…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、在如圖所示的電路中；當閉合開關S，將滑動變阻器R的滑片自下向上移動一段距離，電路穩定后，與滑片移動前比較（不計溫度對燈泡電阻的影響）（）

A.電阻R0兩端的電壓增大B.電容器C上的電荷量不變C.燈泡L消耗的電功率增大D.電源消耗的總功率變小2、在如圖所示的電路中；閉合開關，將滑動變阻器的滑片向右移動一段距離，待電路穩定后，與滑片移動前比較。

A.燈泡L變亮B.電容器C上的電荷量不變C.電源消耗的總功率變小D.電阻R0兩端電壓變大3、如圖所示，平行金屬板充電后與電源斷開，板間有一帶電液滴處于靜止狀態．下列說法正確的是（）

A.帶電液滴帶負電B.若將下極板下移，帶電液滴會向下運動C.若將下極板上移，帶電液滴會向下運動D.若將下極板稍微向左平移一小段，帶電液滴會向下運動4、聯合國安理會每個常任理事國都擁有否決權，只要有一個理事國不通過，提案都無法通過．假設設計一個表決器，常任理事國投反對票時輸入“0”，投贊成票或棄權時輸入“1”，提案通過為“1”，通不過為“0”，則這個表決器應具有哪種邏輯關系（）A.“與”門B.“或”門C.“非”門D.都不是5、在透明均勻介質內有一球狀空氣泡，一束包含兩種單色光的細光束從介質射入氣泡，A為入射點，之后光分別從C、D點射向介質，如圖所示，已知A點的入射角為30°，介質對光的折射率下列判斷正確的是（）

A.在該介質中，光傳播速度B.光射出空氣泡后相對于射入空氣泡前的偏向角為30°C.光從該介質射向空氣發生全反射時，臨界角D.光分別通過同一雙縫干涉裝置時，屏上的條紋問距6、如圖所示，一定質量的理想氣體，經過一系列過程，如圖所示，下列說法中正確的是（）

A.a→b過程中，氣體體積減小，壓強減小B.b→c過程中，氣體壓強不變，體積增大C.c→a過程中，氣體內能增大，體積不變D.c→a過程中，氣體壓強增大，體積減小7、下列物理量中，屬于標量的是A.電勢能B.電場強度C.磁感強度D.洛倫茲力8、一列沿軸正方向傳播的簡諧橫波，某時刻的波形如圖所示。為介質中的一個質點，此時刻質點的速度應是（）

A.向正方向B.向軸負方向C.向軸正方向D.向軸負方向9、如圖所示，正方形ABCD的頂點A、C處固定有兩帶電荷量大小相等的點電荷，E、F分別為AB、CD邊的中點．若以無窮遠處電勢為零，且E點處電勢大于零；則下列說法中正確的是。

A.兩點電荷一定都帶正電B.O點處電勢不可能為零C.直線BD上從O點向兩側無窮遠處，電場強度先減小后增大D.若將一電子從E點移動到F點，則電場力做功可能為零評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、在高原地區燒水需要使用高壓鍋，水燒開后，鍋內水面上方充滿飽和汽，停止加熱，高壓鍋在密封狀態下緩慢冷卻，在冷卻過程中，鍋內水蒸氣的變化情況為A.壓強變小B.壓強不變C.一直是飽和汽D.變為未飽和汽11、如圖所示，一定質量的氣體由狀態A變到狀態B再變到狀態C的過程，A、C兩點在同一條雙曲線上；則此變化過程中（）

A.從A到B的過程溫度升高B.從B到C的過程溫度升高C.從A到C的過程溫度先降低再升高D.A、C兩點的溫度相等12、下列說法正確的是（）A.若分子力表現為引力，則當分子間的距離增大時，分子力增大B.對于任何物質，只要溫度降低，分子平均動能就一定減小C.液體中的布朗運動就是液體分子的無規則運動E.物理性質表現為各向同性的物體可能是晶體E.物理性質表現為各向同性的物體可能是晶體13、奧運祥云火炬的燃燒系統由燃氣罐（內有液態丙烷）穩壓裝置和燃燒器三部分組成。當穩壓閥打開以后，燃氣以氣態形式從氣罐里出米，經過穩壓閥后進入燃燒室進行燃燒，以下說法中正確的是（）A.燃氣由液態變為氣態的過程中要對外做功B.燃氣由液態變為氣態的過程中分子的分子勢能減少C.燃氣在燃燒后釋放在周圍環境中的能量不可能被回收再利用D.若將兩個丙烷氣體分子從遠處逐漸靠近，直到不能再靠近為止的過程中，分子間相互作用的合力先變大、后變小再變大14、如圖所示；將一條形磁鐵插入一閉合螺線管中，螺線管固定在停在光滑水平面的車中，在插入過程中。

A.車將向右運動B.條形磁鐵會受到向左的力C.由于沒標明條形磁鐵極性，因此無法判斷受力情況D.車會受向左的力15、如圖所示，10匝矩形線框處在磁感應強度B=T的勻強磁場中，繞垂直磁場的軸以恒定角速度ω=l0rad/s在勻強磁場中轉動，線框電阻不計，面積為0.4m2；線框通過滑環與一理想自耦變壓器的原線圈相連，副線圈接有一只燈泡L（規格為“4W，l00Ω”）和滑動變阻器，電流表視為理想電表，則下列說法正確的是。

A.若從圖示線框位置開始計時，線框中感應電動勢的瞬時值為B.當燈泡正常發光時，原、副線圈的匝數比為1:2C.若將滑動變阻器滑片向上移動，則電流表示數增大D.若將自耦變壓器觸頭向下滑動，燈泡會變暗16、一定質量的理想氣體狀態變化如圖所示；則（）

A.狀態b、c的內能相等B.狀態a的內能比狀態b、c的內能大C.在a到b的過程中氣體對外界做功E.在b到c的過程中氣體一直向外界放熱E.在b到c的過程中氣體一直向外界放熱17、簡諧橫波在均勻介質中沿直線傳播，P、Q是傳播方向上相距10m的兩質點，波先傳到P，當波傳到Q開始計時，P、Q兩點的振動圖像如圖所示,設振幅為A,則。

A.當Q的位移為＋A時，P的位移為B.該波從P傳到Q的時間可能是8sC.該波的傳播速度可能為1m/sD.該波的波長可能是3m評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)18、現代人通過放孔明燈祈福。普通的孔明燈用薄竹片架成圓桶形，外面以薄紙密實包圍，開口朝下。釋放時，通過開口處的火焰對燈內氣體緩慢加熱，直到燈能浮起來，如圖所示，在緩慢加熱過程中，燈內氣體分子的平均動能____________（填“變大”“變小”或“不變”），燈內氣體的密度__________（填“變大”“變小”或“不變”）。

19、一氣缸內儲有10mol的單原子分子理想氣體，在壓縮過程中，外力做功209J，氣體溫度升高1K，則氣體內能的增量E為________J，吸收的熱量Q為________J。20、一定質量的理想氣體，由狀態A沿直線變化到狀態C，再由狀態C沿直線變化到狀態B，最后由狀態B沿直線回到狀態A，如圖所示。已知氣體在狀態A的溫度TA=300K，氣體由狀態A沿直線變化到狀態C的過程中的最高溫度為____________K；完成一個循環過程，氣體吸收的熱量為_________J。

21、一般情況下，水底的溫度要比水面的溫度低，一氣泡（視為理想氣體）從水底緩慢上升到水面的過程中，氣泡內氣體的壓強__________（填“增大”、“減小”或“不變”），氣泡內氣體對外界________（填“做正功”、“做負功”或“不做功”）。22、如圖所示，小量程電流表的內阻為滿偏電流為若把它改裝成的兩個量程的電壓表，那么____________________

23、一質子束入射到靜止靶核上，產生如下核反應：式中p代表質子，n代表中子，X代表核反應產生的新核．由反應式可知，新核X的質子數為____________，中子數為______________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共20分)27、在“利用單擺測重力加速度”的實驗中；

（1）以下做法正確的是__________

A.測量擺長時，用刻度尺量出懸點到擺球間的細線長度作為擺長L

B.測量周期時，從小球經過平衡位置開始計時，經歷50次全振動總時間為t，則周期為

C.擺動中出現了輕微的橢圓擺情形；王同學認為對實驗結果沒有影響而放棄了再次實驗的機會。

D.釋放單擺時；應注意細線與豎直方向的夾角不能超過5°

（2）黃同學先測得擺線長為97.92cm，后用游標卡尺測得擺球直徑（如圖），讀數為_________cm；再測得單擺的周期為2s，最后算出當地的重力加速度g的值為_________m/s2．（取9.86；結果保留兩位小數）

（3）實驗中，如果擺球密度不均勻，無法確定重心位置，劉同學設計了一個巧妙的方法不計擺球的半徑．具體做法如下：第一次量得懸線長L1，測得振動周期為T1；第二次量得懸線長L2，測得振動周期為T2，由此可推得重力加速度的表達式為g＝_____________．28、如圖所示為某同學曾經組裝好的一只歐姆表．各元件的參數有部分已經看不清楚；但知道電源的電動勢大約為3V；內阻很小可忽略，微安表的滿偏電流為300μA、內阻未知．他想利用該裝置比較準確地測量電源的電動勢和微安表的內阻．

實驗步驟如下：

①將R調到最大值；歐姆表的兩表筆用導線短接；

②將電阻箱阻值調到R；記錄此時微安表的示數Ⅰ；

③重復第②步；得到六組數據；

④以R為橫坐標，為縱坐標，描點連線后得到一條傾斜的直線．進一步求出該直線的斜率為0.34V－1，縱截距為2.00×102A－1．

(1)根據以上信息，電源的電動勢為_____________；微安表的內阻為_____________(結果保留三位有效數字)．

(2)實驗中使用的電阻箱為_____________．

A.最大阻值為9999ΩB.最大阻值為99999Ω29、某同學要測量某圓柱體電阻R的電阻率ρ．

（1）用游標卡尺和螺旋測微器分別測量其長度和直徑，如圖所示，則其長度L=______cm，直徑d=______mm．

（2）該同學先用如圖所示的指針式多用電表粗測其電阻．他將紅黑表筆分別插入“+”、“-”插孔中，將選擇開關置于“×l”檔位置，然后______；直至指針指在“0Ω”處繼續實驗．

（3）歐姆表粗測電阻約為5Ω現要進一步精確測量其阻值；實驗室提供了下列可選用的器材：

A.電壓表量程內阻約

B.電壓表量程內阻約

C.電流表量程內阻約

D.電流表量程內阻約

E.滑動變阻器

F.滑動變阻器

G.電源電動勢為及開關和導線若干。

該同學從以上器材中選擇合適的器材連接好電路進行測量，則電壓表應選擇______，電流表應選擇______，滑動變阻器應選擇______，選填各器材前的字母．要求在流過金屬絲的電流相同情況下，電源消耗功率最小，并能較準確地測出電阻絲的阻值，實驗電路應選用下圖的______．

（4）利用上所選電路測量，電流表______A電壓表______V

30、（1）某同學用圖甲所示的裝置做“用雙縫干涉測量光的波長”的實驗，他采用了藍色燈作為光源，在測量頭目鏡中觀察到如圖乙所示的藍色條紋．在不改變其他實驗條件的情況下，觀察到目鏡中的條紋如圖丙所示，則可能的原因是_____

A．單縫寬度變小了B．雙縫間距變小了。

C．光源與單縫間的距離變大了D．光源的發光強度變大了。

（2）干涉條紋除了可以通過雙縫干涉觀察到外，把一個凸透鏡壓在一塊平面玻璃上（圖甲），讓單色光從上方射入（示意圖如圖乙，其中R為凸透鏡的半徑），從上往下看凸透鏡，也可以觀察到由干涉造成圖丙所示的環狀條紋，這些條紋叫做牛頓環．如果改用波長更長的單色光照射，觀察到的圓環半徑將_____（選填“變大”、“變小”或“不變”）；如果換一個半徑更大的凸透鏡，觀察到的圓環半徑將_____（選填“變大”；“變小”或“不變”）．

（3）采用波長為690nm的紅色激光作為單色入射光，牛頓環的兩條相鄰亮條紋位置所對應的空氣膜的厚度差約為_____

A．345nmB．690nmC．幾微米D．幾毫米評卷人得分六、解答題(共2題，共4分)31、有一個n=1000匝的線圈，在t=0.4s內穿過它的磁通量從Φ1=0.02Wb均勻增加到Φ2=0.06Wb。求：

（1）線圈中的感應電動勢E；

（2）如果線圈的總電阻r=10Ω，把它跟一個電阻R=90Ω的電熱器串聯組成閉合電路時，通過電熱器的電流I。32、有一個電熱器，其電阻恒為44Ω、所接交流電壓的瞬時表達式為u=311sin(100πt)；式中各物理量均為國際單位．求：

（1）該交流電電壓的最大值Um；

（2）該交流電的周期T；

（3）該電熱器正常工作時的功率P．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【詳解】

由圖可知，電阻R0與電容串聯，故穩定時其兩端電壓均為零，故A錯誤；滑片自下向上移動一段距離時，接入電阻減小，故總電阻減小，則由閉合電路歐姆定律可知，總電流增大，內電壓增大，路端電壓減小，則電容兩端電壓減小，所以電容器C上的電荷量減少，故B錯誤；因電流減小，所以流過L的電流增大，燈泡消耗的功率增大，故C正確；因總電流增大，根據P＝EI可知，電源消耗的功率變大，故D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。2、C【分析】【詳解】

AC．滑動變阻器的滑片向右移動一點，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據閉合電路歐姆定律分析得知，流過電源的電流減小，則由

知電源的總功率變小；且流過燈泡的電流減小，燈泡L亮度變暗，故A錯誤，C正確；

B．電源的路端電壓

增大；即電容器電壓增大將充電，電荷量將增大．故B錯誤；

D．電阻只有在電容器充放電時有短暫的電流通過；穩定狀態無電流，則其兩端的電壓為零不變，D錯誤。

故選C。3、A【分析】【詳解】

電液滴靜止，故受力平衡，受電場力向上，帶負電，A正確；斷開電源，若板間距增大，不變，據電容的決定式C=及電容的定義式C=Q/U，與E=U/d，分析可知，E=則場強不變，液滴所受的電場力不變，則液滴將靜止不動．故BC錯誤．若將下極板稍微向左平移一小段，S減小，C減小，Q一定，則U變大，E變大，帶電液滴會向上運動，選項D錯誤；故選A．

點睛：本題關鍵要抓住不變量進行分析：電容器與電源保持相連，板間電壓保持不變；充電后與電源斷開后，電量不變．電量、正對面積不變時，改變板間距離，板間場強不變．4、A【分析】【詳解】

根據聯合國常任理事國表決情況可知；只要有一個反對，提案就通不過，能正確表示該表決器的邏輯關系應該是“與”門，故A正確。

故選A。5、B【分析】【詳解】

由圖可知a光的偏折程度較大，即介質對光a的折射率較大，則根據可知，在介質中a光的速度小于b光，故A錯誤；在A點的折射角等于在C點的入射角，介質對a光的折射率則C點的折射角為30°，圓心角為∠AOC=則出射光線與水平方向的夾角為30°，故B正確；根據可知故C錯誤。介質對光a的折射率較大，則a光的頻率較大，波長較短，根據可知故D錯誤。故選B6、C【分析】【詳解】

A．由圖可知：過程中，氣體的溫度保持不變，即氣體發生等溫變化，由圖可知

根據波意爾定律

可得

即體積增大；故A錯誤；

B．由圖可知：過程中，氣體壓強不變，溫度降低即

根據蓋呂薩克定理

可得

即體積減小；故B錯誤；

CD．根據

可得

可知的過程中；氣體的體積不變，即發生等容變化。但溫度升高，而理想氣體的內能與氣體的體積無關，僅與氣體的物質的量和溫度有關，并且溫度越高氣體的內能增大，故C正確，D錯誤。

故選C。7、A【分析】【分析】

標量是只有大小沒有方向的物理量；矢量是既有大小又有方向的物理量．根據有無方向確定．

【詳解】

電場強度；磁感應強度和力都是矢量；只有電勢能是標量，故屬于標量的選A．

【點睛】

矢量與標量明顯的區別是：矢量有方向，標量沒有方向．要掌握物理量的矢標性．8、C【分析】【詳解】

AB．簡諧橫波的質點只能在各自的平衡位置附近沿垂直于傳播方向振動；不會沿傳播方向運動，AB錯誤；

CD．由題意可知，波沿軸正方向傳播，根據波形平移法，將波形向右微微平移，箭頭的方向表示這個質點的振動方向，可得點向上運動，即質點的速度沿軸的正方向；如圖所示，故C正確，D錯誤。

故選C。

【點睛】

波的傳播方向與質點振動方向間的關聯的判斷方法。9、D【分析】試題分析：根據等量同種電荷或者等量異種電荷電場分布規律分析解題。

根據題意，若以無窮遠處電勢為零，則E點處電勢大于零，該電場可能是等量同種正點電荷的電場，也可能是等量異種點電荷的電場，若是等量正電荷，則E點電勢一定大于0，若是等量異種點電荷，A點固定正電荷，故A錯誤；若是等量異種電荷的電場，則O點的電勢為0，故B錯誤；若是等量正電荷的電場，直線BD上從O點向兩側無窮遠處場強先增大后減小；若是等量異種點電荷的電場，直線BD上從O點向兩側無窮遠處場強先增大后減小，故C錯誤；若是等量同種點電荷電場，E、F兩點等勢，將一電子從E點移動到F點，則電場力做功為零，故D正確．二、多選題(共8題，共16分)10、A:C【分析】水上方蒸汽的氣壓叫飽和氣壓；只與溫度有關，只要下面還有水，那就是處于飽和狀態，飽和氣壓隨著溫度的降低而減小，AC正確，BD錯誤．

【點睛】考查飽和汽和飽和汽壓等概念的理解，關于這兩個概念注意：飽和汽壓隨溫度的升高而增大，飽和氣壓與蒸汽所占的體積無關，與該蒸汽中有無其他氣體也無關，不能用氣體實驗定律分析，這是飽和氣體，不是理想氣體，對于未飽和汽，氣體實驗定律近似適用．11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．從A到B發生等壓變化，根據蓋呂薩克定律，體積與熱力學溫度成正比，體積增大，溫度升高，故從A到B過程溫度升高；A正確；

B．從B到C過程發生等容變化，根據查理定律，壓強與熱力學溫度成正比，壓強減小，溫度降低，故從B到C過程溫度下降；B錯誤；

C．由AB分析知，從A到C過程溫度先升高后降低；C錯誤；

D．A、C兩點在同一條雙曲線上，可知，圖中虛線是等溫線，A、C兩點溫度相等；D正確。

故選AD。12、B:D:E【分析】【詳解】

A．分子力與分子間距的關系如圖。

若分子力表現為引力，即時；由圖像可知，當分子間的距離增大時，分子力先增大后減小，故A錯誤；

B．溫度是衡量分子平均動能的唯一指標；所以對于任何物質，只要溫度降低，分子平均動能就一定減小，B正確；

C．液體中的布朗運動就是固體小顆粒的無規則運動；C錯誤；

D．一定質量的某種理想氣體在等溫膨脹的過程中對外做功而溫度保持不變，故氣體內能不變由熱力學第一定律

所以

該理想氣體在此過程中一定吸熱；D正確；

E．物理性質表現為各向同性的物體可能是非晶體；也可能是多晶體，E正確。

故選BDE。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．燃氣由液態變為氣態的過程中體積增大對外做功；故A正確；

B．燃氣由液態變為氣態的過程中吸收熱量而溫度不變；吸收的熱量轉化為分子勢能，所以分子勢能增大，故B錯誤；

C．燃氣在燃燒后釋放在周圍環境中的能量變為品質低的大氣內能；能量耗散了，很難再被利用，但消耗其他能量也可以被回收利用，故C錯誤；

D．兩個丙烷氣體分子從遠處逐漸靠近，直到不能再靠近為止的過程中，分子間相互作用的合力從無到有，先變大。當r＞r0時，表現為引力，隨分子間距的減小而增大，當r＜r0時；表現為斥力，隨分子間距的減小而增大。由以上分析可知D正確。

故選AD。.14、A:B【分析】試題分析：由題意可知；當磁鐵向右運動時，即靠近螺線管，導致穿過的磁通量變大，因此根據楞次定律，則有感應電流產生，根據楞次定律，小車為阻礙磁鐵靠近，小車將對磁鐵有向左的力，同時小車受到向右的力，向右運動，故AB正確，CD錯誤．故選AB．

考點：楞次定律。

【名師點睛】楞次定律是高中物理的一個重點，也是常考內容，一定要正確、全面理解楞次定律含義，掌握應用楞次定律解題的思路與方法。15、A:D【分析】【詳解】

A.輸入電壓的最大值為：Um=NBSω=10××0.4×10V=40V，圖示時刻感應電動勢最大，從圖示線框位置開始計時，線框中感應電動勢的瞬時值為故A正確；

B.變壓器輸入電壓的有效值為：U1=Um/=40/V=40V。開關閉合時燈泡正常發光，所以U2==V=20V，此時原副線圈的匝數比為：n1:n2=U1:U2=40:20=2:1；故B錯誤；

C.線圈匝數不變，根據U1：U2=n1：n2可知輸出電壓不變，若將滑動變阻器觸頭向上滑動，連入電路電阻變大，負載等效電阻變大，P1=P2═變小，又P1=U1I1可知電流表示數變小；故C錯誤；

D.若將自耦變壓器觸頭向下滑動，副線圈匝數變小，根據U1：U2=n1：n2可知輸出電壓減小；所以燈泡變暗，故D正確；

故選：AD.16、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據理想氣體狀態方程結合圖象可知，狀態b；c的溫度相同；故內能相等，故A正確；

B．根據理想氣體狀態方程結合圖象可知，狀態a的溫度比狀態b、c的溫度高，故狀態a的內能比狀態b；c的內能大；故B正確；

C．在a到b的過程中；體積減小，外界對氣體做功，故C錯誤；

D．a到b的過程；溫度降低，內能減小，氣體體積減小，外界對氣體做功，根據熱力學第一定律可知氣體應從外界放熱，故D正確；

E．狀態b、c的內能相等，由b到c的過程氣體體積增大，氣體對外界做功，根據熱力學第一定律可知，整個過程氣體吸熱，由a到b的過程氣體放熱，故在c到a的過程中氣體應吸熱；故E錯誤．17、A:C【分析】【詳解】

由圖可知P的振動方程為：由題可知，簡諧橫波的傳播方向從P到Q，由圖可知，周期為T=6s，質點Q的振動圖象向左4s、后與P點的振動重合，意味著Q點比P點振動滯后了4s，則Q的振動方程為：所以當Q的位移為+A時，P的位移為故A正確；由題可知，簡諧橫波的傳播方向從P到Q，由圖可知，周期為T=6s，質點Q的振動圖象向左4s、后與P點的振動重合，意味著Q點比P點振動滯后了4s，即P傳到Q的時間△t可能為4s，同時由周期性可知，從P傳到Q的時間△t為（4+nT）s，n=0、1、2、3，即△t=4s，10s，16s，故B正確；由考慮到波的周期性，當△t=4s，10s，16s、28s時，速度（n=0，1，2，3），當v=1m/s時，n=1，所以可能為1m/s，故C正確；由λ=vT可知則可知，當λ=3m時，n不是整數，故D錯誤．三、填空題(共6題，共12分)18、略

【分析】【詳解】

[1]隨著加熱；燈內氣體溫度升高，分子的平均動能變大；

[2]對于燈內氣體，根據蓋-呂薩克定律，壓強不變，溫度升高，氣體體積增大。因為孔明燈的體積幾乎不變，所以部分氣體外溢，燈內氣體的質量減小，密度變小。【解析】變大變小19、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據理想氣體內能增量公式

由題目可知單原子代入相關數據得

根據熱力學第一定律，有

即氣體吸收了-84.3J的熱量。【解析】124.7-84.320、略

【分析】【詳解】

[1]根據理想氣體狀態方程

可知當的乘積最大時，氣體的溫度最高，由數學知識可知，當

氣體的溫度最高，設此時的溫度為根據

代入數據解得

[2]完成一個循環的過程中，因為氣體的始末狀態不變，即內能不變，由熱力學第一定律

得

由公式

和定積分的幾何意義可知即為圖中的面積，由圖可知，外界對氣體做功為負值，就

解得

可知氣體吸收的熱量為200J。【解析】400K200J21、略

【分析】【詳解】

[1][2]氣泡內氣體的壓強

大氣壓強恒定，氣泡（視為理想氣體）從水底緩慢上升到水面的過程中，氣泡內氣體壓強變小，溫度變高，根據理想氣體狀態方程可知體積增大，則氣泡內氣體對外界做正功。【解析】減小做正功22、略

【分析】【詳解】

[1]由題意知量程時，由

得

[2]量程為時，由

得【解析】4500##5000##23、略

【分析】【詳解】

質子的電荷數為1，質量數為1，中子的電荷數為0，質量數為1．根據電荷數守恒、質量數守恒，X的質子數為1+13-0=14，質量數為1+27-1=27．因為質量數等于質子數和中子數之和，則新核的中子數為27-14=13。【解析】1413四、作圖題(共3題，共30分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共20分)27、略

【分析】【詳解】

（1）測量擺長時，用刻度尺量出懸點到擺球間的細線長度，再加擺球的半徑作為擺長L，選項A錯誤；測量周期時，從小球經過平衡位置開始計時，經歷50次全振動總時間為t；則周期為t/50，選項B正確；擺動中出現了輕微的橢圓擺情形，這對實驗結果是有影響的，選項C錯誤；釋放單擺時，應注意細線與豎直方向的夾角不能超過5°，選項D正確；

（2）擺球直徑：主尺讀數為：2.1cm；游標尺讀數：6×0.1mm=0.6mm，則d=2.16cm；根據解得

（3）設擺球的重心到線與球結點的距離為r，根據單擺周期的公式：得：聯立兩式解得：【解析】BD2.169.7628、略

【分析】【分析】

由閉合電路歐姆定律定律得出表達式，再整理成為y以R為x的一次函數就可以知道斜率和縱截距．

【詳解】