…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、一帶電粒子自圖中A點以初速度平行于等勢面射入電場，其運動軌跡如虛線AB所示。圖中a、b、c、d為電場的四個等勢面，且其電勢關系為不計粒子重力，則（）

A.粒子一定帶負電B.粒子一定做勻速圓周運動C.粒子從A到B的運動過程中，動能先減小后增大D.粒子從A到B的運動過程中，電勢能不斷減小2、在如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內阻，R1和R3均為定值電阻，R2為滑動變阻器．當R2的滑動觸頭在a端時合上開關S，三個電表A1、A2和V的示數分別用I1，I2和U表示．現將R2的滑動觸點向b端移動，則三個電表示數的變化情況是（）

A.I1減小，I2不變，U減小B.電壓表的變化量與總電流變化量的比值變小C.電源的總功率增大，電源內部損耗的功率也增大D.電源的輸出功率減少，效率也降低3、已知通電長直導線周圍某點的磁感應強度即磁感應強度B與導線中的電流I成正比、與該點到導線的距離r成反比．如圖所示，兩根平行長直導線相距為R，通以大小、方向均相同的電流．規定磁場方向垂直紙面向里為正，在0～R區間內磁感應強度B隨r變化的圖線可能是（）

A.B.C.D.4、某真空區域的豎直平面內存在電場，其中一條豎直電場線如圖中豎直實線（方向未知）．一個質量為電荷量為的帶正小球，在電場中從點以一定的初速度水平向右拋出，其軌跡如圖1中虛線所示．以為坐標原點，取豎直向下為軸的正方向，點是軌跡上的一點，其方向坐標值是小球的機械能與豎直方向的位移的關系如圖；不計空氣阻力．則下列說法正確的是。

A.電場強度大小恒定，方向沿軸負方向B.從到的過程中，小球的速率越來越大，所受的電場力越來越大C.從到的過程中小球的電勢能越來越大D.到達位置時，小球的動能為5、如圖所示，空間存在豎直向下大小為E的勻強電場，一個質量為m、帶電荷量為q的帶正電絕緣小環套在粗糙程度相同的絕緣木桿上，若小環以初速度從M點沿桿上滑，到達N點時速度恰好為零，隨后小環下滑回到M點，此時速度為已知小環電荷量保持不變，重力加速度為g；空氣阻力不計，則（）

A.小環所能達到的最大高度為B.從M到N的過程中，克服摩擦力做的功為C.從M到N的過程中，小環的電勢能增加了D.N、M間的電勢差為6、關于電流的概念，下列說法中正確的是（）A.通過導體橫截面的電荷量越多，電流越大B.某一導體內電子運動的速率越大，電流越大C.單位時間內通過導體橫截面的電荷量越多，電流越大D.電流的傳導速率越大，電流越大7、下面所列舉的物理學家及他們的貢獻，其中正確的是（）A.伽利略對牛頓第一定律的建立做出了重要貢獻B.愛因斯坦通過扭秤實驗測定出了萬有引力常量GC.庫侖首先發現了萬有引力定律D.法拉第首先總結了電路中電流與電壓和電阻的關系8、如圖所示，AB為等量同種點電荷間的連線，CB垂直AB且∠CAB=30°，D為AC的中點，若已知D點的場強大小為E，則C點的場強大小為（）

A.EB.C.D.評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、關于光波和無線電波，下列說法正確的是（）A.都是電磁波B.都可以在真空中傳播C.在真空中的傳播速度都是3×108m/sD.二者的波長、頻率均相同10、如圖所示，三個電荷量均為的點電荷分別固定于等邊三角形的三個頂點，點為三角形的中心，線段與三角形所在平面垂直，且將一個帶負電的試探電荷從點由靜止釋放；下列說法正確的是（）

A.點的電場強度為0B.在從點運動到點的過程中，該試探電荷的加速度逐漸減小的加速運動C.在從點運動到點的過程中，該試探電荷的電勢能先減小后增大D.該試探電荷在點時的電勢能一定為011、如圖所示，ABC為等邊三角形，電荷量為+q的點電荷固定在A點．先將一電荷量也為+q的點電荷Q1從無窮遠處（電勢為0）移到C點，此過程中，電場力做功為-W．再將Q1從C點沿CB移到B點并固定．最后將一電荷量為-2q的點電荷Q2從無窮遠處移到C點．下列說法正確的有。

A.Q1移入之前，C點的電勢為B.Q1從C點移到B點的過程中，所受電場力做的功為0C.Q2從無窮遠處移到C點的過程中，所受電場力做的功為2WD.Q2在移到C點后的電勢能為-4W12、水平放置的平行板電容器與電源相連，下極板接地．帶負電的液滴靜止在兩極板間P點，以E表示兩極板間的場強，U表示兩極板間的電壓，φ表示P點的電勢．若電容器與電源斷開，保持下極板不動，將上極板稍微向上移到某一位置，則A.U變大，E不變，φ不變B.U不變，E變小，φ降低C.液滴將向下運動D.液滴仍保持靜止13、如圖所示，水平放置的帶電平行板M、N相距10cm，A點距M板3cm，AB間距為10cm，且與水平方向成30°角，將一帶電荷量為2.0×10-6C的負電荷q由A點沿AB直線移到B點，電場力做功為1.6×10-5J。下列判斷正確的是（）

A.板間電場方向是N指向MB.板間電場強度大小是3.2×10-5N/CC.A點電勢是-4.8VD.該電荷在B點的電勢能是-2.56×10-5J14、如圖所示電路，電源電動勢為E，內阻為當開關閉合后，小型直流電動機和指示燈都恰能正常工作。已知指示燈的電阻為電流為電動機的線圈電阻為電壓表的示數為不計燈泡電阻變化；則下列說法中正確的是（）

A.額定電流B.電動機的發熱功率為C.電動機的輸入功率為D.電動機的效率15、如圖所示，電路中電源電動勢為E，內電阻為r，定值電阻的阻值為R0，變阻器的全阻值為R；關于各部分的功率，有關說法正確的是。

A.當R＋R0＝r，R上消耗的功率達到最大值B.當R＝R0＋r，R上消耗的功率達到最大值C.當R0＝R＋r，R0上消耗的功率達到最大值D.當R＋R0＝r，電源的輸出功率達到最大值16、在如圖所示的電磁感應實驗中，線圈與檢流計組成閉合電路，線圈與電池、滑動變阻器、開關組成閉合電路，線圈置于線圈中。在實驗中；以下的實驗現象應該出現的是（）

A.在閉合開關的瞬間檢流計指針將發生偏轉，然后指針偏轉角度維持不變B.在閉合開關的瞬間檢流計指針將發生偏轉，然后指針又回到零刻度C.閉合開關后，滑動變阻器滑片向右或向左移動過程中，檢流計指針都將發生編轉D.在斷開開關的瞬間，檢流計指針不發生偏轉評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、在如圖所示的電路中，電源內電阻為r,R1、R3分別為兩個定值電阻．閉合電鍵S,當變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時，伏特表V1的示數逐漸________(選填“增大”、“減小”、“不變”)．若移動P的過程中，電流表示數變化量的大小為伏特表V2示數變化量的大小則比值是_______________(選填“增大”；“減小”、“不變”)

18、如圖所示，一款微型機器人的內部有一個直流電動機，其額定電壓為U，額定電流為I，線圈電阻為R，將它接在內阻為r的直流電源的兩極間；電動機恰好能正常工作，則電動機的輸出功率為____________，電源的效率為____________。

19、有三根長度為l=1.00m的不可伸長的絕緣輕線，其中兩根的一端固定在天花板上的O點，另一端分別拴有質量皆為m=1.00×10－2kg的帶電小球A和B，它們的電量分別為－q和+q（A帶負電，B帶正電），q=1.00×10－7C。A、B之間用第三根線連接起來。空間中存在大小為E=1.00×106N/C的勻強電場，場強方向沿水平向右，平衡時A、B球的位置如圖所示。現將O、B之間的線燒斷，由于空氣阻力，A、B球最后會達到新的平衡位置。求最后兩球的機械能與電勢能的總和與燒斷前相比減少了___________J。（不計兩帶電小球間相互作用的靜電力）（=1.4，=1.7）

20、請完成下列各表的讀數；把答案填在圖下的橫線上。

（1）量程為0~3V和0~3A的電表。讀數___________，讀數___________

（2）量程為0~15V的電壓表讀數。讀數___________，讀數___________，讀數___________

（3）量程為0~0.6A的電流表讀數。讀數___________，讀數___________，讀數___________，讀數___________

21、如圖所示，電源電壓一定時，已知燈泡L標有“6V7.2W”字樣（燈絲電阻不受溫度影響），R2=10Ω。當S、S1閉合，且滑片P在a端時，燈正常發光；當S、S2閉合，且P在滑動變阻器中點處時，電流表示數為0.2A，燈泡L的阻值為_______Ω。通過對S、S1、S2的控制和調節滑動變阻器，可使電路消耗的總功率最小，電路總功率的最小值為_______。

22、如圖所示，電源電動勢為E、內阻為r，外電阻分別為閉合電鍵S，當滑動變阻器的觸頭，P向下滑動時，四個理想電表A、的示數都將發生變化，電表的示數分別用I、和表示，電表示數變化量分別用和表示。

（1）示數和其中一定變小的是_________。

（2）表達式其中一定變小的是__________。

（3）變化量和其中絕對值最大的是___________。

（4）用r表示下列比值，注意結果的正負___________：。________________________________

（5）若的調節范圍為為了讓電阻消耗功率最大，則應取______為了讓電阻消耗功率最大，則應取______為了讓電阻消耗的總功率最大，則應取_____評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)23、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內，左右各一半面積的范圍內，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

24、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據已知條件和傳感器顯示的圖像中的數據信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短25、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內有一個由四個阻值相同的電阻構成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

26、如圖1所示，用電動勢為E、內阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共18分)27、請寫出下列測量工具的讀數。

(1)用游標卡尺測量一金屬絲的直徑，則該金屬絲直徑的測量值為_________mm；

(2)用螺旋測微器測量圓柱體的直徑為_________mm；

(3)如圖為一正在測量中的多用電表表盤。當選用電阻擋“×100”測量，則讀數為__________Ω；當選用量程為50mA的電流擋測量電流時，表針指于圖示位置，則所測電流為__________mA。28、某同學分別用游標卡尺和螺旋測微器測量一小物體的長a和寬b，測量情況如圖。則物體的長a=___________cm，寬b=___________mm。

評卷人得分六、解答題(共4題，共8分)29、恒定電流電路內各處電荷的分布是穩定的；任何位置的電荷都不可能越來越多或越來越少，此時導內的電場的分布和靜電場的性質是一樣的，電路內的電荷；電場的分布都不隨時間改變，電流恒定.

（1）a.寫出圖中經△t時間通過0、1、2，3的電量滿足的關系，并推導并聯電路中干路電流和各支路電流之間的關系；

b.研究將一定量電荷△q通過如圖不同支路時電場力做功的關系并說明理由；由此進一步推導并聯電路中各支路兩端電壓U1、U2、U3之間的關系；

c.推導圖中并聯電路等效電阻R和各支路電阻R1、R2、R3的關系.

（2）定義電流密度j的大小為通過導體橫截面電流強度I與導體橫截面S的比值，設導體的電阻率為導體內的電場強度為E，請推導電流密度j的大小和電場強度E的大小之間滿足的關系式.

30、如圖所示，平面直角坐標系xOy，x軸沿水平方向，y軸沿豎直方向，O為坐標原點，分別為坐標平面內的四個點，其中整個區域內存在平行于xOy平面但方向未知的勻強電場（未畫出）。A點有一個發射裝置能向豎直面內的任意方向分別發射質量為電荷量為C、速率為的帶電小球（可看作質點）。小球甲從A點射出后通過B點時速率為小球乙從A點射出后通過C點時的速率為小球丙從A點射出后恰好從固定圓軌道上的缺口D處沿切線射入圓內，圓心與D點連線與x軸正方向的夾角為不計小球間的相互作用，帶電小球在運動過程中電量保持不變，不計阻力。求：

（1）若取A點的電勢為0，則B、C兩點的電勢是多少；

（2）勻強電場電場強度的大小和方向；

（3）小球丙從D點切線射入后，缺口自動閉合成一完整的光滑絕緣圓形軌道，要使小球不脫離軌道，則圓軌道的半徑R的范圍是多少？

31、如圖甲所示，兩平行金屬板水平放置，間距為d，金屬板長為兩金屬板間加如圖乙所示的電壓（初始時上金屬板帶正電），其中一粒子源連續均勻發射質量為m、電荷量為的帶電粒子（初速度重力忽略不計），該粒子源射出的帶電粒子恰好從上金屬板左端的下邊緣水平進入兩金屬板間。（若粒子碰到兩金屬板即被金屬板吸收），求：

（1）能從板間飛出的粒子在板間運動的時間；

（2）若時刻進入兩極板之間，飛出極板時的偏移量y是多少；

（3）能從板間飛出的粒子數占入射粒子數的百分比。

32、如圖所示，面積為S的矩形線框處于磁感應強度為的勻強磁場中，可繞垂直于磁感線的軸轉動。

(1)求線框處于圖示位置時穿過線框的磁通量大小；

(2)若線框從圖示位置繞轉過60°角；求轉動后穿過線框的磁通量大小；

(3)若線框從圖示位置繞轉過90°角；求轉動后穿過線框的磁通量大小及此過程的磁通量的變化量大小；

(4)若線框從圖示位置繞轉過120°角；求此過程穿過線框的磁通量的變化量大小。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據電場線和等勢線垂直；且從高電勢處指向低電勢處，得知電場沿豎直向上方向，而粒子的軌跡向上彎曲，可判斷粒子所受電場力方向豎直向上，所以粒子帶正電，故A錯誤；

B．由題圖等勢線特點：平行且等間距。可判斷該電場為勻強電場；粒子所受的電場力是恒力，粒子的運動為勻變速曲線運動，軌跡為拋物線，故B錯誤；

CD．粒子的電場力方向向上；軌跡向上彎曲，則電場力對粒子做正功，其動能逐漸增大，電勢能減小，故C錯誤，D正確。

故選D。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．將的滑動觸點向b端移動時，減小，整個電路的總電阻減小，總電流I增大，電源的內電壓增大，路端電壓減小，即電壓表示數U減小，電壓增大，故并聯電壓減小，通過的電流減小，而總電流I增大，則流過的電流增大；故A錯誤；

B．根據得故電壓表的變化量與總電流變化量的比值為電源內阻，保持不變，故B錯誤；

C．根據總電流I增大，故電源的總功率增大，電源內部損耗的功率也增大，故C正確；

D．由于不知道電源的內外電阻關系，所以不能確定電源的輸出功率如何變化；電源的效率因路端電壓U減小，故電源的效率降低，故D錯誤；

故選C．3、C【分析】【分析】

【詳解】

根據右手螺旋定則可得左邊通電導線在兩根導線之間的磁場方向垂直紙面向里，右邊通電導線在兩根導線之間的磁場方向垂直紙面向外，離導線越遠磁場越弱，在兩根導線中間位置磁場為零，由于規定B的正方向垂直紙面向里，故選C。4、C【分析】【詳解】

物體的機械能逐漸減小，電場力對小球做負功，故電場強度方向向上，即沿x軸負方向．再根據機械能的變化關系可知，相等位移電場力做功越來越小，說明電場力減小，故電場強度不斷減小，根據牛頓第二定律可知，物體受重力與電場力，電場力向上，重力向下，開始時重力大于電場力，電場力越來越小，故合力越來越大，加速度越來越大，速度越來越大，故AB錯誤；從O到A的過程中，小球所受的電場力一直做負功，則小球的電勢能越來越大，選項C正確；到達A位置時，機械能變化量為：解得選項D錯誤.5、B【分析】【分析】

【詳解】

A．設木桿傾角為上升過程沿桿運動的最大距離為L，小環從M到N、從N到M電場力做功為0，所以上滑和下滑過程摩擦力做功相等，設為上滑過程電場力做負功，下滑過程電場力做正功，則在上滑和下滑過程對小環應用動能定理分別有

聯立解得

故A錯誤；

B．上滑和下滑過程克服摩擦力做功為

故B正確；

C．從M到N的過程中，電場力做負功．小環的電勢能增加量為

故C錯誤；

D．所以NM間的電勢差為

故D錯誤。

故選B。6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據

可知；通過導體橫截面的電荷量越多，電流不一定越大，選項A錯誤；

B．根據I=neSv

可知；某一導體內電子運動的速率越大，電流不一定越大，選項B錯誤；

C．根據

可知；單位時間內通過導體橫截面的電荷量越多，電流越大，選項C正確；

D．電流的傳遞速率等于光速；電流的傳導速率越大，電流不一定越大，選項D錯誤。

故選C。7、A【分析】【分析】

【詳解】

A．伽利略的理想斜面實驗說明物體一旦運動起來就要保持這種狀態；對牛頓第一定律的建立做出了重要貢獻，故A正確；

B．卡文迪許通過扭秤實驗測定出了萬有引力常量G；故B錯誤；

C．牛頓首先發現了萬有引力定律；庫侖發現了庫侖定律，故C錯誤；

D．歐姆首先總結了電路中電流與電壓和電阻的關系；發現了歐姆定律，故D錯誤；

故選A。8、B【分析】【詳解】

根據幾何關系可知，D到A、B兩點間距等于AC的一半，也等于BC，根據點電荷電場強度的方向可知,兩點電荷在D的電場強度方向夾角為，由點電荷電場強度公式，可知，它們在D點的電場強度大小相等，即為E；那么A點電荷在C點的電場強度大小為，則B點電荷在C點的電場強度大小為E，方向如圖所示，

根據力的合成法則，結合余弦定理，則有C點的場強大小為，故B正確，A、C、D錯誤；

故選B．

【點睛】

理解電場強度矢量性，掌握幾何關系的運用，注意求得A、B點電荷在C的電場強度大小與方向是解題的關鍵，也是解題的突破口，同時注意余弦定理的內容．二、多選題(共8題，共16分)9、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

ABC．光波和無線電波本質上都是電磁波，都可以在真空中傳播，在真空中傳播的速度都是3×108m/s；ABC正確；

D．光波和無線電波波長；頻率不同；D錯誤。

故選ABC10、A:C【分析】【詳解】

A．由題意可知，三個點電荷在O點的場強大小相等，互成角；所以三個場強的合場強為0，所以A正確；

B．在MO直線上，有個場強最大的點，在從點運動到點的過程中，電場強度可能逐漸減小，也可能先增大后減小；則該試探電荷的加速度為

即；該試探電荷的加速度可能逐漸減小，也可能先增大后減小，所以B錯誤；

C．由于場源電荷是正電荷，所以在從點運動到點的過程中；電勢先增大后減小，該電荷為負電荷，所以該試探電荷的電勢能先減小后增大，所以C正確；

D．由A選項分析可知，O點的場強為0；但是電勢不一定為0，電勢能不一定為0，所以D錯誤。

故選AC。11、A:B:D【分析】【詳解】

A.由題意可知，C點的電勢為

故A正確；

B.由于B、C兩點到A點()的距離相等，所以B、C兩點的電勢相等，所以從C點移到B點的過程中；電場力先做負功再做正功，總功為0，故B正確；

C.由于B、C兩點的電勢相等，所以當在B點固定后，C點的電勢為所以從無窮遠移到C點過程中，電場力做功為：

故C錯誤；

D.由于C點的電勢為所以電勢能為

故D正確．12、A:D【分析】【詳解】

電容器與電源斷開，則帶電量Q不變，保持下極板不動，將上極板稍微向上移到某一位置，則d變大，根據可知C變小，根據Q=CU可知U變大，由與上述式子聯立可得：則E不變；因P點與下極板的距離不變，根據U=Ed可知P點與下極板的電勢差不變，即P點的電勢φ不變，選項A正確，B錯誤；由于E不變，則液滴受的電場力不變，則液滴仍保持靜止，選項C錯誤，D正確.13、A:D【分析】【詳解】

AB．A、B兩點的電勢差為

所以電場方向由N到M，又有

則電場強度為

故A正確；B錯誤；

C．MN兩板電勢差為

MA兩點電勢差為

而M板接地，所以M點的電勢為零

解得

故C錯誤；

D．根據

得

電荷q在B點的電勢能

故D正確；

故選AD。14、C:D【分析】【詳解】

A．額定電流

選項A錯誤；

B．電動機的發熱功率為

選項B錯誤；

C．電動機的輸入功率為

選項C正確；

D．電動機的效率

選項D正確。

故選CD。15、B:D【分析】【詳解】

AB．要使上消耗的功率達到最大值，則可將與電源看成一個等效電源，則當時電源輸出功率最大，也就是消耗的功率最大；故A錯誤，B正確；

C．要使上消耗的功率達到最大值，則需要通過的電流最大，所以當時，上消耗的功率達到最大值；故C錯誤；

D．當內阻與外阻阻值相等時電源輸出功率最大，所以當時，則電源的輸出功率達到最大值，故D正確。16、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．在閉合開關的瞬間；線圈A中電流變大，產生磁場變大，穿過B的磁通量變大，檢流計指針將發生偏轉，穩定后，A產生的磁場不變，穿過B的磁通量不變，則B中沒有感應電流，此時，檢流計指針回到零刻度，故A錯誤B正確；

C．閉合開關后，滑動變阻器滑片向右或向左移動過程中；線圈A中電流變化，穿過B的磁通量變化，檢流計指針都將發生偏轉，故C正確；

D．在斷開開關的瞬間；穿過B的磁通量消失，檢流計指針將發生偏轉，故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【詳解】

[1][2]當變阻器的滑動觸頭P向下滑動時,接入電路的電阻變大,電路總電阻變大,根據閉合電路歐姆定律,總電流減小,電阻兩端的電壓減小,所以伏特表的示數逐漸減小,伏特表的示數

所以伏特表示數變化量的大小為

所以比值是定值大小不變．【解析】減小不變18、略

【分析】【詳解】

[1]電動機的輸入功率為P入=UI

電動機的熱功率為P熱=I2R

電動機輸出功率為P出=IU-I2R

[2]電源的效率為【解析】IU-I2R19、略

【分析】【詳解】

圖中虛線表示A、B球原來的平衡位置，實線表示燒斷后重新達到平衡的位置，其中α、β分別表示細線OA、AB與豎直方向的夾角。A球受力如圖所示：重力mg，豎直向下；電場力qE，水平向左；細線OA對A的拉力T1，方向如圖；細線AB對A的拉力T2；方向如圖。

由平衡條件T1sinα＋T2sinβ=qET2cosα＝mg＋T2cosβ

B球受力如圖所示：重力mg，豎直向下；電場力qE，水平向右；細線AB對B的拉力T2；方向如圖。

由平衡條件T2sinβ=qE，T2cosβ=mg

聯立以上各式并代入數據，得=0，β=

由此可知，A、B球重新達到平衡的位置如圖所示,與原來位置相比：A球的重力勢能減少了EA=mgl(1－sin)

B球的重力勢能減少了EB=mgl(1－sin＋cos)

A球的電勢能增加了WA=qElcos

B球的電勢能減少了WB=qEl(sin－sin)

兩種勢能總和減少了W=WB－WA＋EA＋EB

代入數據解得W=0.07J【解析】0.0720、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]量程為0-3V的電壓表；分度值為0.1V，由圖可知，其讀數為0.90V；量程為0-3A的電壓表，分度值為0.1A，故其讀數為1.90A。

（2）[3][4][5]量程為0~15V的電壓表；分度值為0.5V。由圖可知，讀數分別為10.0V；10.5V、10.2V。

（2）[6][7][8][9]量程為0~0.6A的電流表；分度值為0.02A。由圖可知，讀數分別為0.40A；0.50A、0.22A、0.52A。

【點睛】

確認所用電表對應量程的分度值，再根據表盤指針所指位置進行讀數即可。【解析】0.90V1.90A10.0V10.5V10.2V##10.3V0.40A0.50A0.22A0.52A21、略

【分析】【詳解】

［1］由電功率公式得

［2］當閉合，且滑片在端時，燈正常發光，可知電源電壓與小燈泡的額定電壓相等，即為

當閉合，且在滑動變阻器中點處時，定值電阻與滑動變阻器串聯，此時滑動變阻器在電路的電阻為其最大電阻的倍，電流表示數為則滑動變阻器接入電路的電阻為

則滑動變阻器的最大電阻為

當閉合，打開，并將滑動變阻器的滑片移到最右端電路消耗的總功率最小，此時電路的總功率的最小值為【解析】50.72W22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，R2變大，外電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律，可知電流I變小U1=IR1

變小，路端電壓U3=E-Ir

則知U3變大。因U3=U1+U2

U1變小，則U2變大，即一定減小的是U1。

（2）[2]表達式其中

則一定減小；和都不能確定；

（3）[3]因為U3=U1+U2

U1變小，U2變大，U3變大，則△U2＞△U1△U2＞△U3

則變化量和其中絕對值最大的是

（4）[4]用r表示下列比值如下。

（5）[5]若的調節范圍為為了讓電阻消耗功率最大，則電路中電流應該最大，則應取0

[6]當外電路電阻等于內阻時電源輸出功率最大，為了讓電阻消耗功率最大，可將R1等效為內電路電阻，則時電阻消耗功率最大；

[7]同理，為了讓電阻消耗的總功率最大，則應該

即R2應取3【解析】U1見解析073四、作圖題(共4題，共32分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減小；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據可知電容器的電荷量將變小；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD。【解析】ABDABD25、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯，后再與第三個電阻串聯，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】26、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點向坐標軸作垂線后與坐標軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢，與橫軸交點的坐標值為短路電流；（2）五、實驗題(共2題，共18分)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]游標卡尺的主尺讀數為1mm；游標尺上第47個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為47×0.02mm=0.94mm，所以最終讀數為2mm+0.94mm=1.94mm；

(2)[2]螺旋測微器的固定刻度為1.5mm；可動刻度為38.0×0.01mm=0.380mm，所以最終讀數為1.5mm+0.380mm=1.880mm；

(3)[3]用倍率為“×100”的電阻擋測電阻；由圖示可知，電阻阻值為6×100Ω=600Ω；

[4]選用量程為50mA的電流擋測量電流時，最小分度為1mA，則所測電流為36.0mA；【解析】1.941.88060036.028、略

【分析】【詳解】

[1]圖示游標卡尺為20分度游標卡尺，其示數為

故小物體的長為

[2]圖示螺旋測微器的固定刻度為可動刻度為

故小物體的寬為【解析】1.0156.710##6.708##6.709##6.711##6.712六、解答題(共4題，共8分)29、略

【分析】【詳解】

（l）a.

∴