…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教滬科版選修3物理上冊月考試卷364考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、下列說法正確的是（）A.將細玻璃管豎直插入它的不浸潤液體中，靜止時，管內液面為凹面且低于管外液面B.冬季室內的人向窗戶玻璃哈氣，玻璃內外表面均會出現霧狀小水珠C.非晶體其實是粘稠度極高的液體D.若規定兩分子相距（為平衡距離）時分子勢能為零，則當時，分子勢能為負2、下列說法中不正確的是（）A.液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點B.非晶體呈各向同性，晶體也有可能呈各向同性C.在圍繞地球飛行的宇宙飛船中，自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結果D.不浸潤現象說明固體分子對液體分子的吸引力大于液體分子之間的吸引力3、一定質量的理想氣體自狀態A經狀態C變化到狀態B．這一過程在V-T圖上表示如圖所示，則（）

A.在過程AC中，氣體對外界做功B.在過程CB中，外界對氣體做功C.在過程AC中，氣體壓強不斷變大D.在過程CB中，氣體壓強不斷變小4、以下說法正確的是（）A.當分子間距離增大時，分子間作用力減小，分子勢能增大B.某物體溫度升高，則該物體分子熱運動的總動能一定增大C.液晶顯示屏是應用液晶的光學各向同性制成的D.自然界發生的一切過程能量都守恒，符合能量守恒定律的宏觀過程都能自然發生5、關于以下四幅圖片；說法正確的是（）

A.在圖1中，向上拉動下表面緊貼水面的玻璃板時，拉力大于重力，主要是受到了大氣壓力的影響B.在圖2中，隨著活塞上砝碼個數的增加，氣缸內封閉的氣體越來越難壓縮（始終為氣體狀態），主要原因是由于隨著氣體體積的減小，分子間的斥力越來越大C.用燒熱的針尖接觸表面涂有蜂蠟層的云母片，蜂蠟層形成了如圖3所示的熔化區域，說明蜂蠟對于導熱性存在著各向異性D.圖4為熱機能流圖，隨著機械制造工藝、機械材料等科學技術的不斷發展，熱機的效率仍無法達到100%6、一電池外電路斷開時的路端電壓為3V，接上8Ω的負載后路端電壓降為2.4V，則可以判定電池的電動勢E和內阻r分別為（）A.E=3V，r=2ΩB.E=3V，r=1ΩC.E=2.4V，r=2ΩD.E=2.4V，r=1Ω7、三個半徑相同的彈性球，靜止置于光滑水平面的同一直線上，順序如圖所示，已知mA=m，mC=4m．當A以速度v0向B運動，若要使得BC碰后C具有最大速度，則B的質量應為（）

A.mB.2mC.3mD.4m評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示，閉合電鍵S后，A燈與B燈均發光，電流表A1、A2的讀數分別為I1、I2，當滑動變阻器滑動片向下滑動一段后，電流表A1、A2讀數變化的大小分別為△I1、△I2；則下列說法中正確的是（）

A.A燈變暗B.B燈變亮C.I1、I2都變小D.△I1＜△I29、兩個處于熱平衡狀態的系統，由于受外界影響，狀態參量發生了變化，下列關于它們后來是否能處于熱平衡狀態的說法，正確的是（）A.不能B.可能C.要看它們后來的溫度是否相同D.取決于其他狀態參量是否相同10、下列說法正確的是（）A.晶體都具有各向異性，也都有相同的熔點B.葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用C.液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點D.不浸潤現象說明固體分子對液體分子的吸引力大于液體分子之間的吸引力11、下列說法中正確的是（）A.物體從外界吸熱，其內能不一定增大B.液晶顯示器是利用了液晶對光具有各向同性的特點C.溫度相同的氫氣和氧氣，它們分子的平均速率不相同E.當分子力表現為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大E.當分子力表現為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大12、電流天平可以用來測量勻強磁場的磁感應強度的大小．如圖甲所示，測量前天平已調至平衡，測量時，在左邊托盤中放入質量為m的砝碼，右邊托盤中不放砝碼，將一個質量為m0、匝數為n、下邊長為l的矩形線圈掛在右邊托盤的底部，再將此矩形線圈的下部分放在待測磁場中．線圈的兩頭連在如圖乙所示的電路中，不計連接導線對線圈的作用力，電源電動勢為E，內阻為r.開關S閉合后，調節可變電阻至R1時，天平正好平衡，此時電壓表讀數為U.已知m0>m，取重力加速度為g；則()

A.矩形線圈中電流的方向為逆時針方向B.矩形線圈的電阻R＝r－R1C.勻強磁場的磁感應強度的大小B＝D.若僅將磁場反向，在左盤中再添加質量為2m0－m的砝碼可使天平重新平衡13、一電容器的電容為10F，A、C兩板間距極小，垂直于回路平面的磁感應強度以5×10-3T/s的變化率增加，回路面積為1×10-2m2；如圖所示．則。

A.A板帶正電B.C板帶正電C.A板帶電量為2×10-10CD.A板帶電量為5×10-10C14、如圖所示，甲圖為沿x軸傳播的一列簡諧波在t=1s時刻的波動圖象，乙圖為x=2m處的質點P的振動圖象，則下列判斷正確的是（）A.該波的傳播速度為B.該波的傳播方向沿x軸反方向C.再經過1s時間，質點P將移動到位置處E.時，處的質點的加速度沿y軸正方向E.時，處的質點的加速度沿y軸正方向評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖所示是兩列相干波的干涉圖樣，實線表示波峰，虛線表示波谷，兩列波的振幅都為0.1m，波速和波長分別為1m/s和0.2m，C點為AB連線的中點．則圖示時刻C點的振動方向_____（選填“向上”或“向下”），從圖示時刻再經過0.25s時，A點經過的路程為______m．

16、如圖所示是一個簡單的組合邏輯電路；完成其真值表。

。輸入。

輸出。

A

B

Z

0

0

______

0

1

______

1

0

______

1

1

______

17、如圖，兩側粗細均勻、橫截面積相等、高度均為的U型管，左管上端封閉，石管上端開口。右管中有高的水銀柱，水銀柱上表面離管口的距離管底水平段的體積可忽略。環境溫度為大氣壓強現從右側端口緩慢注入水銀（與原水銀柱之間無氣隙），恰好使水銀柱下端到達右管底部。此時封閉氣體的壓強為______要使封閉氣體在回到原來的體積，應將氣體溫度升高到______

18、封閉汽缸內一定質量的理想氣體由狀態A經狀態B再變化到狀態C，其體積V隨熱力學溫度T變化的關系圖象如圖所示，氣體在狀態B時的溫度T2＝________K。氣體在從狀態A變化到狀態B的過程中吸收熱量Q1＝240J，對外做功為W＝100J．則氣體由狀態B變化到狀態C的過程中，氣體向外傳遞的熱量Q2＝________J。

19、兩塊非常長的光滑擋板圍成一個夾角為10°的三角形區域，一小球沿著角平分線方向的初速度入射，設球與擋板間的碰撞是彈性的，則球與擋板一共會發生___________次碰撞。

20、如圖所示，平行板電容器板間距離d=10cm，與一個直流電源相連，電源電壓為10V，N板接地，取大地電勢為零，兩板間有一點P，P點距M板5cm，把開關閉合給電容器充電，然后再斷開，P點場強大小為________，電勢為____________，若把N板向下移動10cm，則P點場強大小為________，電勢為_________。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共4題，共16分)24、如圖（a）所示，左為某同學設想的粒子速度選擇裝置，由水平轉軸及兩個薄盤N1、N2構成，兩盤面平行且與轉軸垂直，相距為L，盤上各開一狹縫，兩狹縫夾角θ可調[如圖（b）]；右為水平放置的長為d的感光板，板的正上方有一勻強磁場，方向垂直紙面向外，磁感應強度為B，帶正電的粒子經電壓為U的電場加速后沿水平方向射入N1，能通過N2的粒子經O點垂直進入磁場，O到感光板的距離為0.5d，粒子電荷量為q，質量為m；不計重力。

（1）若兩狹縫平行且盤靜止[如圖（c）]，粒子進入磁場后，豎直向下打在感光板中心點M上，求：加速電場的電壓U和粒子在磁場中運動的時間t1；

（2）若兩狹縫夾角為θ0，N2盤以角速度ω0勻速轉動，轉動方向如圖（b）．要使粒子穿過N1、N2，加速電壓U的可能取值；

（3）若兩狹縫夾角為θ0，N2盤勻速轉動，轉動方向如圖（b）．要使穿過N1、N2的粒子均打到感光板P1P2連線上，試分析盤轉動角速度ω的取值范圍（設通過N1的所有粒子在盤旋轉一圈的時間內都能到達N2）。25、現代瓷器燒制通常采用電加熱式氣窯。某次燒制前，封閉在窯內的氣體溫度為27壓強為=1.0x105燒制過程中為避免窯內氣壓過高，窯上有一個單向排氣閥，當窯內氣壓達到=2.5×105時，單向排氣閥變為開通狀態，當窯內氣體溫度達到燒制溫度927保持不變時；單向排氣閥關閉。已知燒制過程中窯內氣體溫度均勻且緩慢升高，單向排氣閥排氣過程中窯內氣壓保持不變。不考慮瓷胚體積的變化，求：

（1）排氣閥開始排氣時；窯內氣體溫度；

（2）燒制過程中；排出的氣體占原有氣體質量的比例。

26、如圖，水平U形光滑框架，寬度為1m，電阻忽略不計，導體棒ab的質量m=0.2kg、電阻R=0.5Ω，勻強磁場的磁感應強度B=0.2T，方向垂直框架向上．現用F=1N的外力由靜止開始向右拉ab棒，當ab棒向右運動的距離為d=0.5m時速度達到2m/s；求此時：

（1）ab棒產生的感應電動勢的大小；

（2）ab棒所受的安培力；

（3）ab棒的加速度大小．

（4）ab棒在向右運動0.5m的過程中，電路中產生的焦耳熱Q．27、如圖所示，設電子剛剛離開金屬絲時的速度可忽略不計，經加速電場加速后，沿平行于板面的方向射入偏轉電場，并從另一側射出．已知電子質量為m，電荷量為e，加速電場電壓為U0．偏轉電場可看做勻強電場；極板間電壓為U，極板長度為L，板間距為d，不計電子所受重力．求：

（1）電子射入偏轉電場時初速度的大小；

（2）電子從偏轉電場射出時沿垂直板面方向的偏轉距離y；

（3）電子從偏轉電場射出時速度的大小和方向．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

A．不浸潤液體呈凸液面；故A錯誤；

B．冬季室內的人向窗戶玻璃哈氣；玻璃內表面會出現霧狀小水珠，外表面不會出現水珠，故B錯誤；

C．非晶體的結構與液體類似；可以看作是粘稠度極高的液體，故C正確；

D．當分子間距離等于平衡距離r0時，分子間作用力為零，分子勢能最小，故當r>r0時；分子勢能為正，故D錯誤。

故選Ｃ。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點；故A正確；

B．非晶體呈各向同性；多晶晶體呈各向同性，單晶體呈各向異性，故B正確；

C．在圍繞地球飛行的宇宙飛船中；自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結果，故C正確；

D．不浸潤現象說明固體分子對液體分子的吸引力小于液體分子之間的吸引力；故D錯誤。

本題選不正確項，故選D。3、C【分析】【詳解】

A．由圖知A→C過程中氣體溫度不變；體積減小，外界對氣體做功，故A錯誤；

B．由圖知C→B過程中體積不變；外界對氣體不做功，故B錯誤；

C．根據理想氣體狀態方程由圖知A→C過程中氣體溫度不變；體積減小，氣體的壓強不斷增大，故C正確；

D．由圖知C→B過程中體積不變，溫度上升，根據理想氣體狀態方程可知溫度升高，氣體的壓強不斷增大，故D錯誤．

故選C．4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．當r＜r0時，當分子間距增大時，分子力減小，分子勢能減小；當r＞r0時；當分子間距增大時，分子力先增加后減小，分子勢能增加，故A錯誤；

B．某物體溫度升高；則分子的平均動能增大，該物體分子熱運動的總動能一定增大，故B正確；

C．液晶顯示屏是應用液晶的光學各向異性制成的；故C錯誤；

D．自然界發生的一切過程能量都守恒；符合能量守恒定律的宏觀過程不一定都能自然發生，例如水能由高處自然的流向低處，但是不能自發的由低處流向高處，故D錯誤。

故選B。5、D【分析】【分析】

【詳解】

A．在圖1中；向上拉動下表面緊貼水面的玻璃板時，拉力大于重力，主要是受到了水的張力的影響，故A錯誤；

B．在圖2中；隨著活塞上砝碼個數的增加，氣缸內封閉的氣體越來越難壓縮（始終為氣體狀態），主要原因是由于隨著氣體體積的減小，氣體壓強越來越大，故B錯誤；

C．用燒熱的針尖接觸表面涂有蜂蠟層的云母片；蜂蠟層形成了如圖3所示的熔化區域，說明云母片對于導熱性存在著各向異性，故C錯誤；

D．熱機在工作過程中；燃料不可能完全燃燒，尾氣帶走較多的熱量，機器本身散熱，克服機械間摩擦做功等，熱機的效率仍無法達到100%，故D正確。

故選D。6、A【分析】【詳解】

由題可知電池外電路斷開時的路端電壓為3V，則電池的電動勢為當電源接上8Ω的負載電阻后路端電壓降為2.4V，則電路中電流為可得內故選項A正確，B、C、D錯誤。7、B【分析】【詳解】

設B球的質量為M．以碰撞前A球的速度方向為正，A球與B球發生彈性碰撞，設碰撞后的速度分別為v1和v2，根據A球與B球動量守恒得：mv0=mv1+Mv2

由能量守恒定律得：mv02=mv12+Mv22

解得：v2=

B球與C球發生彈性碰撞，設碰撞后的速度分別為v′2和v3；由能量守恒定律得：

Mv22=Mv′22+×（4m）v32

規定碰撞前A球的速度方向為正，由動量守恒定律得：

Mv2=Mv′2+4mv3

解得：v3=

故C球碰撞后的速度為：

由數學關系解得：M==2m時；C球碰撞后的速度最大．故選B．

點睛：本題貌似發生很多次碰撞，但只要依次分析，會發現僅僅碰撞兩次，如果真是發生很多次碰撞，也要先依次分析，然后找規律簡化過程．關鍵要掌握動量守恒定律和能量守恒定律的應用．二、多選題(共7題，共14分)8、A:D【分析】試題分析：當滑動變阻器滑動片向下滑動一段后，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律分析得知：干路電流增大，電源的內電壓增大，則路端電壓減小，則A1讀數I1變大；

路端電壓減小，通過A燈的電流變小，則A變暗．由干路電流增大，而A燈電流減小，得知通過電流表A2讀數I2變大，電阻R0兩端電壓變大；而路端電壓變小，則燈B與變阻器并聯電壓變小，B燈變暗．

由于I1變大，I2變大，IA變小，又I1=I2+IA，則得△I1＜△I2．故AD正確；BC錯誤；故選AD．

考點：電路的動態分析。

【名師點睛】本題是電路動態變化分析問題，按局部到整體再到局部的思路進行分析；也可以直接應用口訣“串反并同”來得出結論。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

只要兩個系統的溫度相同；兩個系統就處于熱平衡狀態，而與其他參量是否相同無關。

故選BC。10、B:C【分析】【詳解】

A．多晶體的物理性質具有各向同性；故A錯誤；

B．葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用；故B正確；

C．液晶具有各向異性；利用這一性質可以制造液晶顯示器，故C正確；

D．不浸潤現象說明固體分子對液體分子的吸引力小于液體分子之間的吸引力；故D錯誤。

故選BC。11、A:C:E【分析】【詳解】

A．物體從外界吸熱；若對外做功，則其內能不一定增大，故A正確；

B．液晶顯示器是利用液晶對光具有各向異性的特點；故B錯誤；

C．溫度相同的氫氣和氧氣；它們分子的平均動能相同，但是由于分子質量不同，故分子的平均速率不相同，故C正確；

D．用氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數可以估算氣體分子占據的空間體積；故D錯誤；

E．當分子力表現為斥力時；距離減小斥力做負功，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大，故E正確。

故選ACE。12、A:C【分析】【詳解】

A；對矩形線圈受力分析可知所受安培力向上；再由左手定則可知矩形線圈中電流的方向為逆時針方向，故A正確；

B、根據閉合電路歐姆定律可得解得矩形線圈的電阻故B錯誤；

C、根據平衡條件可得而解得勻強磁場的磁感應強度的大小故C正確；

D、開始線圈所受安培力的方向向上，僅將磁場反向，則安培力方向反向，變為豎直向下，相當于右邊多了兩倍的安培力大小，所以需要在左邊加砝碼，添加質量為的砝碼可使天平重新平衡；故D錯誤；

故選AC．

【點睛】天平平衡后，僅將磁場反向時，安培力方向反向，則右邊相當于多了或少了兩倍的安培力大小．13、A:D【分析】【詳解】

A；B項：由楞次定律可得：穿過線圈的磁通量增加；則產生的感應電流方向是順時針，由處于電源內部所以電流方向是從負極到正極，故A板為正電荷，故A正確，B錯誤；

C、D項：由法拉第電磁感應定律：則A、C兩板的電勢差5×10-5V，由公式得故C錯誤，D正確．

點晴：線圈平面垂直處于勻強磁場中，當磁感應強度隨著時間均勻變化時，線圈中的磁通量發生變化，從而導致出現感應電動勢，產生感應電流．由楞次定律可確定感應電流方向，由法拉第電磁感應定律可求出感應電動勢大小．14、A:B:D【分析】【分析】

由波動圖象可讀出波長；由振動圖象讀出周期，求出波速；在乙圖上讀出t=0時刻P質點的振動方向，在甲圖上判斷出波的傳播方向；波在同一介質中勻速傳播，由s=vt可以求出經過1s時間波沿波的傳播方向向前傳播的距離，而質點并不向前傳播，根據波長與障礙物尺寸的關系分析能否發生明顯的衍射現象；

【詳解】

A、甲圖是波動圖象，由甲讀出該波的波長為乙圖是振動圖象，由乙圖讀出周期為則波速為故A正確；

B；在乙圖上讀出t=0時刻P質點的振動方向沿y軸負方向；在甲圖上，根據波形的平移法判斷得知該波的傳播方向沿x軸負方向，故B正確；

C；質點只在自己的平衡位置附近上下振動；并不隨波的傳播方向向前傳播，故C錯誤；

D、由甲讀出該波的波長為該波在傳播過程中，若遇到寬度為4m的障礙物，能發生明顯衍射現象，故D正確；

E；由圖象可知t=2s時；x=4m處的質點處在正最大位移處，故具有負向最大加速度，故E錯誤；

故選ABD．三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

B點處于波谷，A點處于波峰，波由B向A傳播，此時C處于平衡位置，經過四分之一周期，波谷傳播到該點，知C點的振動方向向下，周期質點在一個周期內振動的路程等于4倍的振幅，經過0.25s時，走過的路程等于5倍的振幅，A=20cm，則s=1m．【解析】向下116、略

【分析】【分析】

【詳解】

該邏輯電路由非門和與門構成；非門電路特點是輸出端情況與輸入端相反，即當輸入端為“1”時，輸出端為“0”，當輸入端為“0”時，輸出端為“1”，與門電路的特點是指決定某事件的條件全部具備時，該事件才發生，即當輸入端全為“1”時，才會輸出“1”，其他輸入情況，輸出均為“0”

。輸入。

輸出。

A

B

Z

0

0

0

0

1

0

1

0

1

1

1

0

[1]0

[2]0

[3]1

[4]0【解析】001017、略

【分析】【詳解】

[1]對于左端密封氣體，狀體1的體積為

狀態1的壓強為

狀態2的體積為

根據氣體實驗定律得

解得

[2]升溫過程是等壓變化，根據氣體實驗定律得

將帶入得【解析】88.932018、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]AB延長線過原點，即AB過程的V與T成正比，故A到B過程為等壓過程，對A到B的過程運用蓋－呂薩克定律可得

代入圖象中的數據可得氣體在狀態B時的溫度

[2]因為氣體是一定質量的理想氣體，而一定質量的理想氣體的內能只跟溫度有關，因為

所以A與C的內能相同，故A到B內能的增加量等于B到C內能的減小量，即

根據熱力學第一定律可得

A到B過程氣體對外做功，故

又已知

可得

根據熱力學第一定律可得

B到C為等容過程，故

所以

故氣體向外放出的熱量為140J。【解析】60014019、略

【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示。

小球第一次碰撞后與角的另一邊的夾角為15°；如下圖所示；

第二次碰后與角的另一邊夾角為25°；可得每一次碰撞后下一次碰與角的一邊的夾角為增加10°，碰撞第8次和第9次，如下圖所示。

可得第9次后與角的邊的夾角為85°；第10次碰后如下圖所示。

可得碰后與角的邊的夾角為75°；每碰撞一次，角度減少10°，當碰撞16次后，如下圖所示。

小碰撞第17次后，路徑沿水平向右，不會再發生碰撞，所以則球與擋板一共會發生17次碰撞。【解析】1720、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據公式可得

[2]因為P位于兩極板間的中點，所以PN之間的電勢差為

又知道

所以

[3]因為兩極板間的電荷量恒定，根據公式聯立可得

故若把N板向下移；兩極板間的電場強度不變。

[4]此時P點距離N板15cm，因為N板接地，電勢為零，所以P點電勢為負，故【解析】四、作圖題(共3題，共18分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、解答題(共4題，共16分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）打在M點的粒子在磁場中運動的半徑為r1，速度為v1，在磁場中運動的時間為t1，由圖可知r1=0.5d

由牛頓第二定律可知

由動能定理可知

聯立解得