shí)物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)%=0.25,向下滑動時(shí)則為%=0.5o現(xiàn)物塊以初速度為沿斜面

向上滑行至某處后再向下返回斜面底端，整個(gè)過程斜面體始終保持靜止，則物塊在沿斜面向上、向下的滑

動過程中，下列說法正確的是（s譏37。=0.6,cos37。=0.8）（）

A.上滑過程地面對斜面體的摩擦力方向水平向右

B.下滑過程物塊對斜面體的作用力方向豎直向下

C.下滑過程地面對斜面體的支持力大于上滑過程

D.物塊返回斜面體底端時(shí)的速度大小等于;為

二、多選題：本大題共2小題，共6分。

14.下列說法正確的是（）

A,速度、加速度的定義都用到了比值定義法

B.物體做平拋運(yùn)動時(shí)，其速度變化量方向始終豎直向下

C.牛頓通過理想斜面實(shí)驗(yàn)說明了力不是維持物體運(yùn)動的原因

D.圖中滑梯若設(shè)計(jì)得陡一點(diǎn)，可增加滑行者的慣性，使其滑得更快

15.如圖所示，用1、2、3、4四根輕繩將重力均為G的三個(gè)相同小球連接并懸掛在水平天花板上。點(diǎn)和豎直

墻面上a點(diǎn)，繩1與豎直方向的夾角8=30°,繩4處于水平方向?，F(xiàn)調(diào)節(jié)繩4的長度并分別懸掛于豎直墻面a點(diǎn)

c

b

O

上面的各點(diǎn)，發(fā)現(xiàn)繩4懸掛于b點(diǎn)時(shí)繩4上的拉力最小。整個(gè)過程中最左側(cè)小球P的位置不變，且繩4懸掛好后

系統(tǒng)仍處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是()

A.繩4懸掛于a點(diǎn)時(shí)，繩1上的拉力大小為CG

B.繩4懸掛于b點(diǎn)時(shí)，繩4上的拉力大小為1.5G

C.繩4懸掛于b點(diǎn)時(shí)，繩3與繩4間的夾角為120。

D.若繩4懸掛于c點(diǎn)時(shí)與墻面間的夾角也為30。，則此時(shí)繩3上的拉力大小為G

三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共14分。

16.一實(shí)驗(yàn)小組用圖甲所示的裝置做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)，圖乙是某次實(shí)驗(yàn)獲取的一段紙

帶，圖丙為其中三個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)放大圖。紙帶上已標(biāo)出6個(gè)連續(xù)的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)跡，己

知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)周期是0.02s。

llll|llllllll|llllllll|llllllll|llllllll|III唧I唧川刪刪1|11111111|11111111|1111llll|llll

(1)本次實(shí)驗(yàn)選擇的電火花計(jì)時(shí)器所用的電源應(yīng)為圖丁的(選填“力”、"B”或)中的電源。

(2)該實(shí)驗(yàn)過程中，下列操作正確的是。

A先釋放小車，再接通電源

A平衡阻力時(shí)，小車需要連上紙帶

C.調(diào)節(jié)滑輪高度使細(xì)繩與水平桌面平行

(3)在圖丙中計(jì)數(shù)點(diǎn)2的讀數(shù)為cm,根據(jù)圖丙可計(jì)算出小車的加速度大小為m/s2(計(jì)算結(jié)果保

留兩位有效數(shù)字)。

(4)另一實(shí)驗(yàn)小組利用如圖戊裝置來做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)，通過測量小車1和小車2的位

移來比較他們的加速度，則本實(shí)驗(yàn)方案需保證兩小車運(yùn)動的相同，若用刻度尺量出小車1、2發(fā)生的

位移大小分別為/、9，可知小車1、2的加速度大小之比的：a2=o

17.(1)—實(shí)驗(yàn)小組用圖甲裝置做“探究平拋運(yùn)動的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)。小球從斜槽M末端水平飛出后，被傾斜擋板

N卡住，通過調(diào)節(jié)擋板高度，可記錄小球經(jīng)過的多個(gè)位置，從而繪制出平拋運(yùn)動的軌跡。

①關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是(多選)。

A必須選取光滑的斜槽進(jìn)行實(shí)驗(yàn)

8.實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)選擇密度大、體積小的鋼球

C.每次小球必須從同一位置由靜止釋放

D上下移動擋板N時(shí)，擋板高度必須等間距變化

②本實(shí)驗(yàn)需要建立直角坐標(biāo)系，下列坐標(biāo)系中原點(diǎn)選取正確的是圖乙的。

(2)另一實(shí)驗(yàn)小組用圖丙裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，物體4中裝有發(fā)射裝置，可以向各個(gè)方向同時(shí)發(fā)射超聲波脈沖和紅

外線脈沖，其發(fā)射頻率有兩種選擇，即25Hz或50Hz；B中裝有名、兩個(gè)超聲——紅外接收器，&、能

各自測出接收到的超聲脈沖和紅外脈沖的時(shí)間差，計(jì)算機(jī)即可算出它們各自與物體力的距離，從而確定力的

位置。某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，先選擇4的發(fā)射頻率，再進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。讓力從斜槽上的P點(diǎn)由靜止釋放，從斜槽末端。點(diǎn)水

平飛出，坐標(biāo)系建立同上題②中的正確方式，計(jì)算機(jī)記錄了2經(jīng)過的位置的七組數(shù)據(jù)，如表所示。根據(jù)表中

數(shù)據(jù)可計(jì)算出71做平拋運(yùn)動的初速度大小為m/s(重力加速度g取9.8a/s2,計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)

字)。

x/cm02.915.808.6911.6114.5017.41

y/cm00.773.076.9112.3019.2027.65

(3)關(guān)于下列實(shí)驗(yàn)的說法中，正確的是(多選)。

A在“探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，測力計(jì)外殼可與白紙接觸

A在“探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，每次拉橡皮筋時(shí)，只需使橡皮筋的伸長量相同即可

C.在“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，在彈簧下端懸掛上鉤碼并立即記錄下端所到達(dá)的刻度位置,

記為此拉力下的彈簧長度

。在“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，若作出彈力和彈簧長度的關(guān)系圖像，也能求出彈簧的勁度

系數(shù)

四、計(jì)算題：本大題共4小題，共41分。

18.如圖所示，小球從離地拉=5爪高處由靜止釋放，與地面碰撞后向上彈起，每次彈

起速度均為碰前速度的一半，不計(jì)空氣阻力，忽略小球與地面碰撞的時(shí)間，求：

(1)小球第一次與地面碰撞前的速度大小巧;

(2)小球第一次與地面碰撞后向上運(yùn)動的最大高度后；

(3)小球從靜止釋放至第三次與地面碰撞時(shí)，小球運(yùn)動的總時(shí)間t。

19.如圖為用兩架無人機(jī)4B移動貨物的試驗(yàn)場景，兩架質(zhì)量均為爪=3.5kg的無人機(jī)用輕繩。M、ON一起

提升質(zhì)量M=10kg的貨物，無人機(jī)和貨物一起豎直向上做勻速直線運(yùn)動。輕繩0P沿豎直方向，輕繩0M、

ON與豎直方向夾角分別為a=53。、0=37。且保持不變，忽略無人機(jī)所受空氣阻力，貨物受到與速度方向

相反的空氣阻力作用，且貨物所受空氣阻力大小為自身重力的k倍。已知ON繩上的拉力大小尸2=100N,求：

(s出37°=0.6,cos37°=0.8)

AB

(1)OM繩上的拉力&的大小；

(2)比例系數(shù)k的值；

(3)空氣對無人機(jī)力的作用力。

20.如圖所示，在豎直平面內(nèi)，傾斜傳送帶傾角。=37。，可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊a與傳送帶間的動摩擦因數(shù)%=

0.5,傳送帶底端8與光滑平臺BC平滑連接，有一長木板b置于平臺右側(cè)的光滑水平面上，其左端面緊貼平臺

右端面CD放置、上表面與平臺8C齊平。已知傳送帶頂端4到底端B的長度為L=3.2m,物塊的質(zhì)量爪=1kg,

長木板質(zhì)量M=4kg,物塊與長木板間的動摩擦因數(shù)%=02物塊經(jīng)過各連接處時(shí)速度大小不變?，F(xiàn)將該

物塊無初速地在傳送帶頂端4處釋放，不計(jì)空氣阻力。(sin37°=0.6,cos37°=0.8)

(1)若傳送帶以2zn/s的速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動，求物塊滑到B時(shí)的速度大小功；

(2)若傳送帶以2m/s的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動，求物塊從力滑到B所用的時(shí)間t；

(3)若傳送帶以2a/s的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動，要使物塊不從長木板右端掉落，求長木板的最小長度3配。

21.如圖所示，粗糙水平面上有一長方體箱子，箱子內(nèi)部固定有光滑斜面04斜面傾角9=37。，箱子右邊

固定有豎直擋板CD?，F(xiàn)用水平恒力F推動箱子使其由靜止開始向右做勻加速直線運(yùn)動，此時(shí)斜面。4上的小

球P(可視為質(zhì)點(diǎn))與斜面保持相對靜止。已知整個(gè)裝置(包括箱子、斜面和小球)的質(zhì)量M=6kg,箱子與水

平面間的動摩擦因數(shù)〃=0.1,P離箱底的高度h=0.45m,斜面底端力與箱子底部右端B相距當(dāng)B=0.15m,

不計(jì)空氣阻力。(sin37。=0.6,cos37。=0.8)

(1)求此時(shí)箱子的加速度大小和水平恒力F的大小；

(2)現(xiàn)保持(1)中F不變,設(shè)箱子與擋板CD碰撞后速度立即變?yōu)?且此后保持靜止,而小球P則可能會與斜面04

箱子底部48或箱子右壁發(fā)生碰撞。將P自飛出到第一次發(fā)生碰撞的時(shí)間記為3P飛出后直接撞到箱子右

壁時(shí)的速度大小記為外箱子右壁與擋板間的距離BC記為L。

①當(dāng)L取多大時(shí)，"有最小值，并求出該最小值七?譏；

②通過分析計(jì)算，寫出t與L間的函數(shù)關(guān)系。

答案和解析

1.C

【解析】在國際單位制中，力學(xué)的基本單位是小、kg、s,而單位zn/s,m/s\N都是導(dǎo)出單位，故C正確，

A3。錯(cuò)誤。

故選：Co

【解析】4列車的時(shí)刻表中，出發(fā)或者到達(dá)的時(shí)間是某一時(shí)間點(diǎn)，指的是時(shí)刻，而不是時(shí)間間隔，故A錯(cuò)

誤；

A列車從一地到另一地行駛所用的時(shí)間，是時(shí)間間隔，圖中6時(shí)38分表示時(shí)間間隔，故B錯(cuò)誤；

C.“1225km”是位移大小，而不是路程，故C錯(cuò)誤；

D研究列車在地圖上的位置，由于地圖上比例尺都較大，列車的尺寸對研究在列車運(yùn)動過程中位置變化無

影響，可視列車為質(zhì)點(diǎn)，故。正確。

故選：Do

3.D

【解析】樹葉在下落過程中受到的空氣阻力不能忽略，故從高為56的枝頭落下的樹葉的運(yùn)動不是自由落體

運(yùn)動，下落時(shí)間大于自由落體運(yùn)動的時(shí)間；根據(jù)八二^^嚴(yán)，得到自由落體運(yùn)動的時(shí)間為：1=后=

J管s=0.8s,故銀杏葉落地時(shí)間一定大于0.8s,故ABC錯(cuò)誤，。正確。

故選：Do

4.C

【解析】4、猴子相對于傾斜的樹枝靜止，有下滑的趨勢，所以猴子一定受摩擦力作用，故A錯(cuò)誤；

BC、根據(jù)平衡條件可知，樹枝對猴子的作用力與猴子的重力等大反向，則樹枝對猴子的作用力方向豎直向

上，由牛頓第三定律可知，猴子對樹枝的作用力方向一定豎直向下，故8錯(cuò)誤，C正確；

。、根據(jù)彈力產(chǎn)生的原因可知，猴子對樹枝的壓力是由于猴子發(fā)生形變而產(chǎn)生的，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

5.B

【解析圖中4點(diǎn)標(biāo)出的受力方向不應(yīng)該在軌跡的切線方向，而應(yīng)該指向運(yùn)動軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，故A錯(cuò)誤；

BD曲線運(yùn)動的B點(diǎn)的速度方向沿切線方向，受到的合力指向運(yùn)動軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，。點(diǎn)合力沒有指向運(yùn)動

軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，故8正確，。錯(cuò)誤；

C.曲線運(yùn)動速度沿著曲線的切線方向，圖中C位置中，速度方向沒有沿運(yùn)動軌跡的切線方向，故C錯(cuò)誤。

故選：Bo

6.B

【解析】石塊B受力如圖所示

mg

由牛頓第二定律得：S=ma

tan（7

解得:。=磊

由于即＜。1，貝I。增大

力F的大小尸=篝，由于。增大，則力尸減小，故2正確，ACZ）錯(cuò)誤。

sint/

故選：Bo

7.2

【解析】利用初速度為零的勻加速直線運(yùn)動的一個(gè)基本推論:通過連續(xù)相等位移所用的時(shí)間之比為1：（2-

1）；（門-….?（行-百=1）,車頭從第1棵樹運(yùn)動到第2棵樹的時(shí)間恰好與車頭從第n棵樹運(yùn)動到

第九+5棵樹的時(shí)間相等，所以可得1=-/n—Vn-1+Vn+1-y/~n......Vn+4—Vn+3=Mn+4—

解得n=5,所以圖中“……”處是第3和第4棵樹，總共2棵，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：Ao

利用勻變速直線運(yùn)動的通過連續(xù)相等位移所用的時(shí)間之比的規(guī)律求解。

本題考查了勻變速直線運(yùn)動相關(guān)知識，理解物體運(yùn)動狀態(tài)，合理選取運(yùn)動學(xué)規(guī)律是解決此類問題的關(guān)鍵。

8.D

【解析】力、速度一時(shí)間圖像只能表示直線運(yùn)動中速度隨時(shí)間的變化規(guī)律，可知甲、乙兩車均做加速直線運(yùn)

動，故A錯(cuò)誤；

BC、甲、乙兩車從同一地點(diǎn)同向運(yùn)動，根據(jù)u-t圖像與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，。-右時(shí)間內(nèi)位移不

相等，0?⑦時(shí)間內(nèi)甲車與乙車的位移相等，則在h時(shí)刻，甲、乙兩車相距最遠(yuǎn)，在t2時(shí)亥1，甲、乙兩車相

遇，故BC錯(cuò)誤；

D、由U-t圖像切線的斜率表示加速度，在h?t2時(shí)間內(nèi)有某一時(shí)刻兩圖線的斜率一定相等，即有某一時(shí)刻

甲、乙兩車的加速度相等，故。正確。

故選:Do

9.D

【解析】設(shè)鋼索與豎直方向的夾角為氏每根鋼索的拉力大小為F,

根據(jù)平衡條件可得：4Fcos9=mg,

解得：F=』，

4cos0

因?yàn)榛炷涟暹呴L及四根鋼索04、OB、0C、。。的長度均為a,

則由幾何關(guān)系可知，每根鋼索在土板上的投影均為：乙=登足=亨，

則有:sind=

a

解得：sin3=芋，貝!=45°,cosd-芋，

聯(lián)立可得：尸=耳吆；

結(jié)合前面分析可知，四根鋼索對混凝土板拉力的合力大小為mg,則由對稱性可知，。4、0C兩根鋼索對混

凝土板拉力的合力大小為：mg；故A8錯(cuò)誤；

CD結(jié)合前面分析可知，尸=其，

4cos8

由此可知，若僅使4根鋼索均增加相同長度，則夾角。越小，則每根鋼索所受的拉力大小均變??；

若僅使4根鋼索的長度同時(shí)增加到，la,

則由幾何關(guān)系可知：sinB=%

解得：sind=0.5,則6=30°,cosd=苧，

則每根鋼索所受的拉力大小均為：F=彗=多==mg；故C錯(cuò)誤，O正確；

4cos64x—6

故選：Do

10.C

【解析】A在0?巧時(shí)間內(nèi)，游客的加速度方向一直向下，游客始終處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

8府時(shí)刻游客下落到最低點(diǎn)，此時(shí)游客的速度為0,但加速度不為0。根據(jù)牛頓第二定律，合力等于質(zhì)量與加

速度的乘積，由于加速度不為0,所以合力也不為0,故B錯(cuò)誤；

C.在巧?七時(shí)間內(nèi)，游客的加速度方向向上，且逐漸增大，根據(jù)牛頓第二定律，F(xiàn)彈一mg=ma,由于加速

度逐漸增大，所以彈性繩對游客的拉力也逐漸增大，故C正確；

D.a-t圖線與時(shí)間軸所圍成的面積表示該時(shí)間內(nèi)速度的變化量，由于兩個(gè)時(shí)間段內(nèi)速度的變化量相等（都是

從0變化到某個(gè)最大值，再變化到0),所以兩個(gè)面積相等，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

11.B

【解析】設(shè)圓環(huán)直徑為d,PM長度為匕、與直徑夾角為a,PN長度為J、與直徑夾角為/?,如圖

根據(jù)牛頓第二定律得mgcosa=ma「解得a】=gcosa-粵,

根據(jù)勻速直線運(yùn)動速度與位移公式得以=2的小解得外=J2義粵xk=4舊；

同理"N=，2楞，因PN=2PM，故。團(tuán)"N為1：2,故8正確，ACD錯(cuò)誤。

故選：Bo

12.C

【解析】4、根據(jù)自由落體運(yùn)動關(guān)系式可得力=楞=J嚓s=2s,故A錯(cuò)誤；

B、運(yùn)動t=0.5s后，豎直方向速度為%=gt=10x0.5m/s=5?n/s,豎直方向加速度為g,水平方向速度

v0=5m/s,水平方向加速度=^m/s2=10?n/s2,故此后小球做直線運(yùn)動，故5錯(cuò)誤；

C＞落地時(shí)豎直方向速度=10x2m/s-20m/s,水平方向速度uj=5m/s+10x(2—0.5)m/s=

20m/s,合速度為u=72。2+202m/s=20V方n/s,故C正確；

D、小球的水平位移大小為％=5x0.5m+5xl.5ni+/10x1.52nl=21,25根，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

13.C

【解析】4物塊上滑過程物塊的加速度方向沿斜面向下，斜面與物體整體有水平向左的加速度，則地面對

斜面體的摩擦力方向水平向左，故A錯(cuò)誤；

2、下滑過程物塊的加速度方向沿斜面向上，物塊所受合力沿斜面向上，物塊受到的重力豎直向下，則斜面

體對物塊的作用力斜向右上方，物塊對斜面體的作用力斜向左下方，故8錯(cuò)誤;

C、物塊下滑過程加速度方向沿斜面向上，系統(tǒng)由豎直向上的加速度，系統(tǒng)處于超重狀態(tài)，地面對斜面體的

支持力大于重力；物塊上滑過程加速度方向沿斜面向下，系統(tǒng)具有向下的加速度，系統(tǒng)處于失重狀態(tài)，地

面對斜面體的支持力小于重力，則下滑過程地面對斜面體的支持力大于上滑過程，故c正確；

。、對物塊，由牛頓第二定律得：

上滑過程：mgsinS+^mgcosd=mar

m

下滑過程：mgsind—u2geosf）=ma2

物塊上滑過程做勻減速直線運(yùn)動，下滑過程做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，

2

由u—x公式得：VQ=2al%,v=2a2%

解得：v=^v0,故。錯(cuò)誤。

故選：Co

14.AB

【解析】4、速度、加速度的定義采用了比值定義的方法，故A正確；

8、平拋運(yùn)動的加速度始終豎直向下，做勻變速曲線運(yùn)動。因此，速度變化量的方向也始終豎直向下，故8

正確；

C、伽利略用了理想實(shí)驗(yàn)的方法證明了力不是維持物體運(yùn)動的原因，故C錯(cuò)誤；

。、滑行者的質(zhì)量不變，慣性不變，故。錯(cuò)誤。

故選:ABo

15.BD

【解析】4對整體進(jìn)行受力分析（以繩4懸掛在任意位置為例）：把三個(gè)小球看成一個(gè)整體，整體受到重力3G,

繩1的拉力Ti和繩4的拉力當(dāng)繩4懸掛在a點(diǎn)時(shí)，在整體在豎直方向上根據(jù)平衡條件有/cos。=3G,已知

e=30°,則71=總滔，解得=26,故A錯(cuò)誤。

3.分析繩4懸掛在b點(diǎn)時(shí)的情況，當(dāng)繩4懸掛在b點(diǎn)時(shí)繩4上的拉力最小時(shí)，三個(gè)小球整體整體分析知：當(dāng)繩4的

拉力與繩1的拉力垂直時(shí)，繩4的拉力最小。

對三個(gè)小球整體分析，因?yàn)門1與豎直方向夾角為30。，在水平方向有3Gs譏。=T4,所以北=3Gs出30。，解

得A=1.5G,故8正確。

C.對最右邊的小球，設(shè)繩3的拉力為73,因?yàn)槔K4與繩1垂直，且小球重力為G,根據(jù)平衡條件，T3sina=

T4COS30°,73cosa+T4s譏30。=G（a是繩3與豎直方向夾角），又因?yàn)槎?1.5G,由tema=3，可，可得a不

等于60。，那么繩3與繩4的夾角不是120。，故C錯(cuò)誤。

D分析繩4懸掛在c點(diǎn)時(shí)的情況：若繩4懸掛在c點(diǎn)時(shí)與墻面間的夾角為30。，對最右邊的小球進(jìn)行受力分析。

設(shè)繩3的拉力為73,將繩3和繩4的拉力沿水平和豎直方向分解。在豎直方向上，對最右邊小球有73s譏30。+

T4sin300=G,在水平方向T3cos30°=7；cos30°,即北=北，代入73s譏30°+Qs譏30°=G,可得T3=G,

故。正確。

故選：BDo

16.CB8.850.96時(shí)間%1：%2

【解析】(1)電火花計(jì)時(shí)器所用電源為220U的交流電，故選C；

(2)A為獲得更多的點(diǎn)跡，應(yīng)先接通電源，再釋放小車，故A錯(cuò)誤；

A平衡阻力時(shí)，小車需要連上紙帶，調(diào)節(jié)木板，待紙帶點(diǎn)跡的距離相等即可，故2正確;

C.為保證細(xì)繩拉力不變，應(yīng)調(diào)節(jié)滑輪高度使細(xì)繩與木板平行，故C錯(cuò)誤；

故選：Bo

(3)刻度尺的分度值為0.1cm,計(jì)數(shù)點(diǎn)2的讀數(shù)為8.85cm；

兩點(diǎn)間時(shí)間為t=5T=5x0.02s=0.1s

2

根據(jù)逐差法可知a=氈學(xué)=38.O5-2X*O*001=0i96m/s

9產(chǎn)9X0.12

(4)本實(shí)驗(yàn)中，兩小車從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動，且兩小車的運(yùn)動時(shí)間相等，所以兩小車的位移之比等

于加速度之比，即a［：a2-xr：x2o

故答案為:(1)C；(2)B；(3)8.85,0.96；(4)時(shí)間；x1：x2

VI.BCC0.72AD

【解析】(1)①4斜槽是否光滑對實(shí)驗(yàn)無影響，故A錯(cuò)誤；

A為避免空氣阻力的影響，實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)選擇密度大、體積小的鋼球，故2正確；

C.每次小球必須從同一位置由靜止釋放，從而確保鋼球初速度大小相等，故C正確；

D上下移動擋板N時(shí)，擋板高度無需等間距變化，故。錯(cuò)誤;

故選：BCo

②坐標(biāo)系中原點(diǎn)應(yīng)取小球球心位置，故48。錯(cuò)誤，C正確;

故選：Co

(2)選擇4的發(fā)射頻率，則兩點(diǎn)間時(shí)間為t="=表s

17.41+14.50+11.61-8.69-5.80-2.91八八

水平方向兩點(diǎn)的位移差約為4%=---------------------------cm=2o.90an

A7QH

人做平拋運(yùn)動的初速度大小為u=竽Y=牛x0.01m/s=0.72m/s

25

(3)4在“探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，彈簧測力計(jì)的外殼與白紙之間的摩擦不會影響拉力

的測量，對實(shí)驗(yàn)不會造成影響，故A正確；

3.在“探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，為了保證兩次作用效果相同,必須將結(jié)點(diǎn)拉到相同位置,

故8錯(cuò)誤；

C.在“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，在彈簧下端懸掛上鉤碼，待彈簧穩(wěn)定后，記錄下端所到達(dá)

的刻度位置，記為此拉力下的彈簧長度，故C錯(cuò)誤；

D在“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，若作出彈力和彈簧長度的關(guān)系圖像，根據(jù)圖像斜率也能求

出彈簧的勁度系數(shù)，故。正確；

故選：ADo

故答案為：⑴①BC,②C；(2)0.72；⑶2D

18.(1)小球從離地h=5m的高度落地，根據(jù)速度一位移公式得譜=2gh

得落地速度為%=10m/s

⑵由題意可知小球第一次碰地后的回彈速度為%=￡=ym/s=5m/s

根據(jù)速度一位移公式得諺=2gh2

解得h2=1.25m

(3)小球第一次碰地前運(yùn)動的時(shí)間匕=y==Is

第一次碰地后至第二次落地所經(jīng)歷的時(shí)間為t2=等=爺S=1S

第二次碰地后至第三次落地經(jīng)歷時(shí)間為t3=^=^s=0.5s

故從小球開始自由下落到小球第三次與地面碰撞，小球經(jīng)歷的總時(shí)間為t=h+t2+13=1s+1s+0.5s=

2.5s

答：(1)小球第一次與地面碰撞前的速度大小為10m/s；

(2)小球第一次與地面碰撞后向上運(yùn)動的最大高度是1.25??；

(3)小球從靜止釋放至第三次與地面碰撞時(shí)，小球運(yùn)動的總時(shí)間是2.5s。

19.(1)將。到貨物的部分視為整體，如圖，對其受力分析：

由平衡條件可知：F^sina-F2sinp,

其中：F2=100N,

聯(lián)立可得：Fi=75N；

(2)由(1)結(jié)合平衡條件可知：F'osa+F2cos0=Mg+f,

由題知：f=kMg,

聯(lián)立可得：k=0.25；

(3)設(shè)空氣對無人機(jī)4的作用力大小為F,F與水平方向的夾角為0,

如圖，對無人機(jī)4受力分析：

結(jié)合前面分析，由平衡條件可知：Fx=Fcosd=F^sina,Fy=Fsind=mg+Frcosa,

由矢量合成法則可知：F=J呼+寫,tand=a，

聯(lián)立可得：F=WON,tand=貝*=53。，即F方向與水平方向夾角為53。且斜向左上;

答：(1)OM繩上的拉力&的大小為75N；

(2)比例系數(shù)k的值為0.25；

(3)空氣對無人機(jī)力的作用力大小為100N,方向與水平方向夾角為53。且斜向左上。

20.(1)物塊在上滑動時(shí),對物塊，由牛頓第二定律得；mgsinO—[i^mgcosd=ma

代入數(shù)據(jù)解得：a=2mls2

由勻變速直線運(yùn)動的u-％公式得：vl=2aL

代入數(shù)據(jù)解得物塊到達(dá)B端時(shí)的速度大?。簐B=^m/s

(2)物塊剛放在傳送帶上時(shí)，由牛頓第二定律得：mgsinO+^mgcosO=max

代入數(shù)據(jù)解得：=10m/s2

物塊加速到與傳送帶共速需要的時(shí)間h=2=a=0.2s

該過程物塊的位移/=5x0.2m=0.2m

由于附＜1加出共速后物塊相對于傳送帶滑動，繼續(xù)做勻加速直線運(yùn)