…………○…………內…………○…○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、下列說法正確的是（）A.擴散現象的原因是分子間存在斥力B.由于表面張力的作用，玻璃板上的小水銀滴總是呈球形的C.第二類永動機是不可能造成的，因為它違背了能量守恒定律D.如果沒有漏氣、摩擦、機體的熱量損失，熱機的效率可以達到100%2、下列說法中正確的是（）

A.伽利略科學思想方法的核心是把實驗和邏輯推理（包括數學推演）和諧地結合起來B.雞蛋碰堅硬的石頭雞蛋容易碎，是因為石頭給雞蛋的力大于雞蛋給石頭的力C.在微觀物理學中，由于我們不可能同時準確地知道某個粒子的位置和動量，所以粒子出現的位置是無規律可循的D.如圖是小球豎直下落的頻閃照片，頻閃周期為量出照片中2、3位置與3、4位置的距離分別為x1、x2，那么小球在3位置的速度約為3、如圖所示為“研究感應電流產生的條件”的實驗裝置，下列操作中，電流計的指針不會發生偏轉的是。

A.將條形磁鐵插入線圈的過程中B.將條形磁鐵從線圈中拔出的過程中C.將條形磁鐵放在線圈中不動D.將條形磁鐵從圖示位置向左移動的過程中4、如圖所示，圖線a是線圈在勻強磁場中勻速轉動時所產生正弦交流電的圖象，當調整線圈轉速后，所產生正弦交流電的圖象如圖線b所示，以下關于這兩個正弦交流電的說法不正確的是（）

A.線圈先后兩次轉速之比為3:2B.在圖中t=0時刻穿過線圈的磁通量為零C.交流電a的瞬時值為VD.交流電b的最大值為V5、如圖所示為某一單擺的振動圖像；下列說法正確的是。

A.單擺的振幅為2cmB.單擺的周期為2sC.t=1s時擺球所受的回復力最大D.t=2s時擺球的速度為0評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖所示，在某一真空中，只有水平向右的勻強電場和豎直向下的重力場，在豎直平面內有初速度為v0的帶電微粒，恰能沿圖示虛線由A向B做直線運動。那么()

A.微粒帶負電B.微粒做勻減速直線運動C.微粒做勻速直線運動D.微粒做勻加速直線運動7、如圖所示，從點光源S發出的一細束白光以一定的角度入射到三棱鏡的表面，經過三棱鏡的折射后發生色散現象，在光屏的ab間形成一條彩色光帶。下列說法中正確的是（）

A.a側是紅光，b側是紫光B.在真空中a側光的波長小于b側光的波長C.三棱鏡對a側光的折射率大于對b側光的折射率E.在三棱鏡中a、b兩側光的速率相同E.在三棱鏡中a、b兩側光的速率相同8、一定質量理想氣體的狀態經歷了如圖所示的A→B；B→C、C→D、D→A四個過程；其中AB的延長線通過原點，BC與豎直軸平行，DA與水平軸平行，AB與CD平行，則（）

A.A→B過程中氣體體積不變，內能增大，氣體從外界吸收熱量B.B→C過程中氣體體積減小，內能不變，氣體從外界吸收熱量C.C→D過程中氣體體積不變，內能減少，氣體向外界放出熱量D.D→A過程中氣體體積增大，內能增加，氣體從外界吸收熱量9、以下說法正確的是_______________A.液體表面張力有使液面收縮到最小的趨勢B.水結為冰時，水分子的熱運動會消失C.熱量總是自動地從分子平均動能大的物體向分子平均動能小的物體轉移E.恒溫水池中，小氣泡由底部緩慢上升過程中，氣泡中的理想氣體內能不變，對外做功，吸收熱量E.恒溫水池中，小氣泡由底部緩慢上升過程中，氣泡中的理想氣體內能不變，對外做功，吸收熱量10、下列說法正確的是（）A.隨著科學的發展，降溫技術的提高，絕對零度是可以接近的，但無法達到B.氣體分子間距離減小時，其分子勢能一定增大C.絕熱壓縮或等溫壓縮的一定量理想氣體內能均不變E.當分子熱運動變劇烈且分子平均距離變小時，氣體壓強一定變大E.當分子熱運動變劇烈且分子平均距離變小時，氣體壓強一定變大11、質量相等的兩個小球A、B在光滑水平面上相向運動，A的速度為vA=3m/s，B的速度為vB=-2m/s，若它們發生對心碰撞，碰撞后A、B的速度可能為（）A.v′A=v′B=0.5m/sB.v′A=1m/，v′B=0C.v′A=-1m/s，v′B=2m/sD.v′A=-2m/s，v′B=3m/s12、如圖所示是一列簡諧橫波在某時刻的波形圖，A、B、C為介質中的三個質點，此時質點A沿y軸正方向運動．已知該波的頻率為50Hz；下列說法正確的是________

A.該波沿x軸負方向傳播B.該波的傳播速度為40m/sC.該時刻質點C沿y軸正方向運動E.以該時刻為計時起點，則質點B的振動方程為y=0.5sin100πt(m)E.以該時刻為計時起點，則質點B的振動方程為y=0.5sin100πt(m)13、下列說法中正確的是________A.觀看3D電影《復仇者聯盟4》時，所佩戴的眼鏡利用了光的衍射知識B.軍隊士兵過橋時使用便步，是為了防止橋發生共振現象C.手機上網時用的Wifi信號屬于無線電波E.分別用藍光和黃光在同一裝置上做雙縫干涉實驗，用黃光時得到的條紋間距更寬E.分別用藍光和黃光在同一裝置上做雙縫干涉實驗，用黃光時得到的條紋間距更寬評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、在某溫度時，水蒸氣的絕對氣壓為P=200mmHg，此時的相對濕度為50%，飽和汽壓為________．15、如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，R2、R3是兩個定值電阻．閉合開關S、滑片P向左滑動，伏特表示數將___________，當電流表示數變化量的絕對值為時，電壓表示數變化量的絕對值為當電流表示數變化量的絕對值為時，電壓表示數變化量的絕對值為若則________（此空格填“大于”；“等于”或“小于”）

16、如圖所示，已知導體棒中通有電流I，導體棒長度為L，磁場磁感應強度為B；當導體棒按下面幾種方式放置時，寫出導體棒所受安培力的大小．

F=________F=_________F=________F=________17、如圖所示，平行導軌間的距離為d，一端跨接一個電阻R，勻強磁場的磁感應強度為B，方向垂直于平行金屬導軌所在平面向里。一根足夠長的金屬棒與導軌成θ角放置，金屬棒與導軌的電阻不計，當金屬棒沿垂直于棒的方向滑行時，則ab的電勢差為____，φa_____φb。（填寫“＜”“＞”“﹦”）

18、一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖實線所示；從此刻起，經0.2s波形圖如圖虛線所示，若波傳播的速度為5m/s，則下列說法正確的是______。

E．從t=0時刻開始質點a經0.4s通過的路程為0.8m評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)19、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

20、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

21、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共28分)22、在測定電源電動勢和內電阻的實驗中；實驗室提供了合適的的實驗器材．

(1)甲同學按電路圖a進行測量實驗，其中R2為保護電阻；則。

①請用筆畫線代替導線在圖b中完成電路的連接______；

②根據電壓表的讀數U和電流表的讀數I，畫出U-I圖線如圖c所示，可得電源的電動勢E=___________V，內電阻r=___________Ω(結果保留兩位有效數字)．

(2)乙同學誤將測量電路連接成如圖d所示，其他操作正確，根據電壓表的讀數U和電流表的讀數I，畫出U-I圖線如圖e所示，可得電源的電動勢E=___________V，內電阻r=___________Ω(結果保留兩位有效數字)．

23、在電流表擴大量程的實驗中，要將量程為200μA、內阻Rg=500Ω的電流表G改裝成量程為0.2A的電流表，為完成上述改裝，需要______聯一個______Ω的電阻．

(1)用改裝成的電流表，按圖1所示的電路測量未知電阻Rx．圖2是電路中所需要的器材（虛線框內為上述已改裝好的電流表），請按電路圖畫出連線，將所示器材連接成實驗電路____．（要求在閉合開關前；滑動變阻器的滑動頭處于正確位置）

(2)若測量未知電阻Rx時，電壓表的示數為1.2V，而改裝后的電流表的表頭（刻度盤仍為原電流表的刻度）示數如圖3所示，那么Rx的測量值為__________Ω．

(3)如果測量與操作均正確，那么Rx的測量值將______（選填“大于”或“小于”）Rx的真實值．

(4)當被測電阻阻值不能估計時，可采用試接法，如圖所示讓伏特表一端接在電路的a點上，另一端先后接在b點和c點，注意觀察兩個電表的示數．若安培表的示數有顯著變化，為使測量誤差小一些，伏特表應接在a、______兩點．（填“b”或“c”）

24、在“探究決定導體電阻的因素”的實驗中，需要測量導體如合金絲的長度；橫截面積和電阻；進而用控制變量的方法進行實驗探究．

(1)將合金絲緊密地并排繞制成一個線圈，用刻度尺測出它的寬度，如圖甲所示線圈的寬度是______cm；用寬度除以圈數；就是合金絲的直徑；把合金絲拉直，用刻度尺量出它的長度．

(2)采用圖乙所示的電路圖進行電阻的測量，這種測量電阻的方法由于______“電壓表”或“電流表”的測量值與真實值不同，會使得電阻阻值的測量值______選填“大于”、“小于”或“等于”真實值．

(3)圖丙是測量合金絲阻值的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線，滑動變阻器的滑片P置于變阻器的一端．請根據圖乙電路圖補充完成圖丙中實物間的連線________；并使閉合開關的瞬間，電壓表或電流表不至于被燒壞．

(4)請對圖乙電路從理論上進行分析：當滑動變阻器的滑片P從a端向b端滑動時，電阻的電流隨滑動變阻器a、P之間的電阻的變化而變化，下列反映關系的示意圖丁中可能正確的是______不計電源內阻，將電表視為理想電表，不考慮溫度對電阻的影響．請將正確選項的字母填在橫線上．

25、某同學利用下圖研究電磁感應現象中感應電流方向；實驗中所用器材的示意圖。試回答下列問題：

（1）請按實驗要求在實物上連線_______。

（2）在實驗出現的電磁感應現象中，A、B兩個線圈哪個相當于電源？_____（選填“A”或“B”）評卷人得分六、解答題(共4題，共28分)26、汽缸質量為M，活塞質量為m、截面積為S，內部卦閉一定質量的理想氣體。先將汽缸靜置在水平面上，氣體高度為L1；后保持溫度不變將汽缸懸掛在天花板上，氣體高度為L2；再保持懸掛狀態改變氣體溫度T1，當氣體溫度達到T2時，其高度再回到L1。已知大氣壓強為P0，重力加速度為g。不計活塞與汽缸間的摩擦。求（用M、m、S、P0、T1、g表示）：

(1)氣體高度L1和L2的比值；

(2)氣體溫度T2的表達式；

(3)在T-V圖中畫出氣體變體情況。

27、一定質量的理想氣體。氣體開始處于狀態A，由過程到達狀態B，后又經過程到達狀態C，如圖所示。設氣體在狀態A時的壓強、體積和溫度分別為和在狀態B時的體積為溫度為在狀態C時的溫度為B、C兩點連線的反向延長線過原點。

（1）求氣體在狀態B時的壓強在狀態C時氣體的體積

（2）氣體從狀態A經狀態B，再到狀態C；全過程氣體是吸熱還是放熱，并求出吸放熱的數值。

28、豎直平面內有如圖所示的均勻玻璃管，內用兩段水銀柱封閉兩段空氣柱a、b，各段水銀柱高度如圖所示，大氣壓強為p0，重力加速度為g，求空氣柱a、b的壓強各多大.29、如圖，從離子源產生的甲、乙兩種離子，由靜止經加速電壓U加速后在紙面內水平向右運動，自M點垂直于磁場邊界射入勻強磁場，磁場方向垂直于紙面向里，磁場左邊界豎直。已知甲種離子射入磁場的速度大小為v1，并在磁場邊界的N點射出；乙種離子在MN的中點射出；MN長為l。不計重力影響和離子間的相互作用。求：

（1）磁場的磁感應強度大小；

（2）甲；乙兩種離子的比荷之比。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．擴散現象的原因是分子的熱運動；故A錯誤；

B．表面張力使液體表面積收縮到最小的趨勢；故B正確；

C．第二類永動機是不可能造成的；因為能量的轉化和轉移具有方向性，并沒有違反能量守恒，故C錯誤；

D．如果沒有漏氣；摩擦、機體的熱量損失；熱機的機械效率也不可能達到100%，故D錯誤。

故選B。2、A【分析】【詳解】

A．伽利略科學思想方法的核心是把實驗和邏輯推理（包括數學推演）和諧地結合起來。故A正確；

B．雞蛋碰堅硬的石頭雞蛋容易碎；是因為石頭和雞蛋的最大承壓力不同，二者間的相互作用力大小相等。故B錯誤；

C．在微觀物理學中；不可能同時準確地知道某個粒子的位置和動量，但粒子出現的位置是有統計規律的，故C錯誤；

D．利用頻閃照片計算要注意照片與實際尺寸的比例，所以小球在3位置的速度不能表示為故D錯誤。

故A正確。3、C【分析】試題分析：只要穿過閉合回路中的磁通量發生變化；回路中就會產生感應電流，所以當將條形磁鐵放在線圈中不動時，線圈中的磁通量不變化，故沒有感應電流產生，選C；

考點：本題考查了感應電流產生的條件。

點評：很基礎性的題目，關鍵是結合課本上的實驗理解4、B【分析】【詳解】

A、由圖讀出兩電流周期之比為Ta：Tb=0.4s:0.6s=2:3，而故線圈先后兩次轉速之比為3:2；故A正確.

B、t=0時刻U=0；根據法拉第定律，磁通量變化率為零，而磁通量最大；故B錯誤.

C、正弦式電流a的瞬時值為故C正確.

D、根據電動勢最大值公式得到兩電動勢最大值之比為Ema：Emb=Tb:Ta=3:2，Ema=10V，則得到正弦式電流b的最大值為故D正確.

本題選不正確的故選B.5、C【分析】A項：由圖象可知；單擺振動的振幅為1cm，故A錯誤；

B項：由圖象可知；周期為4s，故B錯誤；

C項：由圖象可知；t=1s時，擺球處于波峰位置，回復力最大，故C正確；

D項：由圖象可知，t=2s時，擺球處于平衡位置，速度最大，故D錯誤。二、多選題(共8題，共16分)6、A:B【分析】【詳解】

微粒做直線運動的條件是速度方向和合外力的方向在同一條直線上；只有微粒受到水平向左的電場力才能使得合力方向與速度方向相反且在同一條直線上，由此可知微粒所受的電場力的方向與場強方向相反，則微粒必帶負電，且運動過程中微粒做勻減速直線運動；故A，B正確，C，D錯誤.

故選AB.

【點睛】

帶點微粒做直線運動，所以所受合力方向與運動方向在同一直線上，根據重力和電場力的方向可確定微粒運動的性質．7、B:C:D【分析】【詳解】

ABC．由題圖可以看出，a側光偏折得較大，三棱鏡對a側光的折射率較大，所以a側光是紫光，波長較短，b側光是紅光；波長較長，A錯誤，BC正確；

DE．又。

所以三棱鏡中a側光的傳播速率小于b側光的傳播速率；D正確，E錯誤。

故選BCD。8、A:D【分析】【詳解】

A→B過程中氣體體積不變，溫度升高，內能增大，根據熱力學第一定律可知，氣體從外界吸收熱量，故A正確；B→C過程中氣體體積減小，內能不變，根據熱力學第一定律可知，氣體放出熱量，故B錯誤；C→D過程中氣體體積減小，溫度降低，內能減少，氣體向外界放出熱量，故C錯誤；D→A過程中氣體體積增大，溫度升高，內能增加，氣體從外界吸收熱量，故D正確．所以AD正確，BC錯誤．9、A:C:E【分析】【詳解】

A．液體由于存在表面張力；由收縮成球形的趨勢，故A正確；

B．水結冰時；由液體變為固體，分子熱運動仍然存在，故B錯誤；

C．由熱力學第二定律可知；熱量總是自發的從溫度高的物體傳到溫度低的物體，即熱量總是自動地從分子平均動能大的物體向分子平均動能小的物體轉移，故C正確；

D．花粉顆粒在水中做布朗運動；反映了水分子在不停地做無規則運動，故D錯誤；

E．由于水池恒溫；故理性氣體溫度不變，內能不變，由于氣體上升的過程體積膨脹，故對外做功，由熱力學第一定律可知，氣體吸收熱量，故E正確；

故選ACE。10、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．根據熱力學第三定律；可知絕對零度是不能達到的。故A正確；

B．氣體分子間距離減小時；其分子力做功不確定，故其分子勢能不一定增大。故B錯誤；

C．絕熱壓縮過程；外界對氣體做功，其溫度升高，內能一定增加。故C錯誤；

D．等壓變化過程；升高溫度，氣體對外界做功，等容變化過程，升高溫度，體積不變，根據熱力學第一定律，可知前者吸收熱量多。故D正確；

E．分子熱運動變劇烈時；分子平均動能變大，撞擊器壁的平均作用力變大，分子平均距離變小時，氣體體積減小，單位體積的分子數密度增加，氣體壓強一定變大。故E正確。

故選ADE。11、A:C:D【分析】【詳解】

根據碰撞前后，系統的總動量守恒，總動能不增加原則，合理性原則，有

A．當v′A=v′B=0.5m/s時；代入上面兩式均滿足，故A正確；

B．當v′A=1m/s，v′B=0時；代入上面兩式均滿足。但是碰撞后，A的速度大于B的速度，會發生二次碰撞，不滿足合理性原則，故B錯誤；

C．當v′A=-1m/s，v′B=2m/s；代入上面兩式均滿足；故C正確；

D．當v′A=-2m/s，v′B=3m/s代入上面兩式均滿足；故D正確；

故選ACD。12、B:D:E【分析】【詳解】

A．質點A沿y軸正方向運動，可知波向x軸正方向傳播；選項A錯誤；

B．該波的波長λ=0.8m，T=1/f=0.02s，則

選項B正確；

C．該時刻質點C速度為零；選項C錯誤；

D．振幅是質點離開平衡位置的最大位移；則質點A與質點C的振幅都是0.5m，選項D正確；

E．則以該時刻為計時起點，則質點B的振動方程為y=0.5sin100πt(m)；選項E正確；

故選BDE.13、B:C:E【分析】【詳解】

A；3D電影《復仇者聯盟4》在放映時；兩臺放映機發出的光是相互垂直的偏振光，在觀看電影時觀眾必須帶上特殊的眼鏡才能獲得最佳觀賞效果，這種眼鏡是利用了光的偏振原理，故選項A錯誤；

B；軍隊士兵過橋時使用便步；是為了防止橋發生共振現象，故選項B正確；

C；手機上網時用的Wifi信號屬于無線電波；故選項C正確；

D、紅光由空氣進入水中，頻率不變，則顏色不變，根據知波速變小，根據知波長變短；故選項D錯誤；

E、分別用藍光和黃光在同一裝置上做雙縫干涉實驗，黃光的波長較大，根據條紋間距則黃光干涉條紋的間距較寬，故選項E正確．三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【詳解】

相對濕度是指空氣中水蒸氣壓與飽和水汽壓的百分比，表達式為．

也等于空氣的絕對濕度與相同溫度下可能達到的最大絕對濕度之比；．

故飽和汽壓為

【點睛】

本題考查相對濕度的定義式，關鍵是明確相對濕度幾種不同的定義公式，與日常生活密切聯系，【解析】400mmHg15、略

【分析】【詳解】

[1]由電路圖可以知道，三電阻串聯，電流表測電路中的電流，電壓表測量滑動變阻器R1兩端的電壓；滑片P向左滑動；滑動變阻器接入電路的電阻變小，由串聯分壓規律可以知道，變阻器兩端的電壓變小，即電壓表示數將減小；

[2]由歐姆定律可以知道，定值電阻兩端電壓變化量與電流變化量的比值等于其阻值，滑片P向左滑動，滑動變阻器接入電路的電阻變小，變阻器兩端的電壓變小，電源電壓不變，由串聯分壓規律可以知道，R2和R3兩端的總電壓將變大，且變阻器兩端電壓減小量等于R2和R3兩端總電壓的增大量，即電壓表示數變化量的絕對值串聯電路電流處處相等，則電壓表和電流表示數變化量的比值

電壓表示數變化量的絕對值為時，同理可得此時電壓表和電流表示數變化量的比值

而R2、R3均為定值電阻，所以【解析】.減小等于16、略

【分析】【詳解】

當導體棒與磁場垂直時受的安培力最大；平行時受安培力為零，則從左到右，導體棒所受安培力的大小分別為：BIL；BIL、BIL、0.

【點睛】

此題關鍵是搞清四個導體棒的放置方式，知道導體棒與磁場垂直時受的安培力最大，最大值為BIL，平行時受安培力為零.【解析】BIL；BIL；BIL；017、略

【分析】【詳解】

[1][2]由導體切割磁感線時的電動勢公式可知，ab中產生的感應電動勢為

磁場方向垂直紙面向里，根據右手定則得到ab中感應電流方向為b到a，則電流從下向上經過R，a端相當于電源的正極，b端相當于電源的負極，則a點電勢高于b點電勢。【解析】>18、C:D:E【分析】波傳播的速度為v=5m/s，經0.2s波形平移的間距為：△x=v?△t=5×0.2=1m，故結合波形圖可以看出波形向左平移1m，所以這列波沿x軸負方向傳播；故A錯誤；波沿x軸負方向傳播，故t=0時刻質點a沿y軸負方向運動，故B錯誤；從波形圖可以看出波長為4m，故周期：頻率：故此波遇到另一列頻率為1.25Hz的簡諧橫波能發生穩定的干涉現象，選項C正確；x=2m處的質點的位移表達式為故D正確；周期為0.8s，由于△t=0.4s=T，故質點a經0.4s通過的路程為：S=2A=0.8m，故D正確；故選CDE．四、作圖題(共3題，共27分)19、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】20、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共28分)22、略

【分析】【詳解】

解：(1)①根據原理圖可得出對應的實物圖；如圖所示；

②根據閉合電路歐姆定律可得：則由數學規律可知電動勢內電阻

(2)由乙同學的電路接法可知左右兩部分并聯后與串聯，則可知在滑片移動過程中，滑動變阻器接入電阻先增大后減小，則路端電壓先增大后減小，所以出現圖e所示的圖象，則由圖象可知當電壓為2.5V時，電流為0.5A，此時兩部分電阻相等，則總電流為而當電壓為2.4V時，電流分別對應0.33A和0.87A，則說明當電壓為2.4V時，干路電流為則根據閉合電路歐姆定律可得解得電源的電動勢內電阻【解析】2.80.603.00.5023、略

【分析】【詳解】

試題分析：改裝電流表應串聯電阻分流；根據歐姆定律計算電阻值；應用試測法選擇電流表內外接法時，若電流表示數變化明顯，根據串并聯規律可知電壓表的分流作用較大，即電壓表內阻較小，再根據電壓表內阻較大時應用外接法測量誤差小，所以若電壓表內阻不是很大，則應用內接法．

改裝大量程電流表，需要并聯一個電阻分流，根據歐姆定律可得

（1）實物電路圖如圖所示。

（2）因為解得電流表讀數為故被測電阻為

（3）從電路圖中可知由于電壓表的分流，導致通過被測電阻的電流測量值偏大，而電壓值準確，所以根據可知測量值偏小；

（4）采用試測法時，若電流表的示數變化顯著，說明電壓表的分流作用明顯，即電壓表的內阻不是非常大，則待測電阻的阻值可跟電壓表內阻比擬，由于電壓表內阻越大時，電壓表的分流作用越小，應用外接法測量時誤差較小，所以若電壓表內阻不是很大，電流表應采用內接法，所以電壓表應接在a、c兩端，【解析】并0.510小于C24、略

【分析】【詳解】

(1)刻度尺的分度值是0.1cm；所以要求估讀到分度值的下一位，精確值為2.5cm，估讀值為0.02cm，圖甲所示線圈的寬度是2.5cm+0.02cm=2.52cm

(2)采用圖乙所示的電路圖進行電阻的測量；采用的是電流表外接法，由于電壓表分流作用使電流表示數變大，會