高級中學名校試卷PAGE2025學年河北省保定市高二（上）期末聯考物理試卷一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.物理和生活息息相關。下列有關電學知識的說法正確的是（）A.圖甲中，靜電除塵裝置將帶負電的塵埃收集在極柱B上B.圖乙中，建筑物頂端的避雷針利用了尖端放電原理C.圖丙中，采用金屬編織網包裹著導體線芯是為了增加線束的導電性D.圖丁中，毛皮與橡膠棒摩擦起電時，毛皮帶正電是因為在摩擦過程中它得到正電荷【答案】B【解析】A．圖甲中，靜電除塵裝置將帶負電的塵埃收集在兩個帶正電的極板A上，故A錯誤；B．圖乙中，建筑物頂端的避雷針利用了尖端放電原理，故B正確；C．圖丙中，采用金屬編織網包裹著導體線芯是屏蔽線外的電磁信號干擾，故C錯誤；D．圖丁中，毛皮與橡膠棒摩擦起電時，毛皮帶正電是因為在摩擦過程中它失去了帶負電的電子，故D錯誤。故選B。2.如圖甲所示，半徑為r的金屬圓環內存在勻強磁場，磁感應強度隨時間的變化關系如圖乙所示，取垂直紙面向外為正方向。在時間內，下列說法正確的是（）A.感應電流方向先逆時針方向后順時針方向B.時，感應電流為0C.金屬圓環內感應電動勢大小為D.金屬圓環內感應電動勢大小為【答案】C【解析】A．在到的時間間隔內，圓環的磁通量垂直平面向外一直減小，根據楞次定律可知感應電流的磁場垂直紙面向外，由安培定則知感應電流的方向沿逆時針方向，在到的時間間隔內，圓環的磁通量垂直平面向里一直增大，根據楞次定律可知感應電流的磁場垂直紙面向外，由安培定則知感應電流的方向沿逆時針方向，則在時間內，感應電流方向始終逆時針方向，故A錯誤；CD．由法拉第電磁感應定律，金屬圓環內感應電動勢大小為故C正確，D錯誤；B．由歐姆定律得，圓環中的感應電流大小為大小和方向始終不變，故B錯誤。故選C。3.圖甲為按壓式發電手電筒。以一定的頻率不斷按壓手柄時，其內置發電機會產生交變電流，電動勢大小隨時間變化情況如圖乙所示。已知有3只白熾燈泡并聯接到發電機上，每只燈泡的額定電壓均為6V、阻值均為，發電機內部電阻可忽略。若燈泡恰好正常發光，則該發電機（）A.輸出的交流電頻率為50HzB.輸出電壓的最大值為C.輸出電流的有效值為 D.時穿過發電機內部線圈的磁通量為0【答案】B【解析】A．由圖像可知輸出的交流電周期，輸出的交流電頻率為故A錯誤；B．3只白熾燈泡并聯接到發電機上且正常發光，輸出電壓有效值為U=6V，即輸出電壓的最大值為故B正確；C．輸出電流的有效值為故C錯誤；D．時電動勢最小為0，穿過發電機內部線圈的磁通量最大，故D錯誤。故選B。4.如圖所示，一平行板電容器與電源保持連接，其負極板接地并固定。如圖所示，一帶電小液滴恰好靜止于P點。下列說法正確的是（）A.小液滴帶正電B.若僅將上極板向上移動一小段距離，小液滴依然保持靜止C.若僅將上極板向上移動一小段距離，小液滴將向下運動D.若僅將上極板向下移動一小段距離，P點電勢降低【答案】C【解析】A．一帶電小液滴恰好靜止于P點，小液滴受到豎直向上電場力，與電場強度的方向相反，即小液滴帶負電，故A錯誤；BC．平行板電容器與電源保持連接，U不變，僅將上極板向上移動一小段距離，根據可知電場強度減小，小液滴受到電場力減小將向下運動，故B錯誤，C正確；D．僅將上極板向下移動一小段距離，根據可知電場強度增大，設P距下極板距離為x，根據可知P點的電勢升高，故D錯誤。故選C。5.三個完全相同的小球A、B、C，其中A、B均帶正電，被分別固定在兩點，已知小球A電荷量為q。現將不帶電的小球C先后與A、B相互接觸后移走，之后A、B兩球之間的靜電力大小變為原來的一半。設接觸前后A、B均勻帶電，則初始時B球的電荷量為（）A. B. C. D.q【答案】C【解析】不帶電的小球C先與A接觸后，A、C帶電量為，再與B接觸后B的帶電量為之后A、B兩球之間的靜電力大小變為原來的一半，即解得故選C。6.如圖所示，紙面內長為8L、寬為2L的矩形區域abcd內（含邊界）存在垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B。位于d處的粒子源可以發射質量為m、電荷量為的粒子，粒子的速度方向與dc邊夾角為，粒子恰好從c點射出磁場。不考慮粒子重力，下列說法正確的是（）A.粒子的軌跡與ab邊恰好相切B.粒子發射的速度大小為C.粒子在磁場中運動的時間為D.僅減小粒子的發射速度，射出磁場時速度的方向跟發射速度的大小有關【答案】A【解析】A．粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，粒子恰好從c點射出磁場時，設粒子的軌跡與ab邊恰好相切，畫出其運動軌跡如圖所示根據幾何知識，可得粒子在磁場中運動的軌跡半徑根據幾何關系可知mn段的長度恰好等于2L，故假設成立，故A正確；B．根據洛倫茲力提供向心力，則有解得故B錯誤；C．根據幾何關系，可知粒子轉過的圓心角為，粒子在磁場中運動的周期為粒子在磁場中運動的時間為故C錯誤；D．僅減小粒子的發射速度，根據洛倫茲力提供向心力，則有解得可知粒子的運動半徑減小，仍從dc邊出射，根據幾何關系可知，射出磁場時速度的方向與dc邊的夾角保持不變，仍為，故射出磁場時速度的方向跟發射速度的大小無關，故D錯誤。故選A。7.如圖所示，金屬導軌所在的平面與水平面的夾角，導軌間的距離為1m，金屬導軌電阻不計，其上端接有電動勢為6V、內阻為的直流電源。空間中存在豎直向上的勻強磁場（圖中未畫出），現把一質量為2kg、電阻為的導體棒ab垂直放在金屬導軌上，導體棒處于靜止狀態。已知導體棒與導軌間動摩擦因數為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，，，g取，則下列說法正確的是（）A.流過導體棒ab的電流大小為3AB.導體棒ab受到的安培力方向水平向左C.為保證導體棒ab處于靜止狀態，磁感應強度最小值為D.為保證導體棒ab處于靜止狀態，磁感應強度最大為20T【答案】D【解析】A．根據閉合電路歐姆定律可知，流過導體棒ab的電流大小為故A錯誤；B．根據左手定則可知，導體棒ab受到的安培力安培力方向水平向右，故B錯誤；C．為保證導體棒ab處于靜止狀態，磁感應強度最小值為，根據平衡條件有解得故C錯誤；D．為保證導體棒ab處于靜止狀態，磁感應強度最小值為，根據平衡條件有解得故D正確。故選D。二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.如圖所示為遠距離輸電原理圖，兩個變壓器均為理想變壓器，輸電線的總電阻為，其它導線電阻可忽略不計。已知發電廠的輸出功率為100kW，，，輸電線上損失的功率為5kW。下列說法正確的是（）A.輸電線上的電流為25AB.C.升壓變壓器原副線圈匝數比為1D.降壓變壓器原副線圈匝數比為【答案】AD【解析】A．發電廠輸出的電流輸電線的電流故A正確；B．對升壓變壓器輸電線回路中故B錯誤；C．升壓變壓器原副線圈匝數比為故C錯誤；D．降壓變壓器原副線圈匝數比為故D正確。故選AD。9.某興趣小組的同學想要用電壓表改裝一個加速度測量計，設計方案如下圖。較重的滑塊2可以在光滑的框架1中平移，滑塊兩側分別連接完全相同的彈簧3；是總阻值為R的電阻絲，4是固定在滑塊上且與電阻絲接觸的可滑動金屬片，初始時4位于電阻絲中間位置且開關閉合后電壓表示數為U。已知電源的電動勢、內阻均不變，為定值電阻。將裝置安裝在水平向右運動的小車上，下列說法中正確的是（）A.小車勻速運動時電壓表示數等于UB.小車加速時，電壓表的示數大于UC.小車剎車時，電壓表的示數大于UD.將電壓表表盤重新刻畫為加速度測量計的表盤，其刻度線分布均勻【答案】AB【解析】A．初始時觸片4位于電阻絲中間位置且開關閉合后電壓表示數為U，此時兩邊彈簧彈力為零，當小車勻速運動時，滑塊2所受合力為零，表明此時彈簧不受力，故電壓表示數等于U，故A正確；B．當小車向右加速運動時，觸片4向左移動x，加速度方向向右，則回路電阻增大，電流減小，電壓表電壓表示數增大，電壓表的示數大于U，故B正確；C．小車剎車時，觸片4向右移動x，加速度方向向左，故回路總電阻減小，總電流增大，電壓表數可知電壓表示數減小，電壓表的示數小于U，故C錯誤；D．若向右加速，設觸片4向左移動x距離，電阻絲總長為2l，根據歐姆定律電壓表示數可見刻度線分布不均勻，故D錯誤。故選AB。10.如圖所示，兩根足夠長、電阻可忽略的光滑平行導軌固定在絕緣水平面上，空間中存在豎直向下的勻強磁場，磁感應強度為B，導軌上有M、N兩點，MN左、右兩側導軌間距分別為2L和L，導體棒a、b分別置于左右兩側的導軌上，且距離MN足夠遠。導體棒a質量為2m，電阻為2R；導體棒b質量為m，電阻為R。現同時給導體棒a、b水平向右、大小為的初速度，在以后的運動過程中導體棒a、b與導軌始終接觸良好，則下列說法正確的是（）A.剛開始運動時，導體棒b所受安培力大小為，方向水平向左B.導體棒a的最終速度大小為C.導體棒b的最終速度大小為D.整個運動過程中，通過導體棒b的電荷量為【答案】BD【解析】A．根據右手定則可知兩根導體棒切割磁感應線產生的感應電動勢方向相同，故剛開始運動時回路電流為順時針，產生的感應電動勢為則感應電流為導體棒b所受安培力大小為由左手定則知方向水平向右，故A錯誤；BCD．由受力分析和牛頓第二定律可得，在開始運動的一段時間內，回路中產生電流，兩棒受安培力，a棒受安培力做加速度逐漸減小的減速運動，b棒受安培力做加速度逐漸減小的加速運動，某時刻回路達到穩態后，電流為零，即即兩棒最終勻速直線運動，則有對a棒，根據動量定理可得對b棒，根據動量定理可得又聯立解得最終速度大小，，故BD正確，C錯誤。故選BD。三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.某同學在實驗室練習使用多用電表，圖甲為多用電表示意圖。（1）在使用多用電表時，下列說法正確的是

。A.紅表筆應該插入A代表的插孔B.若使用前發現指針未指在電流或電壓的零刻線處，應旋轉旋鈕N進行調零C.測量某電阻時發現指針偏轉角度過大，則應當減小倍率，重新進行歐姆調零后再測量D.多用電表使用完畢，應該拔出紅、黑表筆，選擇開關旋轉至“OFF擋”（2）某次測量時多用電表指針位置如圖乙所示，若此時選擇開關旋轉至“100mA”擋，則多用電表讀數為__________mA；若此時選擇開關旋轉至“”擋，則多用電表讀數為__________。（3）若用多用電表的歐姆擋去探測一個正常的二極管，某次探測時，發現表頭指針偏轉角度很小，則與二極管正極相連的是多用電表的__________。（選填“紅表筆”或“黑表筆”）【答案】（1）ACD（2）52140（3）紅表筆【解析】（1）A．紅表筆應該插入A代表的插孔，故A正確；B．若使用前發現指針未指在電流或電壓的零刻線處，應旋轉旋鈕M進行調零，故B錯誤；C．測量某電阻時發現指針偏轉角度過大，說明待測電阻阻值相對所選倍率較小，則應當減小倍率，重新進行歐姆調零后再測量，故C正確；D．多用電表使用完畢，應該拔出紅、黑表筆，選擇開關旋轉至“OFF擋”，故D正確。（2）[1]次測量時多用電表指針位置如圖乙所示，若此時選擇開關旋轉至“100mA”擋，最小精確度為2mA多用電表讀數為[2]若此時選擇開關旋轉至“”擋，則多用電表讀數為（3）電流從二極管正極流入時，二極管導通，正向電阻小；用多用電表的歐姆擋去探測一個正常的二極管，某次探測時，發現表頭指針偏轉角度很小，說明二極管的電阻大；歐姆表的內部電流從黑表筆流出，紅表筆流入，因此與二極管正極相連的是多用電表紅表筆。12.層疊電池是由扁平形的單體鋅錳電池按一定方式組裝而成的高壓電池組。某實驗小組要測一層疊電池的電動勢E和內阻約為9V，內阻約為，實驗室中提供下列器材：電壓表V：量程3V，內阻為電流表A：量程，內阻可忽略滑動變阻器R：最大阻值，額定電流1A定值電阻：阻值為定值電阻：阻值為開關S與導線若干（1）根據所學知識，同學們設計了如圖甲所示的實驗電路，圖中與電壓表串聯的定值電阻應該選用__________（填“”或者“”）。（2）請根據實驗電路圖，完成實物連線__________。（3）按實驗電路圖接好電路，進行多次測量，畫出電壓表讀數U和電流表讀數I的關系圖，如圖乙，可以得到電池的電動勢__________V、內阻__________。（結果均保留三位有效數字）【答案】（1）（2）（3）9.0012.5【解析】（1）該電源電動勢約為9V，需要將電壓表改裝為大約為9V左右，則有應選擇才能將量程擴大到9V。（2）根據電路圖連接實物圖如圖所示（3）[1][2]由題意可得，外電路的電壓為由閉合電路歐姆定律可得化簡的結合圖像可知，圖像的縱截距圖像斜率的絕對值代入數據聯立解得，四、計算題：本大題共3小題，共30分。13.如圖所示，一長為1m的絕緣細線將一帶電小球固定于天花板上O點，小球質量為，電荷量為。空間中存在水平向右的勻強電場，平衡時細線與豎直方向夾角為。，，，求：（1）勻強電場電場強度的大小；（2）若再對小球施加一水平向右的作用力，使得小球緩慢運動到細線與豎直方向夾角為的位置，求該水平力做的功。【答案】（1）（2）【解析】（1）對小球進行受力分析，設細線上的力為，根據平衡條件聯立解得（2）小球緩慢運動過程其中解得外力F做功14.如圖所示，與水平面成角的光滑平行傾斜導軌，下端接阻值為的電阻。導軌中間虛線框部分為邊長1m的正方形。時刻，質量為、阻值為的導體棒垂直導軌放置，從距離上端虛線的位置由靜止釋放，同時虛線框內勻強磁場磁感應強度由0開始隨時間均勻增加，方向垂直導軌平面向上。當導體棒剛進入磁場時，磁感應強度停止變化，且導體棒恰能勻速下滑。不計導軌電阻，重力加速度為。求：（1）導體棒剛進磁場時磁感應強度的大小；（2）導體棒進入磁場前流過電阻的電流；（3）導體棒從開始運動到出磁場的過程中回路產生的焦耳熱。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）導體棒由靜止開始下滑，根據牛頓第二定律設剛進入磁場時速度大小為，根據速度位移公式有剛進入磁場時，設電動勢大小為，根據法拉第電磁感應定律有根據閉合電路歐姆定律有導體棒受力平衡解得（2）設導體棒進入磁場前運動時間為，則有回路中磁感應強度變化率設回路中感應電動勢大小為E，根據法拉第電磁感應定律有流過電阻的電流（3）導體棒進入磁場前，回路中產生的熱量，其中聯立解得導體棒從開始運動到出磁場的過程中回路產生的焦耳熱15.如圖所示，在直角坐標系的區域存在垂直紙面的勻強磁場，在x>0、的區域存在沿y軸正方向的勻強電場（圖中未畫出）。質量為m、電荷量為q的粒子從y軸上點以速度沿x軸正方向進入電場，經x軸上B點進入磁場時，速度方向與x軸正方向的夾角為，并從x軸上的C點第一次離開磁場，最后經第三象限回到A點。不計粒子的重力，求：（1）勻強電場電場強度的大小；（2）勻強磁場磁感應強度的大小和方向；（3）粒子從A點出發到第一次返回A點的時間。【答案】（1）（2）；方向垂直直面向里（3）【解析】（1）設粒子在B點時豎直方向的速度大小為，根據幾何關系有解得設帶電粒子由A至B用時為，則有粒子由O至B豎直方向位移根據牛頓第二定律有聯立解得（2）粒子由A點運動至B點水平方向位移由C點運動至A點，做勻速直線運動，如圖所示由幾何關系可知粒子做勻速圓周運動的軌跡如圖中虛線所示，

為圓心，設圓周運動的半徑為r，根據幾何關系可得又在磁場中由洛倫茲力提供向心力其中進入磁場中的速度為聯立解得方向垂直直面向里（3）根據幾何關系，可知粒子在磁場中做勻速圓周運動圓心角為設帶電粒子在磁場中運動的周期為T，則有設從B到C所用時間為，則有帶電粒子由C至A用時粒子從A點出發到第一次返回A點的時間聯立解得2024-2025學年河北省保定市高二（上）期末聯考物理試卷一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.物理和生活息息相關。下列有關電學知識的說法正確的是（）A.圖甲中，靜電除塵裝置將帶負電的塵埃收集在極柱B上B.圖乙中，建筑物頂端的避雷針利用了尖端放電原理C.圖丙中，采用金屬編織網包裹著導體線芯是為了增加線束的導電性D.圖丁中，毛皮與橡膠棒摩擦起電時，毛皮帶正電是因為在摩擦過程中它得到正電荷【答案】B【解析】A．圖甲中，靜電除塵裝置將帶負電的塵埃收集在兩個帶正電的極板A上，故A錯誤；B．圖乙中，建筑物頂端的避雷針利用了尖端放電原理，故B正確；C．圖丙中，采用金屬編織網包裹著導體線芯是屏蔽線外的電磁信號干擾，故C錯誤；D．圖丁中，毛皮與橡膠棒摩擦起電時，毛皮帶正電是因為在摩擦過程中它失去了帶負電的電子，故D錯誤。故選B。2.如圖甲所示，半徑為r的金屬圓環內存在勻強磁場，磁感應強度隨時間的變化關系如圖乙所示，取垂直紙面向外為正方向。在時間內，下列說法正確的是（）A.感應電流方向先逆時針方向后順時針方向B.時，感應電流為0C.金屬圓環內感應電動勢大小為D.金屬圓環內感應電動勢大小為【答案】C【解析】A．在到的時間間隔內，圓環的磁通量垂直平面向外一直減小，根據楞次定律可知感應電流的磁場垂直紙面向外，由安培定則知感應電流的方向沿逆時針方向，在到的時間間隔內，圓環的磁通量垂直平面向里一直增大，根據楞次定律可知感應電流的磁場垂直紙面向外，由安培定則知感應電流的方向沿逆時針方向，則在時間內，感應電流方向始終逆時針方向，故A錯誤；CD．由法拉第電磁感應定律，金屬圓環內感應電動勢大小為故C正確，D錯誤；B．由歐姆定律得，圓環中的感應電流大小為大小和方向始終不變，故B錯誤。故選C。3.圖甲為按壓式發電手電筒。以一定的頻率不斷按壓手柄時，其內置發電機會產生交變電流，電動勢大小隨時間變化情況如圖乙所示。已知有3只白熾燈泡并聯接到發電機上，每只燈泡的額定電壓均為6V、阻值均為，發電機內部電阻可忽略。若燈泡恰好正常發光，則該發電機（）A.輸出的交流電頻率為50HzB.輸出電壓的最大值為C.輸出電流的有效值為 D.時穿過發電機內部線圈的磁通量為0【答案】B【解析】A．由圖像可知輸出的交流電周期，輸出的交流電頻率為故A錯誤；B．3只白熾燈泡并聯接到發電機上且正常發光，輸出電壓有效值為U=6V，即輸出電壓的最大值為故B正確；C．輸出電流的有效值為故C錯誤；D．時電動勢最小為0，穿過發電機內部線圈的磁通量最大，故D錯誤。故選B。4.如圖所示，一平行板電容器與電源保持連接，其負極板接地并固定。如圖所示，一帶電小液滴恰好靜止于P點。下列說法正確的是（）A.小液滴帶正電B.若僅將上極板向上移動一小段距離，小液滴依然保持靜止C.若僅將上極板向上移動一小段距離，小液滴將向下運動D.若僅將上極板向下移動一小段距離，P點電勢降低【答案】C【解析】A．一帶電小液滴恰好靜止于P點，小液滴受到豎直向上電場力，與電場強度的方向相反，即小液滴帶負電，故A錯誤；BC．平行板電容器與電源保持連接，U不變，僅將上極板向上移動一小段距離，根據可知電場強度減小，小液滴受到電場力減小將向下運動，故B錯誤，C正確；D．僅將上極板向下移動一小段距離，根據可知電場強度增大，設P距下極板距離為x，根據可知P點的電勢升高，故D錯誤。故選C。5.三個完全相同的小球A、B、C，其中A、B均帶正電，被分別固定在兩點，已知小球A電荷量為q。現將不帶電的小球C先后與A、B相互接觸后移走，之后A、B兩球之間的靜電力大小變為原來的一半。設接觸前后A、B均勻帶電，則初始時B球的電荷量為（）A. B. C. D.q【答案】C【解析】不帶電的小球C先與A接觸后，A、C帶電量為，再與B接觸后B的帶電量為之后A、B兩球之間的靜電力大小變為原來的一半，即解得故選C。6.如圖所示，紙面內長為8L、寬為2L的矩形區域abcd內（含邊界）存在垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B。位于d處的粒子源可以發射質量為m、電荷量為的粒子，粒子的速度方向與dc邊夾角為，粒子恰好從c點射出磁場。不考慮粒子重力，下列說法正確的是（）A.粒子的軌跡與ab邊恰好相切B.粒子發射的速度大小為C.粒子在磁場中運動的時間為D.僅減小粒子的發射速度，射出磁場時速度的方向跟發射速度的大小有關【答案】A【解析】A．粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，粒子恰好從c點射出磁場時，設粒子的軌跡與ab邊恰好相切，畫出其運動軌跡如圖所示根據幾何知識，可得粒子在磁場中運動的軌跡半徑根據幾何關系可知mn段的長度恰好等于2L，故假設成立，故A正確；B．根據洛倫茲力提供向心力，則有解得故B錯誤；C．根據幾何關系，可知粒子轉過的圓心角為，粒子在磁場中運動的周期為粒子在磁場中運動的時間為故C錯誤；D．僅減小粒子的發射速度，根據洛倫茲力提供向心力，則有解得可知粒子的運動半徑減小，仍從dc邊出射，根據幾何關系可知，射出磁場時速度的方向與dc邊的夾角保持不變，仍為，故射出磁場時速度的方向跟發射速度的大小無關，故D錯誤。故選A。7.如圖所示，金屬導軌所在的平面與水平面的夾角，導軌間的距離為1m，金屬導軌電阻不計，其上端接有電動勢為6V、內阻為的直流電源。空間中存在豎直向上的勻強磁場（圖中未畫出），現把一質量為2kg、電阻為的導體棒ab垂直放在金屬導軌上，導體棒處于靜止狀態。已知導體棒與導軌間動摩擦因數為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，，，g取，則下列說法正確的是（）A.流過導體棒ab的電流大小為3AB.導體棒ab受到的安培力方向水平向左C.為保證導體棒ab處于靜止狀態，磁感應強度最小值為D.為保證導體棒ab處于靜止狀態，磁感應強度最大為20T【答案】D【解析】A．根據閉合電路歐姆定律可知，流過導體棒ab的電流大小為故A錯誤；B．根據左手定則可知，導體棒ab受到的安培力安培力方向水平向右，故B錯誤；C．為保證導體棒ab處于靜止狀態，磁感應強度最小值為，根據平衡條件有解得故C錯誤；D．為保證導體棒ab處于靜止狀態，磁感應強度最小值為，根據平衡條件有解得故D正確。故選D。二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.如圖所示為遠距離輸電原理圖，兩個變壓器均為理想變壓器，輸電線的總電阻為，其它導線電阻可忽略不計。已知發電廠的輸出功率為100kW，，，輸電線上損失的功率為5kW。下列說法正確的是（）A.輸電線上的電流為25AB.C.升壓變壓器原副線圈匝數比為1D.降壓變壓器原副線圈匝數比為【答案】AD【解析】A．發電廠輸出的電流輸電線的電流故A正確；B．對升壓變壓器輸電線回路中故B錯誤；C．升壓變壓器原副線圈匝數比為故C錯誤；D．降壓變壓器原副線圈匝數比為故D正確。故選AD。9.某興趣小組的同學想要用電壓表改裝一個加速度測量計，設計方案如下圖。較重的滑塊2可以在光滑的框架1中平移，滑塊兩側分別連接完全相同的彈簧3；是總阻值為R的電阻絲，4是固定在滑塊上且與電阻絲接觸的可滑動金屬片，初始時4位于電阻絲中間位置且開關閉合后電壓表示數為U。已知電源的電動勢、內阻均不變，為定值電阻。將裝置安裝在水平向右運動的小車上，下列說法中正確的是（）A.小車勻速運動時電壓表示數等于UB.小車加速時，電壓表的示數大于UC.小車剎車時，電壓表的示數大于UD.將電壓表表盤重新刻畫為加速度測量計的表盤，其刻度線分布均勻【答案】AB【解析】A．初始時觸片4位于電阻絲中間位置且開關閉合后電壓表示數為U，此時兩邊彈簧彈力為零，當小車勻速運動時，滑塊2所受合力為零，表明此時彈簧不受力，故電壓表示數等于U，故A正確；B．當小車向右加速運動時，觸片4向左移動x，加速度方向向右，則回路電阻增大，電流減小，電壓表電壓表示數增大，電壓表的示數大于U，故B正確；C．小車剎車時，觸片4向右移動x，加速度方向向左，故回路總電阻減小，總電流增大，電壓表數可知電壓表示數減小，電壓表的示數小于U，故C錯誤；D．若向右加速，設觸片4向左移動x距離，電阻絲總長為2l，根據歐姆定律電壓表示數可見刻度線分布不均勻，故D錯誤。故選AB。10.如圖所示，兩根足夠長、電阻可忽略的光滑平行導軌固定在絕緣水平面上，空間中存在豎直向下的勻強磁場，磁感應強度為B，導軌上有M、N兩點，MN左、右兩側導軌間距分別為2L和L，導體棒a、b分別置于左右兩側的導軌上，且距離MN足夠遠。導體棒a質量為2m，電阻為2R；導體棒b質量為m，電阻為R。現同時給導體棒a、b水平向右、大小為的初速度，在以后的運動過程中導體棒a、b與導軌始終接觸良好，則下列說法正確的是（）A.剛開始運動時，導體棒b所受安培力大小為，方向水平向左B.導體棒a的最終速度大小為C.導體棒b的最終速度大小為D.整個運動過程中，通過導體棒b的電荷量為【答案】BD【解析】A．根據右手定則可知兩根導體棒切割磁感應線產生的感應電動勢方向相同，故剛開始運動時回路電流為順時針，產生的感應電動勢為則感應電流為導體棒b所受安培力大小為由左手定則知方向水平向右，故A錯誤；BCD．由受力分析和牛頓第二定律可得，在開始運動的一段時間內，回路中產生電流，兩棒受安培力，a棒受安培力做加速度逐漸減小的減速運動，b棒受安培力做加速度逐漸減小的加速運動，某時刻回路達到穩態后，電流為零，即即兩棒最終勻速直線運動，則有對a棒，根據動量定理可得對b棒，根據動量定理可得又聯立解得最終速度大小，，故BD正確，C錯誤。故選BD。三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.某同學在實驗室練習使用多用電表，圖甲為多用電表示意圖。（1）在使用多用電表時，下列說法正確的是

。A.紅表筆應該插入A代表的插孔B.若使用前發現指針未指在電流或電壓的零刻線處，應旋轉旋鈕N進行調零C.測量某電阻時發現指針偏轉角度過大，則應當減小倍率，重新進行歐姆調零后再測量D.多用電表使用完畢，應該拔出紅、黑表筆，選擇開關旋轉至“OFF擋”（2）某次測量時多用電表指針位置如圖乙所示，若此時選擇開關旋轉至“100mA”擋，則多用電表讀數為__________mA；若此時選擇開關旋轉至“”擋，則多用電表讀數為__________。（3）若用多用電表的歐姆擋去探測一個正常的二極管，某次探測時，發現表頭指針偏轉角度很小，則與二極管正極相連的是多用電表的__________。（選填“紅表筆”或“黑表筆”）【答案】（1）ACD（2）52140（3）紅表筆【解析】（1）A．紅表筆應該插入A代表的插孔，故A正確；B．若使用前發現指針未指在電流或電壓的零刻線處，應旋轉旋鈕M進行調零，故B錯誤；C．測量某電阻時發現指針偏轉角度過大，說明待測電阻阻值相對所選倍率較小，則應當減小倍率，重新進行歐姆調零后再測量，故C正確；D．多用電表使用完畢，應該拔出紅、黑表筆，選擇開關旋轉至“OFF擋”，故D正確。（2）[1]次測量時多用電表指針位置如圖乙所示，若此時選擇開關旋轉至“100mA”擋，最小精確度為2mA多用電表讀數為[2]若此時選擇開關旋轉至“”擋，則多用電表讀數為（3）電流從二極管正極流入時，二極管導通，正向電阻小；用多用電表的歐姆擋去探測一個正常的二極管，某次探測時，發現表頭指針偏轉角度很小，說明二極管的電阻大；歐姆表的內部電流從黑表筆流出，紅表筆流入，因此與二極管正極相連的是多用電表紅表筆。12.層疊電池是由扁平形的單體鋅錳電池按一定方式組裝而成的高壓電池組。某實驗小組要測一層疊電池的電動勢E和內阻約為9V，內阻約為，實驗室中提供下列器材：電壓表V：量程3V，內阻為電流表A：量程，內阻可忽略滑動變阻器R：最大阻值，額定電流1A定值電阻：阻值為定值電阻：阻值為開關S與導線若干（1）根據所學知識，同學們設計了如圖甲所示的實驗電路，圖中與電壓表串聯的定值電阻應該選用__________（填“”或者“”）。（2）請根據實驗電路圖，完成實物連線__________。（3）按實驗電路圖接好電路，進行多次測量，畫出電壓表讀數U和電流表讀數I的關系圖，如圖乙，可以得到電池的電動勢__________V、內阻__________。（結果均保留三位有效數字）【答案】（1）（2）（3）9.0012.5【解析】（1）該電源電動勢約為9V，需要將電壓表改裝為大約為9V左右，則有應選擇才能將量程擴大到9V。（2）根據電路圖連接實物圖如圖所示（3）[1][2