2024年6月浙江省物理選考真題試卷

可能用到的相關參數：重力加速度g取10m/s2o

選擇題部分

一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。

每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）

1.下列物理量中，屬于矢量的是（）

A.位移B.時間C.電流D.熱量

2.如圖為小貓蹬地躍起騰空追蝶的情景，則（）

A.飛行的蝴蝶只受重力的作用

B.蝴蝶轉彎時所受合力沿運動方向

C.小貓在空中受重力和彈力的作用

D.小貓蹬地時彈力大于所受重力

3.如圖為水流導光實驗，出水口受激光照射，下面桶中的水被照亮，則（）

A.激光在水和空氣中速度相同

B.激光在水流中有全反射現象

C.水在空中做勻速率曲線運動

D.水在水平方向做勻加速運動

4.發現中子的核反應方程為；He+：BerX+：n,“玉兔二號”巡視器的核電池中杯238的衰變方程為型

2；：Pu->2；；U+Y,下列正確的是（）

A.核反應方程中的X為

B.衰變方程中的Y為；He

C.中子；n的質量數為零

D.杯238衰變吸收能量

5.一個音樂噴泉噴頭出水口的橫截面積為2x10Tm"噴水速度約為IOm/s,水的密度為lxl0'kg/m3,則該

噴頭噴水的功率約為（）

A.10WB.20WC.I00WD.200W

6.四示是“研究電容器兩極板間距對電容大小的影響”實驗，保持電荷量不變，當極板間距持大時，靜電

計指針張角增大，則（）

A.極板間電勢差減小B.電容器的電容增大

C.極板間電場強度增大D.電容器儲存能量增大

7.理想變壓器的原線圈通過a或b與頻率為了、電壓為〃的交流電源連接，副線圈接有三個支路、如圖所

示。當S接。時，三個燈泡均發光，若（）

C

C光敏

C電阻

C

C

A電容C增大，Li燈泡變亮B.頻率/增大，L2燈泡變亮

C.RG上光照增強，L3燈泡變暗D.S接到/，時，三個泡均變暗

8.與地球公轉桃道“外切”的小行星甲和“內切”的小行星乙的公轉帆道如圖所示，假設這些小行星與地球的

公轉軌道都在同一平面內，地球的公轉半徑為七小行星甲的運口點到太陽的距離為小行星乙的近日

點到太陽的距離為&,則（）

地球

A.小行星甲在遠日點的速度大于近日點的速度

B.小行星乙在遠日點加速度小于地球公轉加速度

C.小行星甲與乙的運行周期之比二二

A

D.甲乙兩星從遠口點到近口點的時間之比--產十，

9.如圖所示，不可伸長的光滑細線穿過質最為0.1kg的小鐵球，兩端A、8懸掛在傾角為30。的固定斜桿

上，間距為1.5m。小球平衡時，A端細線與桿垂直；當小球受到垂直紙面方向的擾動做微小擺動時，等效于

懸掛點位于小球重垂線與AB交點的單擺，重力加速度g=l（）m/s2,則（）

A.擺角變小，周期變大

B.小球擺動周期約為2s

C.小球平衡時，A端拉力為

2

D.小球平衡時，A端拉力小于4瑞拉力

10.玻爾氫原子電子軌道示意圖如圖所示,處于3能級的原子向低能級躍遷，會產生三種頻率為匕?、匕？、

的光，下標數字表示相應的能級。已知普朗克常量為從光速為c。正確的是（)

A.頻率為4的光，其動量為上;月

he

B.頻率為。和匕?的兩種光分別射入同一光電效應裝量，均產生光電子，其最大初動能之差為/?%2

C.頻率為▲和匕?的兩種光分別射入雙縫間距為d,雙縫到屏的距離為L的干涉裝置，產生的干涉條紋間

Lc

距之差為丁

D.若原子〃=3躍遷至〃=4能級，入射光的頻率%）1/3

11.頻率相同的簡諧波源8、S2,和接收點M位于同一平面內，SHS2到M的距離之差為6m。/=0時Si,

S2,同時垂直平面開始振動，M點的振動圖像如圖所示，則（）

A.兩列波的波長為2mB.兩列波的起振方向均沿x正方向

C.Si和S2,在平面內不能產生干涉現象D.兩列波的振幅分別為3cm和1cm

12.如圖所示空間原有大小為E、方向豎直向上的勻強電場，在此空間同一水平面的M、N點固定兩個等量

異種點電荷，絕緣光滑圓環ABCD垂直MN放置，其圓心。在WN的中點，半徑為R、AC和分別為豎

直和水平的直徑。質量為機、電荷量為+，/的小球套在圓環上，從4點沿圓環以初速度w做完整的圓周運動,

則（）

A

A.小球從4到C的過程中電勢能減少

B.小球不可能沿圓環做勻速圓周運動

C,可求出小球運動到8點時的加速度

D.小球在。點受到圓環作用力方向平行MN

13.如圖所示，邊長為1m、電阻為0.04。的剛性正方形線框放在與強磁場中，線框平面與磁場3垂

AD

直。若線框固定不動，磁感應強度以一=0.1T/s均勻增大時，線框的發熱功率為P；若磁感應強度恒為

Ar

O.2T,線框以某角速度繞其中心軸OO'勻速轉動時，線框的發熱功率為2P,貝IJ“。邊所受最大的安培力為

?O?

A.工NB.—NC.IND.五N

22

二、選擇題n（本題共2小題，每小題3分共6分每小題列出的四個備選項中至少有一個是

符合題目要求的“全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得。分）

14.下列說法正確的是（）

A.中子整體呈電中性但內部有復雜結構

B.真空中的光速在不同的慣性參考系中大小都相同

C.增加接收電路的線圈匝數，可接收更高頻率的電臺信號

D.分子間作用力從斥力變為引力的過程中，分子勢能先增加后減少

15.如圖所示，一根固定的足夠長的光滑絕緣細桿與水平面成。坨。質量為，小電荷量為+<7的帶電小球套在

細桿上。小球始終處于磁感應強度大小為8的勻強磁場中。磁場方向垂直細桿所在的豎直面，不計空氣阻

力。小球以初速度%沿細桿向上運動至最高點，則該過程（）

A.合力沖量大小為〃wocosBB.重力沖量大小為〃2%sin。

C.洛倫茲力沖量大小為用工2〃zgcosJ

D.若%［，彈力沖量為零

2gsin。qB

非選擇題部分

三、非選擇題（本題共5小題，共55分）

16.在“驗證機械能守恒定律”的實驗中

（1）下列操作正確的是

（2）實驗獲得一條紙帶，截取點跡清晰的一段并測得數據如圖所示已知打點的頻率為50Hz,則打點

“13”時，重錘下落的速度大小為m/s（保留三位有效數字）。

23

0\VtyV

單位：cm

“3.98~~

<--------41.28---------?

<47.33----------------------?

<53.83------------------------------------->

<60.69----------------------------------------------------------?

（3）某同學用紙帶的數據求出重力加速度g=9.77m/s2,并用此g值計算得出打點“1”到“13”過程重錘

的重力勢能減小值為5.09〃?，另計算得動能增加值為5.08〃？（機為重錘質量）則該結果（選填“能”

或“不能”驗證機械能守恒定律，理由是（）

A.在誤差允許范圍內

B.沒有用當地的重力加速度g

17.在測繪發光二極管在導通狀態下的伏安特性曲線實驗中,

（1）用多用電表歐姆擋判斷發光二極管的正負極選用xlOO擋時，變換表筆與二極管兩極的連接方式，發

現電表指針均不偏轉。選用擋（選填"xlO”或“xlk”）重新測試，指針仍不偏轉，更換二極

管極性后，發現指針偏轉，此時與多用電表紅色表筆相連的是二極管（選填“正極”或“負

極”

圖(A)圖(B)

（2）圖（A）是已完成部分連線的實物圖，為實現電壓可從零開始調節，并完成實驗，P應連接

接線柱（選填或"4”）,。應連接接線柱（選填、“"、“c”或

“d”）。某次選用多用電表量程為50mA擋測量，指針如圖（B）所示，則電流/=mA

（3）根據測得數據，繪出伏安特性曲線如圖（C）所示，說明該二極管是元件（選填“線性”

圖（。

18.如圖所示，用“插針法”測曷一等腰三角形玻璃磚（側面分別記為A和8、頂角大小為〃）的折射率。

①在白紙上畫一條直線時，并畫出其垂線Cd,交于。點；

②將側面A沿ab放置，并確定側面B的位置ef

③在cd上堅直插上大頭針P.和P2,從側面8透過玻璃磚觀察Pi和P2,插上大頭針P3,要求P3能擋住

（選填“Pi”、“P2”或“Pi和P2"）的虛像：

④確定出射光線的位置____________（選填“需要”或“不需要”第四枚大頭針；

⑤撤去玻璃磚和大頭針，測得出射光線與直線。■的夾角為明則玻璃磚折射率〃二0

19.如圖所示，測定一個形狀不規則小塊固體體積，將此小塊固體放入已知容積為W的導熱效果良好的容

器中，開口處豎直插入兩端開口的薄玻璃管，其橫截面積為S,接口用蠟密封。容器內充入一定質量的理想

氣體，并用質量為〃?的活塞封閉，活塞能無摩擦滑動，穩定后測出氣柱長度為八，將此容器放入熱水中，活

2

塞緩慢豎直向上移動，再次穩定后氣柱長度為枳溫度為乃。已知SM.OxlO-^m,1kg,/!=0.2m,/2=O.3m,

乃二350K,Vo=2.OxlO-,m3,大氣壓強po=l.OxI（）5pa,環境溫度7>300K。

（1）在此過程中器壁單位面積所受氣體分子的平均作用力（選填“變大”“變小”或“不變”）,

氣體分子的數密度_______（選填“變大”“變小”或“不變”）；

（2）求此不規則小塊固體的體積%

（3）若此過程中氣體內能增加10.3J,求吸收熱量Q。

20.一彈射游戲裝置豎直截面如圖所示，固定光滑水平直軌道人仄半徑為R的光滑螺旋圓形軌道8C。、

光滑水平直軌道DE平滑連接。長為L、質量為M的平板緊靠長為d的固定凹槽EFGH側璧EF放置，平板

上表面與OE“齊平。將一質量為血的小滑塊從A端彈射，經過軌道BCD后滑上平板并帶動平板一起運動，

平板到達HG即被鎖定。已知R=0.5in,J=4.4m,L=1.8m,1kg,平板與滑塊間的動摩擦因數〃尸0.6、

與凹槽水平底面rG間的動摩擦因數為“2。滑塊視為質點，不計空氣阻力，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,

重力加速度g=10m/s2o

（1）滑塊恰好能通過圓形軌道最高點C時，求滑塊離開彈簧時速度vo的大小；

（2）若〃2=0,滑塊恰好過C點后，求平板加速至與滑塊共速時系統損耗的機械能;

（3）若〃2=0.1,滑塊能到達H點，求其離開彈簧時的最大速度加。

21.某小組探究“法拉第圓盤發電機與電動機的功用”，設計了如圖所示裝置。飛輪由三根長a=0.8m的

輻條和金屬圓環組成，可繞過其中心的水平固定釉轉動,不可伸長細繩繞在圓環上，系若質量m=lkg的物

塊，細繩與圓環無相對滑動。飛輪處在方向垂直環面的勻強磁場中，左側電路通過電刷與轉軸和圓環邊緣良

好接觸，開關S可分別與圖示中的也路連接。已知電源電動勢E°=12V、內阻r=0.1Q、限流電阻凡=0.3Q、

飛輪每根輻條電阻R=0.9Q,電路中還有可調電阻&（待求）和電感L,不計其他電阻和阻力損耗，不計

飛輪轉軸大小。

（1）開關S擲1,“電動機”提升物塊勻速上升時，理想電壓表示數U=8V°

①判斷磁場方向，并求流過電阻幻的電流/；

②求物塊勻速上升的速度必

（2）開關S擲2,物塊從靜止開始下落，經過一段時間后，物塊勻速下降的速度與“電動機”勻速提升物

塊的速度大小相等，

①求可調電阻&的阻值；

②求磁感應強度B的大小。

22.探究性學習小組設計了一個能在噴鍍板的上下表面噴鍍不同離子的實驗裝置，截面如圖所示。在人。）?平

面內，除X軸和虛線之間的區域外，存在磁感應強度大小為從方向垂直紙面向外的勻強磁場，在無磁場區

域內，沿著X軸依次放置離子源、長度為L的噴鍍板P、長度均為L的柵極板M和N（由金屬細絲組成的

網狀電極），噴鍍板P上表面中點Q的坐標為（L5L,0）,柵極權M中點S的坐標為（3L,0）,離子源產生

。和沙兩種正離子，其中。離子質量為用，電荷量為小。離子的比荷為〃離子的,倍，經電壓U=H/o（其

4

中（7。=婦生，氏大小可調，”和〃離子初速度視為0）的電場加速后，沿著y軸射入上方磁場。經磁場偏

8"?

轉和柵極板N和M間電壓UNM調控（UNM>0）,a和〃離子分別落在噴鍍板的上下表面，并立即被吸收且電

中和，忽略場的邊界效應、離子受到的重力及離子間相互作用力。

（1）若U=U（）,求〃離子經磁場偏轉后，到達x軸上的位置出（用心表示）。

（2）調節U和UNM,并保持使〃離子能落到噴鍍板P上表面任意位置，求：

①U的調節范圍（用Uo表示）；

②2離了落在噴鍍板P下表面的區域K度；

（3）要求〃和方離子恰好分別落在噴鍍板P上下表面的中點，求U和UNM的大小。

2024年6月浙江省物理選考真題試卷

可能用到的相關參數：重力加速度g取10m/s2o

選擇題部分

一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。

每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）

1.下列物理量中，屬于矢量的是（）

A.位移B.時間C.電流D.熱量

【答案】A

【解析】

【詳解】A.位移既有大小又有方向，且運算法則為平行四邊形法則，是矢量，故A正確；

BD.時間和熱量均只有大小沒有方向，是標量，故DD錯誤;

C.電流運算法則是算術法則，是標量，故C錯誤。

故選Ao

2.如圖為小貓蹬地躍起騰空追蝶的情景，則（）

A.飛行的蝴蝶只受重力的作用

B.蝴蝶轉彎時所受合力沿運動方向

C.小貓在空中受重力和彈力的作用

D小貓蹬地時彈力大于所受重力

【答案】D

【解析】

【詳解】A.飛行的蝴蝶除了受到重力的作用還受到空氣的作用力，故A錯誤：

B.蝴蝶轉彎時做曲線運動，所受合力與速度方向不在一條直線上，故B錯誤；

C.小貓在空中與其他物體間沒有接觸，不受彈力的作用，故C錯誤；

D.小貓蹬地時有向上的加速過程，故彈力大于所受重力，故D正確。

故選D。

3.如圖為水流導光實驗，出水口受激光照射，下面桶中的水被照痙，則（）

A.激光在水和空氣中速度相同

B.激光在水流中有全反射現象

C.水在空中做勻速率曲線運動

D.水在水平方向做勻加速運動

【答案】B

【解析】

【詳解】A.光在介質中的速度為u=故激光在水中的傳播速度小于在空氣中的傳播速度，故A錯誤;

n

B.水流導光的原理為光在水中射到水與空氣分界面時入射角大于臨界角，發生了全反射，故B正確；

C,水在空中只受到重力作用，做勻變速曲線運動，速度在增大，故C錯誤；

D.水在水平方向做勻速直線運動，故D錯誤。

故選B。

4.發現中子的核反應方程為；He+：Be-X+；n,“玉兔二號”巡視器的核電池中杯238的衰變方程為型

2群ur2；：U+Y,下列正確的是()

A.核反應方程中的X為1C

B.衰變方程中的Y為；He

C.中子；n的質量數為零

D.缽238的衰變吸收能量

【答案】A

【解析】

【詳解】AB.根據質量數和電荷數守恒可知X為？C,Y為；H?,故A正確，B錯誤；

C.中子的質量數為1,故C錯誤；

D.衰變過程中質量虧損，釋放能量，故D錯誤。

故選Ao

5.一個音樂噴泉噴頭出水口的橫截面積為2xl04m2,噴水速度約為I0m/s,水的密度為1xlO,kg/nR則該

噴頭噴水的功率約為()

A.I0WB.20WC.100WD.200W

【答案】C

【解析】

【詳解】設時間內從噴頭流出的水的質量為

m=pSvbt

噴頭噴水的功率等于△，時間內噴出的水的動能增加量，即

1,

-mv-

P=^L=2_

Ar2

聯立解得

P=100W

故選c。

6.弱示是“研究電容器兩極板間距對電容大小的影響”實驗，保持電荷量不變，當極板間距增大時，靜電

計指針張角增大，則（）

A.極板間電勢差減小B.電容器的電容增大

C.極板間電場強度增大D.電容器儲存能量增大

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.根據。=CU,可得當極板間距增大時電容減小，由于電容器的帶電量不變，故

47rkd

極板間電勢差增大，故AB錯誤；

C.根據E=4得

a

E=^Q

sS

故場強不變，故c錯誤；

D.移動極板的過程中要克服電場力做功，故電容器儲存能量增大，故D正確。

故選Do

7.理想變壓器的原線圈通過〃或〃與頻率為/、電壓為〃的交流電源連接，副線圈接有三個支路、如圖所

示。當S接〃時，三個燈泡均發光，若（）

C

C光敏

陽

C電

C

C

A.電容C增大，L燈泡變亮B.頻率/增大，L2燈泡變亮

C.RG上光照增強，L3燈泡變暗D.S接到〃時，三個泡均變暗

【答案】A

【解析】

【詳解】A.電容增大，對交流電的阻礙作用減小，則L燈泡變亮，故A正確；

B.頻率/增大，則電感的阻礙作用增大，則L2燈泡變暗，故B錯誤；

C.光敏電阻光照增強，阻值減小，由于各支路電壓不變，則L燈泡電流增大，變亮，故C錯誤;

D.S接到人時，根據變壓比可知，副線圈電壓增大，則三個泡均變痙，故D錯誤。

故選Ao

8.與地球公轉軌道“外切”的小行星甲和“內切”的小行星乙的公轉軌道如圖所示，假設這些小行星與地球的

公轉軌道都在同一平面內，地球的公轉半徑為凡小行星甲的逐日點到太陽的距離為小行星乙的近日

點到太陽的距離為&,則（

A.小行星甲在遠H點的速度大于近日點的速度

B.小行星乙在遠日點的加速度小于地球公轉加速度

小行星甲與乙的運行周期之比n二

C.

D.甲乙兩星從遠日點到近日點的時間之比-=

I2

【]D

【詳解】A.根據開普勒第二定律，小行星甲在遠日點的速度小于近日點的速度，故A錯誤;

B.根據

GMm

----=ma

R2

小行星乙在遠日點的加速度等于地球公轉加速度，故B錯誤；

C.根據開普勒第三定律，小行星甲與乙的運行周期之比

._________

二?I2J=（凡+一

T2][一+.）+

故C錯誤；

D.甲乙兩星從遠日點到近日點的時間之比即為周期之比

故D正確。

故選D。

9.如圖所示，不可伸長的光滑細線穿過質量為0.1kg的小鐵球，兩端A、8懸掛在傾角為30。的固定斜桿

上，間距為1.5m。小球平衡時，A端細線與桿垂直；當小球受到垂直紙面方向的擾動做微小擺動時，等效于

懸掛點位于小球重垂線與48交點的單擺，重力加速度g=10m/s2,則（）

A.挖角變小，周期變大

B.小球擺動周期約為2s

C.小球平衡時，A端拉力為立N

2

D.小球平衡時，A端拉力小于8瑞拉力

【答案】B

【解析】

【詳解】A.根據單擺的周期公式7二可知周期與擺角無關，故A錯誤;

CD.同一根繩中，A端拉力等于B端拉力，平衡時對小球受力分析如圖

八

〃7g

可得

2FACOS30°=mg

解得

…二就*N

故CD錯誤；

B.根據幾何知識可知擺長為

L=L5mxtan300=11n

cos30°

故周期為

T=2TT2s

故B正確。

故選B。

10.玻爾氫原子電子軌道示意圖如圖所示，處于〃=3能級的原子向低能級躍遷，會產生三種頻率為匕?、

匕?的光，下標數字表示相應的能級。已知普朗克常量為力，光速為c。正確的是（）

A.頻率為4的光，其動量為與紀

he

B.頻率為，和4I的兩種光分別射入同一光電效應裝量，均產生光電子，其最大初動能之差為/?匕2

C.頻率為4和匕^的兩種光分別射入雙縫間距為d,雙縫到屏的距離為L的干涉裝置，產生的干涉條紋間

Lc

距之差為丁

D.若原子〃=3躍遷至n=4能級，入射光的頻率匕4芻

【答案】B

【解析】

【詳解】A.根據玻爾理論可知

明得一耳

則頻率為％的光其動量為

h_hv_E-E.

P-------3-i-----y------

Zcc

選項A錯誤；

B.頻率為弓和％?的兩種光分丸射入同一光電效應裝量，均產生光電子，其最大初動能分別為

=牝?-%出功

&n2=牝1一皿逸出功

最大初動能之差為

△%二牝|一牝|二牝2

選項B正確；

C.頻率為?和匕?的兩種光分另!射入雙縫間距為4,雙縫到屏的距離為L的干涉裝置，根據條紋間距表

達式

產生的干涉條紋間距之差為

人LcLcLc,11、Lc

As=---------------=—(-----------)豐-----

小%d囹V2I632

選項C錯誤；

D.若原子〃=3躍遷至〃=4能級，則

旦一￡=〃?

可得入射光的頻率

-片一區

選項D錯誤;

故選B

11.頻率相同的簡諧波源Si、S2,和接收點M位于同一平面內，SisS2到M的距離之差為6m。z=0時Si,

S2,同時垂直平面開始振動，M點的振動圖像如圖所示，則（）

B.兩列波的起振方向均沿x正方向

C.Si和S2,在平面內不能產生干涉現象D.兩列波的振幅分別為3cm和1cm

【答案】B

【解析】

【詳解】根據圖像可知片4s時M點開始向上振動,故此時一列波傳播到M點，起振方向向上，/=7s時

波形開始改變，說明另列波傳播到M點，此時兩列波平衡位置都傳到M點，笫列波使M點向下振

動，之后振幅減小，則此時M點振動減弱，可知第二列波使M點向上振動

Ar

A.Si、S2到M的距離之差為6m,由圖可知兩列波傳到M點的時間差為3s,根據u=—可得波速為

Ar

v=—m/s=2m/s

3

故波長

Z=vT'=4m

故A錯誤:

B.根據前面分析可知兩列波剛傳到M點時均使M點向上振動，故兩列波的起振方向均沿x正方向，故B

正確;

C.兩列波頻率相等，在平面內能產生干涉現象，故C錯誤;

D.由，=4$和，=7.5s時的位移知第一列的振幅為3cm.，第二列波的振幅為

4=3cm-1cm=2cm

故D錯誤。

故選Bo

12.如圖所示空間原有大小為E、方向豎直向上的勻強電場，在此空間同一水平面的M、N點固定兩個等量

異種點電荷，絕緣光滑圓環ABCD垂直MN放置，其圓心。在WN的中點，半徑為R、AC和BQ分別為豎

直和水平的直徑。質量為〃?、電荷量為”的小球套在圓環上，從4點沿圓環以初速度處做完整的圓周運動,

則（）

A.小球從4到C的過程中電勢能減少

B.小球不可能沿圓環做勻速圓周運動

C.可求出小球運動到3點時的加速度

D.小球在。點受到圓環的作用力方向平行MN

【答案】C

耕斤】

【詳解】A.根據等量異種點電荷的電場線特點可知，圓環所在平面為等勢面，勻強電場方向豎直向上，則

小球從A到。的過程電勢增加，電勢能增加；故A錯誤；

B.當場強滿足小=時，小球運動時受到的向心力大小不變，可沿圓環做勻速圓周運動，故B錯誤;

C.根據動能定理

(mg_R=彳機uj—7；"八姬

2乙

可求出小球到8點時的速度?，根據q=二可得小球的向心加速度，再根據牛頓第二定律

R

mg-Eq=ma2

可得小球的切向加速度。2,再根據矢量合成可得8點的加速度為

故c正確；

D.小球在。點受到圓環指向圓心的力提供向心力，故小球在。點受到圓環的作用力方向不平行MN,故D

錯誤。

故選C。

13.如圖所示，邊長為1m、電阻為0.04Q的剛性正方形線框而cd放在與強磁場中，線框平面與磁場4垂

AR

直。若線框固定不動，磁感應強度以1roms均勻增大時，線框的發熱功率為匕若磁感應強度恒為

0.2T,線框以某一角速度繞其中心軸OO'勻速轉動時，線框的發熱功率為2P,則必邊所受最大的安培力為

()

O

A.yNB.多C.1ND.在V

【答案】C

【解析】

【詳解】磁場均勻增大時，產生的感應電動勢為

E+0/V

可得

P=—=0.25W

R

線框以某一角速度。繞其中心軸0(7勻速轉動時電動勢的最大值為

Em=BSco

此時有

倨j

2尸=\、==0.5W

R

解得

69=lrad/s

分析可知當線框平面與磁場方向平行時感應電流最大為

BSco..

m=------=5A

R

故他邊所受最大的安培力為

F^=BImL=m

故選c。

二、選擇題n（本題共2小題，每小題3分共6分每小題列出的四個備選項中至少有一個是

符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）

14.下列說法正確的是（）

A.中了整體呈電中性但內部有復雜結構

B.真空中的光速在不同的慣性參考系中大小都相同

C.增加接收電路的線圈匝數，可接收更高頻率的電臺信號

D.分子間作用力從斥力變為引力的過程中，分子勢能先增加后減少

【答案】AB

【解析】

【詳解】A.中子靠弱相互作用結合成整體，則中子呈電中性但內部有復雜結構，故A正確；

B.根據愛因斯坦的相對論可知，真空中的光速在不同的慣性參考系中大小都相同，故B正確；

C.根據

'~2TTX/ZC

可知，增加接收電路的線圈匝數，可減小振蕩電路的固有頻率，則可接收較低頻率的電臺信號，故C錯

誤；

D.分子間作用力從斥力變為引力的過程中，即分子距離從小于到大于彳）的過程，分子力先做

正功后做負功，則分子勢能先減小后增大，故D錯誤。

故選ABo

15.如圖所示，一根固定的足夠長的光滑絕緣細桿與水平面成仇用。質量為〃?、電荷量為+g的帶電小球套在

細桿上。小球始終處于磁感應強度大小為8的勻強磁場中。磁場方向垂直細桿所在的豎直面，不計空氣阻

力。小球以初速度%沿細桿向上運動至最高點，則該過程（）

A.合力沖量大小為〃wocoseB,重力沖量大小為m%sin。

C洛倫茲力沖量大小為各口若%=網浮'彈力沖量為零

【答案】CD

【解析】

【詳解】A.根據動量定理

I=O-mvo=-mvQ

故合力沖量大小為加%,故A錯誤;

B.小球上滑的時間為

%

gsin9

重力的沖量大小為

/=mgt=——

故B錯誤；

C.小球所受洛倫茲力為

Bqv=%-々）=-Bqat+Bq%,a=gsin夕

隨時間線性變化，故洛倫茲力沖量大小為

x—xBt=qx—xBx———

22gsin。2gsin。

故C正確;

2〃吆cos。

D,若％=H0,0時刻小球所受洛倫茲力為

qB

Bq%=2〃7gcos9

小球在垂直細桿方向所受合力為零，可得

Bqv=mgcos。十&

即

國=Bqv-mgcos夕=%(%—at)-mgcos0=mgcos0-Bqtgsin<9

則小球在整個減速過程的&圖像如圖

圖線與橫軸圍成的面積表示沖量可得彈力的沖量為零，故D正確。

故選CDo

非選擇題部分

三、非選擇題（本題共5小題，共55分）

16.在“驗證機械能守恒定律”的實驗中

（1）下列操作正確的是。

（2）實驗獲得一條紙帶，截取點跡清嘶的一段并測得數據如圖所示已知打點的頻率為50Hz,則打點

“13”時，重錘下落的速度大小為m/s（保留三位有效數字）。

（3）某同學用紙帶的數據求出重力加速度8=9.77m/s2,并用此g值計算得出打點“1”到“13”過程重錘

的重力勢能減小值為5.09〃?，另計算得動能增加值為5.08/〃（機為重錘質量）則該結果（選填“能”

或“不能”驗證機械能守恒定律，理由是（）

A.在誤差允許范圍內

B.沒有用當地的重力加速度g

【答案】（1）B(2)3.34

（3）①.不能②.B

【解析】

【小問1詳解】

應手提紙帶上端使紙帶豎直，同時使重物靠近打點計時器，由靜止釋放。

故選B。

【小問2詳解】

根據勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于該過程平均速度可得打點“13”時，重錘下落的速度大小

0.6069-0.4733

V13=m/s=3.34m/s

2x0.02

【小問3詳解】

口］［2］某同學用紙帶的數據求出重力加速度g=9.77m/s2,并用此g值計算得出打點“1”到“13”過程重錘

的重力勢能減小值為5.09〃?，另計算得動能增加值為5.08〃？（機為重錘質量），則該結果不能驗證機械能守

恒定律，理由是：該同學求出的9.77m/s2是重錘受到空氣阻力時做勻加速運動的加速度“9.77m/s2,不是

當地的重力加速度，5.09〃?也不是重力勢能的減少量。沒有當地的重力加速度的數值，無法求出重力勢能

的減少量，所以無法驗證機械能守恒定律。

故選B。

17.在測繪發光二極管在導通狀態下的伏安特性曲線實驗中，

（1）用多用電表歐姆擋判斷發光二極管的正負極選用X100擋時，變換表筆與二極管兩極的連接方式，發

現電表指針均不偏轉。選用擋（選填"X10”或“xlk”）重新測試，指針仍不偏轉，更換二極

管極性后，發現指針偏轉，此時與多用電表紅色表筆相連的是二極管（選填“正極”或“負

極”

圖(B)

（2）圖（A）是已完成部分連線的實物圖，為實現電壓可從零開始調節，并完成實驗，P應連接

接線柱（選填"c"或"d”）,Q應連接接線柱（選填“a”、””、“c”或

“d”）。某次選用多用電表量程為50mA擋測量，指針如圖（B）所示，則電流/=mA

（3）根據測得數據，繪出伏安特性曲線如圖（C）所示，說明該二極管是元件（選填“線性”

圖(C)

【答案】⑴@.xlk②.負極

(2)①②③.45.0

(3)①.非線性②.1.925

【解析】

【小問1詳解】

⑴⑵指針未偏轉，說明可能電阻寸大，應換用xlk檔繼續實驗；根據“紅進黑出”原則及二極管單向導

電性可知紅色表筆相連的是二極管負極。

【小問2詳解】

W⑵實現電壓可從零開始調節，滑動變阻器采用分壓式接法，戶應連接出根據圖C可知電壓表選取

03V量程，故Q接&

［3］多用電表量程為50mA,分度值為1mA,需要估讀到0.1mA,故電表的讀數為

4x10〃2A+5x\niA+0x0.bM=45.0mA

【小問3詳解】

HM2］根據圖像可知/隨U非線性變化，故說明該二極管是非線性元件，根據圖像可知正常發光時即有電流

通過時電壓在1.9V-2.5V范圍。

18.如圖所示，用“插針法”測量一等腰三角形玻璃磚(側面分別記為A和B、頂角大小為。)的折射率。

①在白紙上畫一條直線并畫出其垂線4,交于。點；

②將側面A沿時放置，并確定側面8的位置〃

③在cd上堅直插上大頭針Pl和P2,從側面B透過玻璃磚觀察P1和P2,插上大頭針P3，要求P3能擋住

（選填“Pl”、“P2”或“Pl和P2"）的虛像；

④確定出射光線的位置____________（選填“需要”或“不需要”第四枚大頭針；

⑤撤去玻璃磚和大頭針，測得出射光線與直線^的夾角為a,則玻璃磚折射率〃=o

COAC/

【答案】①.P|和P2②.不需要③.——

sin0

【解析】

【詳解】③[1]要求Pl和P2在一條光線上，該光線透過玻璃磚后過P3,故P3要能擋住P和P2的虛像；

④[2]〃與而垂直，則過Pl和P2的光線與"垂直，光垂直入射時傳播方向不變，可確定力邊上的入射

點，此時只需要找到折射光線上的一點即可確定出射光線，不需要插第四枚大頭針；

⑤[3]根據幾何關系可知入射角為。，折射角為故

/\

.71

sin-----a

I2Jcosa

H=------