…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教新版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，矩形線圈處于勻強磁場內，磁場方向垂直線圈平面向里為正，磁感應強度B隨t的變化規律如下圖所示。I表示線圈中的感應電流，以順時針方向為感應電流正方向，則以下的I-t圖中正確的是（）

A.B.C.D.2、如圖；在一水平；固定的閉合導體圓環上方，有一條形磁鐵（N極朝上，S極朝下）由靜止開始下落，磁鐵從圓環中穿過且不與圓環接觸，關于圓環中感應電流的方向（從上向下看），下列說法中正確的是。

A.總是順時針B.總是逆時針C.先順時針后逆時針D.先逆時針后順時針3、如圖，條形磁鐵放在水平桌面上，在其正中央的上方固定一根長直導線，導線與磁鐵垂直．給導線通以垂直紙面向里的電流，用FN表示磁鐵對桌面的壓力，用Ff表示桌面對磁鐵的摩擦力；則導線通電后與通電前相比較。

A.FN減小，Ff＝0B.FN減小，Ff≠0C.FN增大，Ff＝0D.FN增大，Ff≠04、工業機器人廣泛用于工業領域。某工業機器人設備接在的交流電源上，正常工作時電流為2A，則下面說法正確的是（）A.該交流電的頻率為100HzB.該交流電每秒內電流方向變化50次C.該設備正常工作時電流的峰值為2AD.該設備正常工作時消耗的功率為0.76kW5、下列說法正確的是（）A.在電場中的靜止電荷一定受到電場力的作用B.在磁場中的運動電荷一定受到磁場力的作用C.試探電荷在電場中的受力方向就是該點電場強度的方向D.通電直導線在磁場中的受力方向是該點磁感應強度的方向6、將u220sin100tV的電壓輸入如圖所示的理想變壓器的原線圈，原副線圈的匝數比為n1∶n2=55∶1，電阻R=10Ω。下列說法正確的是（）

A.該交流電的頻率為100HzB.閉合開關S后，電流表的讀數為0.22AC.閉合開關S后，電阻消耗的電功率為1.6WD.斷開開關S后，變壓器副線圈輸出電壓為零7、圖甲所示電路中，理想變壓器原、副線圈的匝數比為10:1，R0是定值電阻，R是滑動變阻器；電容器C的耐壓值為50V。變壓器原線圈輸入的電壓如圖乙所示，所有電表均為理想電表。下列說法正確的是。

A.副線圈兩端電壓的頻率為10HzB.電流表的示數表示的是電流的瞬時值C.電容器C會被擊穿D.滑片P向下移動時，電流表A1、A2的示數均增大8、如圖所示；甲是遠距離輸電線路的示意圖，乙是發電機輸出電壓隨時間變化的圖像，則（

A.用戶用電器上交流電的頻率是100HzB.發電機輸出交流電的電壓有效值是500VC.當夜晚用戶用電器增多時，輸電線上損失的功率增大D.輸電線的電流只由降壓變壓器原、副線圈的匝數比決定評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、在圖示電路中，電阻R和線圈L的阻值相同，L1和L2是兩個完全相同的燈泡；線圈電感足夠大。下列說法正確的是（）

A.閉合開關瞬間，L1和L2的亮度相同B.閉合開關瞬間，L1比L2更亮C.斷開開關后，L1慢慢熄滅，L2立即熄滅D.斷開開關后，L1和L2都慢慢熄滅10、如圖所示，理想變壓器原線圈上連接著在水平面內的長直平行金屬導軌，導軌之間存在垂直于導軌平面的勻強磁場，金屬桿MN垂直放置在導軌上且接觸良好。移動變壓器副線圈上的滑動觸頭可改變副線圈匝數，副線圈上接有一只理想交流電壓表，滑動變阻器R的總阻值大于定值電阻R0的阻值，線圈L的直流電阻、導軌和金屬桿的電阻都忽略不計。現讓金屬桿以速度的規律在導軌上左右來回運動；運動過程中始終與導軌垂直，兩燈A；B都發光。下列說法中正確的是（）

A.只增大T，則燈A變暗、燈B變亮B.當時間時，兩燈都亮著，電壓表的示數保持不變C.只將變阻器R的滑片下滑時，通過副線圈的電流減小，電壓表的示數變大D.只增大v0，兩燈都變亮，桿MN來回運動的最大距離變大11、如圖是發電機給用戶供電的示意圖。已知發電機的輸出電壓為輸出功率為升壓變壓器原、副線圈的匝數比是1：20，兩變壓器間輸電導線的總電阻為用戶得到的電壓為已知變壓器是理想變壓器；則（）

A.輸電線上的電流為B.用戶得到的功率為C.輸電線上損失的電壓為D.降壓變壓器原、副線圈的匝數比為240：1112、如圖所示，PQ為磁感應強度為方向垂直紙面向里的勻強磁場的邊界，磁場中的O點有一粒子源，它均勻地向紙面內各個方向同時發射速率為比荷為的帶正電的粒子．已知O點與PQ的距離為不計帶電粒子的重力和粒子間的相互作用，下列判斷正確的是（）

A.飛出磁場的粒子數占所有粒子數的一半B.PQ上有粒子飛出的區域長度為C.飛出磁場的粒子在磁場中運動的最長時間是最短時間的2倍D.飛出磁場的粒子在磁場中運動的最長時間是最短時間的倍13、一勻強磁場的磁感應強度大小為方向垂直于紙面向外，其邊界如圖中虛線所示，弧是半徑為的半圓，與直徑共線，與與之間的距離等于半圓的半徑。一束質量為電荷量為的粒子，在紙面內從點垂直于射入磁場，這些粒子具有各種速率，不計粒子之間的相互作用和粒子的重力，速度分別為和的粒子在磁場中的運動時間分別為則（）

A.B.C.D.14、如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動的金屬棒PQ、MN，PQ、MN均處在豎直向下的勻強磁場中，當PQ在一外力的作用下運動時，MN向右運動，則PQ所做的運動可能是（）

A.向右加速運動B.向左加速運動C.向右減速運動D.向左減速運動15、下列關于交變電流和直流的說法中正確的是（）A.如果電流大小做周期性變化，則一定是交變電流B.直流的大小可以變化，但方向一定不變C.交變電流一定是按正弦規律變化的D.交變電流的最大特征是電流的方向做周期性的變化16、如圖是通過降壓變壓器給用戶供電的電路示意圖，變壓器到用戶端輸電線的總電阻為假設用戶端所有用電器均為純電阻用電器，用圖中虛線框中的R表示用戶端正在使用的許多用電器的總電阻。已知輸入端輸入的是正弦交流電且電壓恒定，變壓器、各電表均為理想器材，當用戶端使用的用電器個數減少時，則（）

A.用戶端總電阻R減少B.電流表示數減小C.電壓表示數增大D.用戶端電壓表示數增大17、如圖甲所示，一恒數為100（匝）、邊長為0.5m的正方形線圈在磁感應強度為0.4T的勻強磁場中繞轉軸以角速度勻速轉動，產生的交變電流直接給圖乙的電路供電。圖乙中的變壓器為理想變壓器，原、副線圈的匝數比為副線圈接有定值電阻和電容器，所有電表均為理想電表，不計正方形線圈的電阻，下列說法正確的是（）

A.當線圈平面與磁場垂直時，電壓表的示數為0B.若電容器的擊穿電壓為350V，則電容器不會被擊穿C.若線圈的轉速增加一倍，其他條件均不變，則電流表A1的示數也增加一倍D.若線圈的轉速增加一倍，其他條件均不變，則電流表A2的示數也增加一倍評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、如圖所示，金屬圓環套在光滑的絕緣水平桿上，左側一條形磁鐵，正在沿圓環軸心方向朝環運動．我們可以判斷，圓環中形成的感應電流方向為________（從右往左看）（填“順時針”或“逆時針”），環受安培力作用會向________（填“右”或“左”）運動．19、溫度傳感器是利用熱敏電阻的阻值隨溫度變化的特性工作的，它廣泛應用于電冰箱、冰柜和室內空調等家用電器中，現利熱敏電阻設計如圖甲所示，電路測一特殊電源的電動勢和內阻。G為靈敏電流計，內陽保持不變；為熱敏電阻，其電阻值與溫度的變化關系如圖乙所示，閉合開關S，當的溫度等于120℃時，電流計的示數當的溫度等于20℃時，電流計的示數為則可求出該電源的電動勢______V，內阻______

20、采用高壓向遠方的城市輸電。當輸送功率一定時，為使輸電線上損耗的功率減小為原來的輸電電壓應變為___________21、如圖甲所示，一個固定的矩形線圈abcd的匝數n=500，線圈面積S=100cm2，線圈的總電阻r=1Ω，線圈外接一個阻值R=4Ω的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強磁場中，磁感應強度隨時間變化的規律如圖乙所示。則線圈中的感應電流為___________A，流過R的電流方向為___________（選填“向上”或“向下”）

22、自感現象中磁場的能量。

（1）線圈中電流從無到有時，磁場從無到有，電源把能量輸送給___________，儲存在___________中。

（2）線圈中電流減小時，___________中的能量釋放出來轉化為電能。23、如圖，一個電荷為+q、質量為m的質點，以速度沿x軸射入磁感強度為B的均勻磁場中，磁場方向垂直紙面向里，其范圍從x=0延伸到無限遠，如果質點在x=0和y=0處進入磁場，則它將以速度從磁場中某一點出來，這點坐標是x=0和_______。

24、如圖所示；在物理實驗中，常用“沖擊式電流計”來測定通過某閉合電路的電荷量.探測器線圈和沖擊電流計串聯后，又能測定磁場的磁感應強度.已知線圈匝數為n，面積為S，線圈與沖擊電流計組成的回路電阻為R.把線圈放在勻強磁場時，開始時線圈與磁場方向垂直，現將線圈翻轉180°，沖擊式電流計測出通過線圈的電荷量為q，由此可知，被測磁場的磁感應強度B=___________.

25、在電磁波譜中，醫院用于“透視”檢查身體的是___（選填“紅外線”或“X射線”）。1831年，英國物理學家___（選填“牛頓”或“法拉第”）發現了電磁感應現象。放在磁場中某點的小磁針靜止時，其___極（選填“N”或“S”）所指的方向為該點的磁場方向。評卷人得分四、作圖題(共4題，共8分)26、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

27、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

28、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

29、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共3題，共15分)30、某實驗小組用一套器材先后組成甲；乙所示的電路；分別研究通電自感和斷電自感，自感線圈的直流電阻不可忽略。

（1）圖甲中，閉合開關S后，會看到燈泡___________（填“立即變亮”或“逐漸變亮”）；

（2）圖乙中，閉合開關S后，會看到燈泡___________（填“逐漸變亮”或“立即變亮后逐漸變暗”）；斷開開關后，如果看到燈泡先閃一下后逐漸熄滅，原因是___________；

（3）圖乙中，若小燈泡的規格為“3V1.5W”，將電感線圈更換為直流電阻為9Ω的電感線圈，開關閉合后調節滑動變阻器，使小燈泡正常發光，小燈泡電阻始終不變。則將開關斷開的一瞬間，電感線圈的自感電動勢大小為___________V。31、在圖甲中，不通電時電流計指針停在正中央，當閉合開關時，觀察到電流計指針向左偏．現在按圖乙連接方式將電流計與螺線管B連成一個閉合回路，將螺線管A與電池、滑動變阻器和開關S串聯成另一個閉合回路：

（1）將開關S閉合后，將螺線管A插入螺線管B的過程中，螺線管B的_______端（填“上”或“下”）為感應電動勢的正極；

（2）螺線管A放在B中不動，開關S突然斷開的瞬間，電流計的指針將________（填“向左”“向右”或“不發生”）偏轉；

（3）螺線管A放在B中不動，滑動變阻器的滑片向左滑動，電流計的指針將______（填“向左”“向右”或“不發生”）偏轉；32、如圖所示是三個成功的演示實驗；回答下列問題．

(1)在實驗中；電流表指針偏轉的原因是_______________________．

(2)電流表指針偏轉角跟感應電動勢的大小成________關系．

(3)第一個成功實驗(如圖a)中；將條形磁鐵從同一高度插入到線圈中同一位置，快速插入和慢速插入有什么量是相同的？__________，什么量是不同的？__________．

(4)從三個成功的演示實驗可歸納出的結論是：_________________________________．評卷人得分六、解答題(共1題，共4分)33、如圖所示，在平面直角坐標系中，豎直放置一個熒光屏，熒光屏垂直于x軸，與x軸的交點的橫坐標為在y軸與熒光屏之間，x軸上方有沿y軸負方向的勻強電場，在x軸下方有垂直于坐標平面向外的勻強磁場。在y軸上坐標為的P點，沿x軸正向射出一個質量為m、電荷量為q的帶正電粒子，粒子射出的速度大小為粒子經電場偏轉從x軸上橫坐標為的A點進入磁場，經磁場偏轉后再次進入電場，第二次經電場偏轉剛好垂直打在熒光屏上的Q點，Q點與P點縱坐標相同；不計粒子的重力，求：

（1）勻強電場的電場強度大小；

（2）勻強磁場的磁感應強度大小；

（3）若要使粒子第一次進入磁場后就能打在熒光屏上；勻強磁場的磁感應強度應滿足什么條件。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【詳解】

根據法拉第電磁感應定律

從而得到感應電流為

所以B-t圖像中；斜率不變，則產生的感應電流不變，斜率為零時，感應電流等于零，所以2~3s和4~5s感應電流等于零。另外通過楞次定律可以判斷出0~1s產生的感應電流方向為逆時針，所以電流方向為負。

故選A。2、C【分析】【詳解】

由圖示可知；在磁鐵下落過程中，穿過圓環的磁場方向向上，在磁鐵靠近圓環時，穿過圓環的磁通量變大，在磁鐵遠離圓環時穿過圓環的磁通量減小，由楞次定律可知，從上向下看，圓環中的感應電流先沿順時針方向，后沿逆時針方向，故C正確．

故選C．3、C【分析】【詳解】

條形磁鐵在其正中央的上方處的磁場方向水平向左，則電流所受安培力豎直向上；據牛頓第三定律知，電流對磁鐵的作用力豎直向下，則導線通電后與通電前相比較，磁鐵對桌面的壓力增大，桌面對磁鐵的摩擦力仍為零，故C項正確，ABD三項錯誤。4、D【分析】【詳解】

A、根據可知交流電的角速度為該交流電的頻率為

故A錯誤；

B．正弦交流電一個周期內電流方向變化兩次，所以該交流電每秒內電流方向變化

故B錯誤；

C、由題可知，該設備正常工作時電流的峰值為

故C錯誤；

D、該交流電的有效值為

該設備正常工作時消耗的功率為

解得正常工作時的功率

故D正確。

故選D。5、A【分析】【詳解】

A．在電場中的靜止電荷一定受到電場力的作用；故A正確；

B．在磁場中的運動電荷如果運動方向與磁場方向平行；不受磁場力的作用，故B錯誤；

C．試探電荷如果是正電荷在電場中的受力方向就是該點電場強度的方向；試探電荷如果是負電荷在電場中的受力方向與電場強度的方向相反，故C錯誤；

D．根據左手定則可知；磁感應強度的方向與安培力的方向垂直。故D錯誤。

故選A。6、C【分析】【詳解】

A.根據瞬時值的表達式可知，該交流電的頻率為

A錯誤；

B.由瞬時值的表達式可知，原線圈的電壓最大值為所以原線圈的電壓的有效值為220V，根據變壓器電壓關系有

可得

副線圈上的電流為

電流表的讀數為原線圈的電流，根據變壓器電流關系有

可得

B錯誤；

C.電阻消耗的功率為

C正確；

D.斷開S后；副線圈上沒有電流，變壓器的輸出功率為0，則變壓器的輸入功率也等于0，所以電流表的讀數為0，D錯誤。

故選C。7、D【分析】【詳解】

A．根據圖乙知交流電周期為0．01s；所以頻率為100Hz，變壓器不改變交流電的頻率，副線圈兩端電壓的頻率為100Hz，故A錯誤；

B．電流表的示數表示的是交流電的有效值；故B錯誤；

C．根據變壓器兩端電壓與匝數成正比可知；副線圈兩端電壓最大值為40V，小于電容器的擊穿電壓50V，故電容器不會擊穿，故C錯誤；

D．匝數比不變，副線圈兩端電壓不變，滑片P向下移動時，副線圈回路電阻變小，根據歐姆定律可知，回路電流I2變大，根據只有一個副線圈的變壓器電流與匝數成反比可知，原線圈電流也變大，故電流表A1、A2的示數均增大；故D正確。

故選：D。8、C【分析】【分析】

【詳解】

A．發電機的輸出電壓隨時間變化的關系，由圖可知，T=0.02s，故

A錯誤；

B．由圖像可知交流的最大值為Um=500V，因此其有效值為

B錯誤；

C．當夜晚用戶用電器增多時，干路電流增大，根據

可知；輸電線上損失的功率增大，C正確；

D．輸電線的電流由輸送的功率與電壓決定的；與降壓變壓器原副線圈的匝數比無關，D錯誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．當開關閉合時，電源的電壓同時加到兩個燈泡上，由于電感線圈對電流的阻礙作用，閉合開關瞬時，通過L1的電流大于L2的電流，L1比L2更亮；故A錯誤，B正確；

CD．當斷開開關，L2立即熄滅，而自感線圈能短暫充當電源，使得L1逐漸熄滅；故C正確，D錯誤。

故選BC。10、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．只增大T；即減小頻率，電容器的特性：通交流，隔直流，通調頻，阻低頻，所以燈A變暗；電感的特性：通直流，阻交流，通低頻，阻高頻，所以燈B變亮，故A正確；

B．當時間時；兩燈都亮著，電壓表的示數為有效值，不變，故B正確；

C．只將變阻器R的滑片下滑時，變阻器R阻值最大；通過副線圈的電流減小，電壓表的示數不變，故C錯誤；

D．只增大v0，兩燈都變亮，根據速度時間圖象面積表示位移，所以桿MN來回運動的最大距離變大；故D正確。

故選ABD。11、C:D【分析】【詳解】

A．發電機的輸出功率

解得

根據

解得

A錯誤；

B．遠距離輸電損失的功率為

用戶得到的功率為

B錯誤；

C．遠距離輸電損失的電壓

C正確；

D．根據

解得

降壓變壓器的輸入電壓

根據

解得

D正確。

故選CD。12、A:D【分析】【詳解】

A、粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據

得

根據題意可知，當帶電粒子的速度水平向左出射時偏轉個周期恰好與QP邊相切，當帶電粒子的速度水平向右出射時偏轉個周期恰好與QP邊相切；如圖所示：

由圖可知，從水平向左出射逆時針至水平向右出射，對應的角度為即在這個角度內出射的粒子都可以飛磁場，而另一半方向出射的粒子將不能飛出磁場，故飛出磁場的粒子數占所有粒子數的一半，故A正確；

B、當水平向右出射的粒子恰好QP相切時為粒子在上端出射的最遠距離，當OD的距離為2r=20cm時；可以求粒子在下端出射的最遠距離，如圖所示：

由幾何關系可知，PQ上有粒子飛出的區域長度為CD段長度，過O點作QP的垂線交于E點，且OE=10cm，由幾何關系得

故

故B錯誤；

CD；粒子從A點射出時粒子在磁場中運動的時間最長；粒子從E點射出時粒子在磁場中運動的時間最短，如圖所示：

對從E點射出的粒子，因OE=r=10cm，故是等邊三角形，故對應的時間為

對從A點射出的粒子，由圖可知其圓心角為對應的時間為

故

故C錯誤；D正確；

故選AD。13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

由洛倫茲力作為向心力可得。

聯立解得。

AB．當時，粒子的運動軌跡如圖所示。

由幾何關系可知；對應的圓心角為。

則粒子在磁場中的運動時間為。

A錯誤；B正確；

CD．當時，粒子的運動軌跡如圖所示。

由幾何關系可知；對應的圓心角為。

則粒子在磁場中的運動時間為。

C錯誤；D正確。

故選BD。14、B:C【分析】【詳解】

MN在磁場力作用下向右運動，說明MN受到的安培力向右，由左手定則可知MN中電流由M指向N，根據右手螺旋定則可知，上面線圈中感應電流產生的磁場方向向上；而上面線圈中感應電流是由下面線圈中磁場變化引起的，說明下面線圈中磁場是向上減弱，或向下增強；而下面線圈中電流是由PQ切割磁感線產生的，由安培定則可知，PQ中感應電流由Q到P減小，或由P到Q增大，由右手定則可知，PQ可能向右做減速運動或向左做加速運動。

故選BC。15、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．如果只有電流大小做周期性變化而電流方向不變；則為直流電；故A錯誤；

B．直流電的大小可以變化；但方向一定不變；故B正確；

C．只要電流的方向發生變化；則就是交流電，不一定是按正弦或余弦規律變化的；故C錯誤；

D．交流電的最大特征是交流的方向發生周期性變化；故D正確。

故選BD。16、B:D【分析】【詳解】

A．根據并聯電路的特點；當用戶端使用的用電器個數減少時，用戶總電阻增大，故A錯誤；

BC．原線圈的電壓不變，原副線圈的匝數比不變，所以副線圈的電壓不變，既電壓表示數不變，而副線圈的總電阻增大，由

副線圈的電流I2變小，根據原副線圈的電流與匝數的關系可知

可知電流表示數減小；故B正確，C錯誤；

D．由

可知，U3增大，既用戶端電壓表示數增大；故D正確。

故選BD。17、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．線圈在磁場中繞垂直于磁場的軸轉動時產生交變電流；而電壓表的示數為交變電流的有效值，則當線圈平面與磁場垂直時，電壓表的示數不為零，A錯誤；

B．交變電流的最大值為。

根據變壓器變壓比。

則副線圈兩端電壓的最大值為。

若電容器的擊穿電壓為350V；則電容器不會被擊穿，B正確；

C．若線圈的轉速n增加一倍；根據。

則角速度增加一倍；其他條件均不變，根據。

交流電壓增加一倍；則副線圈兩端的電壓增加一倍，由容抗。

電流表A1的示數會變化，但并不滿足歐姆定律，所以電流表A1的示數不會增加一倍；C錯誤；

D．若線圈的轉速n增加一倍；根據。

則角速度增加一倍；其他條件均不變，根據。

交流電壓增加一倍，則副線圈兩端的電壓增加一倍，則通過電阻R的電流增大一倍，即電流表A2的示數也增加一倍；D正確。

故選BD。三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【詳解】

[1]原磁場方向向右；向右運動時，穿過圓環的磁通量要變大，根據楞次定律，圓環中感應電流產生向左的感應磁場，即產生了順時針方向的感應電流（從右往左看）．

[2]據來拒去留，環受到向右的安培力，將向右運動．【解析】順時針右19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]根據圖像可知當的溫度等于120℃時；熱敏電阻的阻值。

R=2000Ω由串聯電路特點及閉合電路歐姆定律得。

當的溫度等于20℃時；熱敏電阻的阻值。

R1=4000Ω由串聯電路特點及閉合電路歐姆定律得。

聯立解得。

E=5.04V【解析】5.0430020、略

【分析】【分析】

【詳解】

輸電功率

U為輸電電壓，I為輸電線路中的電流，輸電線路損失的功率

R為輸電線路的電阻，即

當輸電功率一定時，輸電線路損失的功率為原來的則輸電電壓U變為原來的2倍即【解析】21、略

【分析】【詳解】

[1]根據法拉第電磁感應定律有

再根據閉合電路歐姆定律有

[2]根據楞次定律可判斷流過R的電流方向為向上。【解析】向上22、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]線圈中電流從無到有時；磁場從無到有，電源把能量輸送給磁場，儲存在磁場中。

（2）[3]線圈中電流減小時，磁場中的能量釋放出來轉化為電能。【解析】磁場磁場磁場23、略

【分析】【詳解】

[1]由于帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，即有

解得帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為

則做勻速圓周運動的直徑為

根據左手定則，帶電粒子逆時針運動，所以磁場的y坐標為【解析】24、略

【分析】【詳解】

[1]由法拉第電磁感應定律

再由閉合電路歐姆定律

根據電量的公式

可得

由于開始線圈平面與磁場垂直，現把探測圈翻轉180°，則有

所以由上公式可得

則磁感應強度【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]在電磁波譜中；醫院用于“透視”檢查身體的是X射線；

[2]1831年；英國物理學家法拉第發現了電磁感應現象；

[3]放在磁場中某點的小磁針靜止時，其N極所指的方向為該點的磁場方向。【解析】X射線法拉第N四、作圖題(共4題，共8分)26、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】28、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】29、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共3題，共15分)30、略

【分析】【詳解】

（1）[1]圖甲中；閉合開關S后，由于自感線圈的阻礙作用，通過燈泡的電流會緩慢增大，則燈泡逐漸變亮；

（2）[2]圖乙中；閉合開關S后，燈泡立即接通，立即變亮，由于自感線圈的阻礙作用，通過線圈的電流會緩慢增大，則通過燈泡的電流緩慢減小，則燈泡逐漸變暗，即會看到燈泡立即變亮后逐漸變暗；

[3]如果看到燈泡先閃一下后逐漸熄滅；可能是因為燈泡的電阻比自感線圈的直流電阻大得多，導致電流大多從線圈通過；

（3）[4]小燈泡正常發光時阻值

通