高級中學名校試卷PAGE2025學年湖北省高二（上）期中考試物理試卷一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.質量為90g的武漢獼猴桃從離地面5m高處由靜止落下，不計空氣阻力，取重力加速度大小g=10m/s2，則在下落過程中，重力對獼猴桃的沖量大小是（）A.0.9N·s B.1.2N·s C.1.5N·s D.0.6N·s【答案】A【解析】獼猴桃下落過程做自由落體運動，下落的時間為則在下落過程中，重力對獼猴桃的沖量大小為故選A。2.一個金屬小球帶1C電荷，若將相同的不帶電的小球與其接觸后移開，則該小球所帶電荷量為（）A.0 B.1C C.0.25C D.0.5C【答案】D【解析】金屬小球帶1C電荷，與不帶電的小球接觸移開后，兩個小球平分電荷，所以該小球所帶電荷量為故選D。3.下列說法正確的是（）A.安培發現了電流的磁效應，并且總結得出了通電導線周圍磁場的分布規律B.音頻電流的頻率比較低，不能直接用來發射電磁波C.電流與電流間的相互作用是通過電場發生的D.均勻變化的電場可以激發磁場，并向外傳播形成電磁波【答案】B【解析】A．奧斯特發現了電流的磁效應，安培總結得出了通電導線周圍磁場的分布規律，故A錯誤；B．音頻電流的頻率比較低，不能直接用來發射電磁波，需要電磁波為載體向外發射，故B正確；C．電流與電流間的相互作用是通過磁場發生的，故C錯誤；D．均勻變化的電場可以激發恒定的磁場，恒定的磁場不能產生電場了，所以均勻變化的電場不能向外傳播形成電磁波，故D錯誤。故選B。4.2022年12月20日，金沙江白鶴灘水電站全部機組投產發電，這標志著我國在長江上全面建成世界最大“清潔能源走廊”，水電站安裝16臺中國自主研制、全球單機容量最大功率百萬千瓦水輪發電機組，總裝機容量1600萬千瓦，每年平均發電量約624.43億千瓦·時。下列說法正確的是（）A.千瓦是能量單位B.水電站是利用水能的重要形式，水能是可再生能源C.風能、太陽能、地熱能等均屬于不可再生能源D.水能是可再生能源，所以可制造一臺利用水能的機器，效率可達100%【答案】B【解析】A．千瓦是功率單位，故A錯誤；B．水能是可再生能源，水電站是利用水能的重要形式，故B正確；C．風能、太陽能、地熱能可以在自然界源源不斷地得到，屬于可再生能源，故C錯誤；D．雖然水能是可再生能源，但不論科技如何發展，利用水能的機器，效率不可能達到100%，故D錯誤。5.如圖所示，兩段長度和材料相同、粗細均勻金屬導線A、B，單位體積內的自由電子數相等，橫截面積之比SA:SB=1:2。已知5s內有5×1018個自由電子通過導線A的橫截面，元電荷e=1.6×10-19C，則下列說法錯誤的是（）A.流經導線A的電流為0.16AB.導線A、B的電阻之比為2:1C.5s內有1×1018個自由電子通過導線B的橫截面D.自由電子在導線A和B中移動的平均速率之比【答案】C【解析】A．流過A的電流為故A正確，不符合題意；B．根據電阻定律可得故B正確，不符合題意；C．因兩段串聯，通過兩棒的電流相等，所以在相等時間內通過每段導線橫截面的電荷量是相等的，故C錯誤，符合題意；D．因兩段串聯，通過兩棒的電流相等，又則有故D正確，不符合題意。故選C6.關于下列四種情境說法正確的是（）A.圖甲中，M點與N點磁感應強度相同B.圖乙中，線圈穿過磁鐵從M運動到L的過程中，穿過線圈的磁通量一直增大C.圖丙中，閉合線框繞垂直于磁場方向的軸轉動的過程中，線框中有感應電流產生D.圖丁中，線框與通電導線在同一平面內向右平移的過程中，線框中沒有感應電流產生【答案】C【解析】A．磁感線的切線方向表示磁感應強度的方向，由圖可知，圖甲中M、N兩點的磁感應強度的方向是不同的，所以圖甲中，M、N兩點磁感應強度不相同，故A錯誤；B．根據條形磁鐵的磁場的特點可知，當線圈穿過磁鐵從M運動到L的過程中，穿過線圈的磁通量先增大后減小，故B錯誤；C．圖丙中，閉合線框繞垂直于磁場方向的軸轉動的過程中，線框平面與磁感應強度方向之間的夾角發生變化，穿過線框的磁通量也發生變化，所以線框中有感應電流產生，故C正確；D．距離通電直導線越遠，磁感應強度越小，所以在圖丁中，線框在與通電導線在同一平面內向右平移的過程中，向里穿過線框的磁通量減小，線框中有感應電流產生，故D錯誤。故選C。7.在如圖所示的電路中，電源電動勢，電源內阻，電路中的電阻為，小型直流電動機M的內阻，電流表內阻不計。閉合開關后，電動機轉動，電流表的示數，則以下判斷正確的是（）A.電動機兩端的電壓為6.0VB.電動機的輸出功率為14WC.電動機的熱功率為3.0WD.電源輸出的電功率為20W【答案】D【解析】A．分析電路結構，根據閉合電路歐姆定律可知，電路中電流表的示數為，所以電動機的電壓為故A錯誤；BC．電動機的總功率為電動機的發熱功率為所以電動機的輸出功率為故BC錯誤；D．

電源的總功率輸出的功率為故D正確。故選D。二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.日地拉格朗日點是指衛星受太陽、地球兩大天體引力作用，能保持相對靜止、編號為的那個點，于1772年由數學家拉格朗日推導證明出。日地拉格朗日點隨著地球圍繞太陽的公轉而移動，與太陽、地球三者在任何時刻總在一條直線上。韋伯太空望遠鏡于2021年12月25日發射升空，目前位于日地拉格朗日點。下面說法正確的是（）A.韋伯太空望遠鏡在地球和太陽的引力作用下所受合力不為零B.韋伯太空望遠鏡圍繞太陽運動的線速度小于地球圍繞太陽運動的線速度C.韋伯太空望遠鏡的向心加速度小于地球圍繞太陽運動的向心加速度D.韋伯太空望遠鏡發射升空時的發射速度要小于第三宇宙速度【答案】AD【解析】A．韋伯太空望遠鏡在太空做圓周運動，受到的合力不可能為零，故A正確；BC．根據題意“與太陽、地球三者在任何時間總在一條直線上”，說明地球與韋伯太空望遠鏡角速度相等，根據、可知，半徑越大，線速度越大、向心加速度越大，故BC錯誤；D．第三宇宙速度是指脫離太陽系的發射速度，韋伯太空望遠鏡沒有脫離太陽的引力，則發射速度小于第三宇宙速度，故D正確。故選AD。9.如圖所示，物塊A通過一不可伸長的輕繩懸掛在天花板下，初始時靜止。從發射器（圖中未畫出）射出一個彈丸B，彈丸以速度v沿水平方向射入物塊A并留在其中（作用時間極短），隨后輕繩擺動的最大角度為θ，整個過程系統損失的機械能為E，不計空氣阻力。下列圖中正確的是（）A. B.C. D.【答案】AC【解析】彈丸以速度v沿水平方向射入物塊A并留在其中，則有聯立可得由數學知識可知兩函數圖像，所以AC正確；BD錯誤；故選AC。10.電阻應變片能夠把物體形變這個力學量轉換為電阻這個電學量。當電阻應變片發生形變時，電阻會有微小的變化，這種微小的變化可通過電橋電路來探測。如圖所示，電阻應變片R2的正常電阻為120Ω，R3=60Ω，，下列說法正確的是（）A.當電阻應變片無形變時，G表示數不為零B.當電阻應變片發生形變，電阻增大時，G表中有從M到N的電流C.當電阻應變片發生形變，電阻增大時，電流表A的示數變大D.當電阻應變片發生形變，電阻增大時，燈泡變亮【答案】BD【解析】A．當應變片無形變時，則M、N電勢相等，G表示數為零，故A錯誤；B．當電阻應變片發生形變電阻增大時，R2所分電壓增大，導致M點電勢高于N點電勢，G表中有從M到N的電流，故B正確；C．當電阻應變片發生形變電阻增大時，根據閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，即電流表A的示數變小，故C錯誤；D．結合以上分析知，當電阻應變片發生形變，電阻增大時，電路中總電流減小，根據可得電路中路端電壓增大，因為燈泡RL和R1的電阻不變，所以通過其電流增大，燈泡變亮，故D正確。故選BD。三、實驗題：本大題共2小題，共24分。11.“祖沖之”實驗小組想測量一充電寶的電動勢和內阻。（1）該小組測得多組U、I數據，并在坐標紙上描點，如圖所示，請根據描出的點作出U-I圖像_______，已知其對應的表達式為U=E-Ir。（2）根據U-I圖像，可求得該充電寶的電動勢E為_______V，內阻r為_______Ω。（結果均保留兩位有效數字）【答案】（1）見解析（2）4.93.3【解析】（1）根據描出的點，作出U-I圖像，如圖所示（2）[1][2]已知圖像對應的表達式為根據圖像在縱軸上的截距可得由圖像的斜率大小可得內阻12.圖甲是“碰撞中的動量守恒”實驗裝置的示意圖。（1）在驗證動量守恒定律的實驗中，不必須要求的條件是______。A.軌道光滑B.軌道末端的切線水平C.碰撞的瞬間入射小球和被碰小球的球心連線與軌道末端的切線平行D.每次入射小球都要從同一高度由靜止滾下（2）入射小球與被碰小球的直徑相同，則被碰小球的質量應______（填“大于”“小于”或“等于”）入射小球的質量。（3）在做此實驗時，若某次實驗得到小球的落點情況如圖乙所示。假設碰撞中動量守恒。則______。【答案】（1）A（2）小于（3）【解析】（1）A．若小球每次從軌道同一位置釋放，小球克服摩擦力做功相同，小球飛出軌道末端速度大小一定，可知，軌道光滑與否對實驗沒有影響，故A錯誤，符合題意；B．為了確保小球飛出軌道的初速度方向水平，軌道末端的切線必須水平，故B正確，不符合題意；C．為了使得碰撞過程發生的是對心碰撞，碰撞的瞬間入射小球和被碰小球的球心連線與軌道末端的切線平行，故C正確，不符合題意；D．了確保小球每次飛出軌道末端初速度大小一定，實驗中每次入射小球都要從同一高度由靜止滾下，故D正確，不符合題意。故選A。（2）入射小球與被碰小球的直徑相同，為了避免入射小球發生反彈，則被碰小球的質量應小于入射小球的質量。（3）P為入射球單獨滾下的落地點，M為入射球碰撞后的落地點，N為被碰球體碰撞后的落地點，根據，解得結合上述可知，，根據動量守恒定律有解得四、計算題：本大題共3小題，共36分。13.在學校門口有個石墩，質量m=50kg，與水平地面間的動摩擦因數μ=0.2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度大小g=10m/s2，現有兩個同學想挪動石墩，水平面內力的示意圖如圖所示，α=60°，兩同學施加相等大小的恒力F。（1）若不能挪動石墩，求F的最大值；（2）若石墩在2s內移動了0.5m，求F的大小。【答案】（1）（2）【解析】（1）最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則由平行四邊形定則可得，兩同學的合力若不能挪動石墩，則解得所以F的最大值為；（2）石墩做勻加速直線運動，有由牛頓第二定律得解得14.如圖甲所示的電路中，當滑動變阻器的滑片P從左端滑至右端時，測得電源的路端電壓隨電源中流過的電流變化的圖線如圖乙所示，其中A、B兩點的數據是滑P在滑動變阻器的兩個不同端點得到的數據。求：（1）電源的電動勢和內阻；（2）定值電阻的阻值；（3）滑動變阻器的最大阻值。【答案】（1）20V，20Ω（2）（3）【解析】（1）題中圖乙中AB延長線，交U軸于20V處，交I軸于1.0A處，所以電源的電動勢為E＝20V內阻r＝=20Ω（2）當P滑到R3的右端時，、均被短路，電路參數對應圖乙中的B點，即U2＝4VI2＝0.8A得又因得（3）當P滑到R3的左端時，由圖乙知此時U外＝16VI總＝0.2A所以因為得15.如圖所示，在光滑固定水平圓環中有兩個可看成質點的小球．小球a位于A點，小球b位于B點，是圓環的一條直徑，，圓環的周長，剛開始兩球都靜止，現給小球a一方向垂直、大小為的速度v，兩球碰撞都是彈性碰撞，且碰撞時間極短。（1）分別求出第一次碰撞后瞬間兩球的速度大小；（2）求從小球第一次相碰到第二次相碰的時間間隔t；（3）是否存在某次碰撞后，兩球不再發生碰撞？如果存在，寫出分析過程，如果不存在，請說明原因；（4）求小球a從開始運動到與小球b第100次相碰過程中運動的總路程。【答案】（1）（2）1s（3）；兩個等式解出的不相等，所以不存在這種情況（4）【解析】（1）以小球a的初速度方向為正方向，兩球發生彈性碰撞，動量守恒，動能總和不變，則有解得，（2）設小球第一次相碰到第二次相碰過程中，小球a運動的路程為s，則小球b運動的路程為解得（3）分析可知，若要兩球不再發生碰撞，只能是碰后兩球的速度相等，由于兩球發生的碰撞都是彈性碰撞，可得兩個等式解出的不相等，所以不存在這種情況。（4）兩球發生第二次彈性碰撞解得可以看出兩球的速度回到初始狀態，所以小球a從開始運動到與小球b第100次相碰過程中運動的總路程2024-2025學年湖北省高二（上）期中考試物理試卷一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.質量為90g的武漢獼猴桃從離地面5m高處由靜止落下，不計空氣阻力，取重力加速度大小g=10m/s2，則在下落過程中，重力對獼猴桃的沖量大小是（）A.0.9N·s B.1.2N·s C.1.5N·s D.0.6N·s【答案】A【解析】獼猴桃下落過程做自由落體運動，下落的時間為則在下落過程中，重力對獼猴桃的沖量大小為故選A。2.一個金屬小球帶1C電荷，若將相同的不帶電的小球與其接觸后移開，則該小球所帶電荷量為（）A.0 B.1C C.0.25C D.0.5C【答案】D【解析】金屬小球帶1C電荷，與不帶電的小球接觸移開后，兩個小球平分電荷，所以該小球所帶電荷量為故選D。3.下列說法正確的是（）A.安培發現了電流的磁效應，并且總結得出了通電導線周圍磁場的分布規律B.音頻電流的頻率比較低，不能直接用來發射電磁波C.電流與電流間的相互作用是通過電場發生的D.均勻變化的電場可以激發磁場，并向外傳播形成電磁波【答案】B【解析】A．奧斯特發現了電流的磁效應，安培總結得出了通電導線周圍磁場的分布規律，故A錯誤；B．音頻電流的頻率比較低，不能直接用來發射電磁波，需要電磁波為載體向外發射，故B正確；C．電流與電流間的相互作用是通過磁場發生的，故C錯誤；D．均勻變化的電場可以激發恒定的磁場，恒定的磁場不能產生電場了，所以均勻變化的電場不能向外傳播形成電磁波，故D錯誤。故選B。4.2022年12月20日，金沙江白鶴灘水電站全部機組投產發電，這標志著我國在長江上全面建成世界最大“清潔能源走廊”，水電站安裝16臺中國自主研制、全球單機容量最大功率百萬千瓦水輪發電機組，總裝機容量1600萬千瓦，每年平均發電量約624.43億千瓦·時。下列說法正確的是（）A.千瓦是能量單位B.水電站是利用水能的重要形式，水能是可再生能源C.風能、太陽能、地熱能等均屬于不可再生能源D.水能是可再生能源，所以可制造一臺利用水能的機器，效率可達100%【答案】B【解析】A．千瓦是功率單位，故A錯誤；B．水能是可再生能源，水電站是利用水能的重要形式，故B正確；C．風能、太陽能、地熱能可以在自然界源源不斷地得到，屬于可再生能源，故C錯誤；D．雖然水能是可再生能源，但不論科技如何發展，利用水能的機器，效率不可能達到100%，故D錯誤。5.如圖所示，兩段長度和材料相同、粗細均勻金屬導線A、B，單位體積內的自由電子數相等，橫截面積之比SA:SB=1:2。已知5s內有5×1018個自由電子通過導線A的橫截面，元電荷e=1.6×10-19C，則下列說法錯誤的是（）A.流經導線A的電流為0.16AB.導線A、B的電阻之比為2:1C.5s內有1×1018個自由電子通過導線B的橫截面D.自由電子在導線A和B中移動的平均速率之比【答案】C【解析】A．流過A的電流為故A正確，不符合題意；B．根據電阻定律可得故B正確，不符合題意；C．因兩段串聯，通過兩棒的電流相等，所以在相等時間內通過每段導線橫截面的電荷量是相等的，故C錯誤，符合題意；D．因兩段串聯，通過兩棒的電流相等，又則有故D正確，不符合題意。故選C6.關于下列四種情境說法正確的是（）A.圖甲中，M點與N點磁感應強度相同B.圖乙中，線圈穿過磁鐵從M運動到L的過程中，穿過線圈的磁通量一直增大C.圖丙中，閉合線框繞垂直于磁場方向的軸轉動的過程中，線框中有感應電流產生D.圖丁中，線框與通電導線在同一平面內向右平移的過程中，線框中沒有感應電流產生【答案】C【解析】A．磁感線的切線方向表示磁感應強度的方向，由圖可知，圖甲中M、N兩點的磁感應強度的方向是不同的，所以圖甲中，M、N兩點磁感應強度不相同，故A錯誤；B．根據條形磁鐵的磁場的特點可知，當線圈穿過磁鐵從M運動到L的過程中，穿過線圈的磁通量先增大后減小，故B錯誤；C．圖丙中，閉合線框繞垂直于磁場方向的軸轉動的過程中，線框平面與磁感應強度方向之間的夾角發生變化，穿過線框的磁通量也發生變化，所以線框中有感應電流產生，故C正確；D．距離通電直導線越遠，磁感應強度越小，所以在圖丁中，線框在與通電導線在同一平面內向右平移的過程中，向里穿過線框的磁通量減小，線框中有感應電流產生，故D錯誤。故選C。7.在如圖所示的電路中，電源電動勢，電源內阻，電路中的電阻為，小型直流電動機M的內阻，電流表內阻不計。閉合開關后，電動機轉動，電流表的示數，則以下判斷正確的是（）A.電動機兩端的電壓為6.0VB.電動機的輸出功率為14WC.電動機的熱功率為3.0WD.電源輸出的電功率為20W【答案】D【解析】A．分析電路結構，根據閉合電路歐姆定律可知，電路中電流表的示數為，所以電動機的電壓為故A錯誤；BC．電動機的總功率為電動機的發熱功率為所以電動機的輸出功率為故BC錯誤；D．

電源的總功率輸出的功率為故D正確。故選D。二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.日地拉格朗日點是指衛星受太陽、地球兩大天體引力作用，能保持相對靜止、編號為的那個點，于1772年由數學家拉格朗日推導證明出。日地拉格朗日點隨著地球圍繞太陽的公轉而移動，與太陽、地球三者在任何時刻總在一條直線上。韋伯太空望遠鏡于2021年12月25日發射升空，目前位于日地拉格朗日點。下面說法正確的是（）A.韋伯太空望遠鏡在地球和太陽的引力作用下所受合力不為零B.韋伯太空望遠鏡圍繞太陽運動的線速度小于地球圍繞太陽運動的線速度C.韋伯太空望遠鏡的向心加速度小于地球圍繞太陽運動的向心加速度D.韋伯太空望遠鏡發射升空時的發射速度要小于第三宇宙速度【答案】AD【解析】A．韋伯太空望遠鏡在太空做圓周運動，受到的合力不可能為零，故A正確；BC．根據題意“與太陽、地球三者在任何時間總在一條直線上”，說明地球與韋伯太空望遠鏡角速度相等，根據、可知，半徑越大，線速度越大、向心加速度越大，故BC錯誤；D．第三宇宙速度是指脫離太陽系的發射速度，韋伯太空望遠鏡沒有脫離太陽的引力，則發射速度小于第三宇宙速度，故D正確。故選AD。9.如圖所示，物塊A通過一不可伸長的輕繩懸掛在天花板下，初始時靜止。從發射器（圖中未畫出）射出一個彈丸B，彈丸以速度v沿水平方向射入物塊A并留在其中（作用時間極短），隨后輕繩擺動的最大角度為θ，整個過程系統損失的機械能為E，不計空氣阻力。下列圖中正確的是（）A. B.C. D.【答案】AC【解析】彈丸以速度v沿水平方向射入物塊A并留在其中，則有聯立可得由數學知識可知兩函數圖像，所以AC正確；BD錯誤；故選AC。10.電阻應變片能夠把物體形變這個力學量轉換為電阻這個電學量。當電阻應變片發生形變時，電阻會有微小的變化，這種微小的變化可通過電橋電路來探測。如圖所示，電阻應變片R2的正常電阻為120Ω，R3=60Ω，，下列說法正確的是（）A.當電阻應變片無形變時，G表示數不為零B.當電阻應變片發生形變，電阻增大時，G表中有從M到N的電流C.當電阻應變片發生形變，電阻增大時，電流表A的示數變大D.當電阻應變片發生形變，電阻增大時，燈泡變亮【答案】BD【解析】A．當應變片無形變時，則M、N電勢相等，G表示數為零，故A錯誤；B．當電阻應變片發生形變電阻增大時，R2所分電壓增大，導致M點電勢高于N點電勢，G表中有從M到N的電流，故B正確；C．當電阻應變片發生形變電阻增大時，根據閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，即電流表A的示數變小，故C錯誤；D．結合以上分析知，當電阻應變片發生形變，電阻增大時，電路中總電流減小，根據可得電路中路端電壓增大，因為燈泡RL和R1的電阻不變，所以通過其電流增大，燈泡變亮，故D正確。故選BD。三、實驗題：本大題共2小題，共24分。11.“祖沖之”實驗小組想測量一充電寶的電動勢和內阻。（1）該小組測得多組U、I數據，并在坐標紙上描點，如圖所示，請根據描出的點作出U-I圖像_______，已知其對應的表達式為U=E-Ir。（2）根據U-I圖像，可求得該充電寶的電動勢E為_______V，內阻r為_______Ω。（結果均保留兩位有效數字）【答案】（1）見解析（2）4.93.3【解析】（1）根據描出的點，作出U-I圖像，如圖所示（2）[1][2]已知圖像對應的表達式為根據圖像在縱軸上的截距可得由圖像的斜率大小可得內阻12.圖甲是“碰撞中的動量守恒”實驗裝置的示意圖。（1）在驗證動量守恒定律的實驗中，不必須要求的條件是______。A.軌道光滑B.軌道末端的切線水平C.碰撞的瞬間入射小球和被碰小球的球心連線與軌道末端的切線平行D.每次入射小球都要從同一高度由靜止滾下（2）入射小球與被碰小球的直徑相同，則被碰小球的質量應______（填“大于”“小于”或“等于”）入射小球的質量。（3）在做此實驗時，若某次實驗得到小球的落點情況如圖乙所示。假設碰撞中動量守恒。則______。【答案】（1）A（2）小于（3）【解析】（1）A．若小球每次從軌道同一位置釋放，小球克服摩擦力做功相同，小球飛出軌道末端速度大小一定，可知，軌道光滑與否對實驗沒有影響，故A錯誤，符合題意；B．為了確保小球飛出軌道的初速度方向水平，軌道末端的切線必須水平，故B正確，不符合題意；C．為了使得碰撞過程發生的是對心碰撞，碰撞的瞬間入射小球和被碰小球的球心連線與軌道末端的切線平行，故C正確，不符合題意；D．了確保小球每次飛出軌道末端初速度大小一定，實驗中每次入射小球都要從同一高度由靜止滾下，故D正確，不符合題意。故選A。（2）入射小球與被碰小球的直徑相同，為了避免入射小球發生反彈，則被碰小球的質量應小于入射小球的質量。（3）P為入射球單獨滾下的落地點，M為入射球碰撞后的落地點，N為被碰球體碰撞后的落地點，根據，解得結合上述可知，，根據動量守恒定律有解得四、計算題：本大題共3小題，共36分。13.在學校門口有個石墩，質量m=50kg，與水平地面間的動摩擦因數μ=0.2