…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選修3物理上冊階段測試試卷906考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示；方波交流電壓和正弦交流電壓分別加在相同阻值的電阻上，則。

A.方波交流電壓的有效值是10VB.正弦交流電壓的有效值是5VC.它們在此電阻上產生的熱功率之比Pa∶Pb為1∶1D.它們在此電阻上產生的熱功率之比Pa∶Pb為4∶12、a、b兩束單色光從水中射向空氣發生全反射時，a光的臨界角大于b光的臨界角，下列說法正確的是（）A.以相同的入射角從空氣斜射入水中，a光的折射角大B.分別通過同一雙縫干涉裝置，b光形成的相鄰亮條紋間距大C.在水中，a光的傳播速度較小D.通過同一玻璃三棱鏡，a光的偏折程度大3、下列說法正確的是（）A.擴散現象說明分子之間存在空隙，同時分子在永不停息地做無規則運動B.布朗運動就是液體分子的無規則運動C.當分子力表現為引力時，分子勢能隨分子間距離的增加而減小D.減速運動的物體一定發生了機械能向內能轉化4、下列說法正確的是（）A.懸浮在液體中微粒的大小，影響其布朗運動的明顯程度B.質量一定的理想氣體，溫度越高壓強越大C.熱量只能從高溫物體向低溫物體傳遞D.分子勢能隨分子間距離的增大而增大5、如圖所示，a、b是用同種規格的銅絲做成的兩個同心圓環，兩環半徑之比為3∶4，其中僅在a環所圍區域內有垂直于紙面向里的勻強磁場．當該勻強磁場的磁感應強度均勻增大時，a、b兩環內的感應電動勢大小和感應電流大小之比分別為（）

A.1∶1，3∶4B.1∶1，4∶3C.9∶16，3∶4D.9∶16，4∶36、如圖所示，為一圓形區域的勻強磁場，在O點處有一放射源，沿半徑方向射出速度為v的不同帶電粒子，其中帶電粒子1從A點飛出磁場，帶電粒子2從B點飛出磁場；不考慮帶電粒子的重力，則（）

A.帶電粒子1的比荷與帶電粒子2的比荷比值為1：3B.帶電粒子1的比荷與帶電粒子2的比荷比值為C.帶電粒子1與帶電粒子2在磁場中運動時間比值為2：1D.帶電粒子1與帶電粒子2在磁場中運動時間比值為2：3評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、下列說法中正確的是____A.一定質量的氣體吸熱后溫度一定升高B.布朗運動是懸浮在液體中的花粉顆粒和液體分子之間的相互碰撞引起的C.知道阿伏加德羅常數和氣體的密度就可估算出氣體分子間的平均距離E.單位體積的氣體分子數增加，氣體的壓強不一定增大E.單位體積的氣體分子數增加，氣體的壓強不一定增大8、如圖甲所示，左側接有定值電阻R＝2Ω的水平粗糙導軌處于垂直紙面向外的勻強磁場中，磁感應強度B＝1T，導軌間距L＝1m。一質量m＝2kg，阻值r＝2Ω的金屬棒在水平拉力F作用下由靜止開始從CD處沿導軌向右加速運動，金屬棒的v－x圖象如圖乙所示，若金屬棒與導軌間動摩擦因數μ＝0.2，則從起點發生x＝1m位移的過程中(g＝10m/s2)()

A.金屬棒克服安培力做的功W1＝0.25JB.金屬棒克服摩擦力做的功W2＝5JC.整個系統產生的總熱量Q＝4.25JD.拉力做的功W＝9.25J9、下列四幅圖對應的說法中正確的有_________。

A.圖甲是玻璃管插入某液體中的情形，表明該液體能夠浸潤玻璃B.圖乙是干濕泡溫度計，若發現兩溫度計的讀數差正在變大，說明空氣相對濕度正在變大C.圖丙中玻璃管鋒利的斷口在燒熔后變鈍，原因是玻璃是非晶體加熱后變成晶體E.液體浸潤細管壁或者不浸潤細管壁都能產生毛細現象E.液體浸潤細管壁或者不浸潤細管壁都能產生毛細現象10、如圖所示，一定質量的理想氣體，由狀態a等容變化到狀態b，再從狀態b等壓變化到狀態c，a、c兩狀態溫度相等。下列說法正確的是（）

A.從狀態b到狀態c的過程中氣體放熱B.氣體在狀態a的內能等于在狀態c的內能C.氣體在狀態b的溫度高于在狀態a的溫度D.從狀態b到狀態c的過程中氣體對外做正功11、下列說法正確的是（）A.晶體的所有物理性質沿各個方向是不同的B.把溫度降到接近布朗運動依然可以發生C.兩分子間距離變化時，可能存在分子勢能相等的兩個位置E.未來科技進步了，人類就可以將散失在空氣中的內能全部重新收集起來加以利用E.未來科技進步了，人類就可以將散失在空氣中的內能全部重新收集起來加以利用12、如右圖所示，兩根足夠長的光滑金屬導軌水平平行放置，間距為l＝1m，cd間、de間、cf間分別接阻值為R＝10Ω的電阻．一阻值為R＝10Ω的導體棒ab以速度v＝4m/s勻速向左運動，導體棒與導軌接觸良好；導軌所在平面存在磁感應強度大小為B＝0.5T、方向豎直向下的勻強磁場．下列說法中____的是（）

A.導體棒ab中電流的流向為由b到aB.c、d兩端的電壓為1VC.d、e兩端的電壓為1VD.f、e兩端的電壓為1V13、如圖甲所示，由一根導線繞成的矩形線圈的匝數n＝10匝，質量m＝0.04kg、高h＝0.05m、總電阻R＝0.5Ω、豎直固定在質量為M＝0.06kg的小車上，小車與線圈的水平長度l相同．線圈和小車一起沿光滑水平面運動，并以初速度v0＝2m/s進入垂直紙面向里的有界勻強磁場，磁感應強度B＝1.0T，運動過程中線圈平面和磁場方向始終垂直．若小車從剛進磁場位置1運動到剛出磁場位置2的過程中速度v隨車的位移x變化的圖象如圖乙所示，則根據以上信息可知（）

A.小車的水平長度l＝10cmB.小車的位移x＝15cm時線圈中的電流I＝1.5AC.小車運動到位置3時的速度為1.0m/sD.小車由位置2運動到位置3的過程中，線圈產生的熱量Q＝0.0875J14、如圖所示，A、B為兩塊平行金屬板，板長為l，兩板間的距離為d，且B板接地，A板的電勢U可隨時間發生突變，質量為m，電量為q的帶正電的粒子，從A板的邊緣貼近A板以平行于A板的初速度射入兩板間的空間中，這時經過一段時間突變為再經過一段時間又突變為再經過一段時間粒子又貼近A板且沿平行于A板的方向從A板的另一邊緣處以速度射出兩極板的空間，已知粒子在運動過程中非常接近B板但恰好沒與B板接觸，不計重力，則（）

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、（1）單晶體有各向_______的特點．

（2）液體的溫度越高，表面張力_______；液體中溶有雜質時，表面張力_______；液體的密度越大，表面張力_______．

（3）關于飽和汽壓的特點：液體的飽和汽壓與溫度有關，溫度越高，飽和汽壓______，且飽和汽壓與飽和汽的體積無關．16、如圖所示，將半徑R的自行車輪架空，原地轉動起來后測試制動。當制動片以大小N的力壓在車輪上，車輪轉過圓心角θ后停止。這一過程機械能轉為_________能。若知道制動片和車制動片輪之間動摩擦因數可估算車輪在剎車前的動能是_________。

17、進行如下實驗：先把空的燒瓶放入冰箱冷凍，取出燒瓶，并迅速把一個氣球緊套在燒瓶頸上，封閉了一部分氣體，然后將燒瓶放進盛滿熱水的燒杯里，氣球逐漸膨脹起來，如圖。若某時刻該密閉氣體的體積為V，密度為ρ，平均摩爾質量為M，阿伏加德羅常數為NA，則該密閉氣體的分子個數為______。若將該密閉氣體視為理想氣體，氣球逐漸膨脹起來的過程中，氣體對外做了0.8J的功，同時吸收了0.9J的熱量，則該氣體內能變化了______J。若氣球在膨脹過程中迅速脫離瓶頸，則該氣球內氣體的溫度_____（填“升高”或“降低”）。18、汽車內燃機氣缸內汽油燃燒時，氣體體積膨脹推動活塞對外做功。已知在某次對外做功的沖程中，汽油燃燒釋放的化學能為1×103J，因尾氣排放、氣缸發熱等對外散失的熱量為8×102J。該內燃機的效率為________。隨著科技的進步，可設法減少熱量的損失，則內燃機的效率能不斷提高，其效率________(選填“有可能”或“仍不可能”)達到100%.19、如圖，金屬棒ab置于水平放置的U形光滑導軌上，在ef右側存在有界勻強磁場B，磁場方向垂直導軌平面向下，在ef左側的無磁場區域cdef內有一半徑很小的金屬圓環L，圓環與導軌在同一平面內．當金屬棒ab在水平恒力F作用下從磁場左邊界ef處由靜止開始向右運動后，圓環L有_________（填收縮、擴張）趨勢，圓環內產生的感應電流方向____________（填順時針、逆時針）．20、圖為某同學改裝的毫安表的電路圖；其中虛線框內是毫安表的改裝電路。

已知毫安表表頭的內阻為100Ω，滿偏電流為1mA，R1和R2為阻值固定的電阻，若使用a和b兩個接線柱，電表量程為3mA：若使用a和c兩個接線拄，電表量程為10mA，由題給條件和數據，可以求出R1=___Ω，R2=_______Ω。21、如圖R為一含有的放射源，它能放出三種射線變為為一張厚報紙；MN為一光屏，虛線框內存在著勻強磁場在屏上只有O、P兩個亮點則打在P點的是______射線；衰變為要經過多次衰變和衰變，其中要經過的衰變次數為______．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共8分)25、某同學用游標卡尺測量一圓柱體的長度l，用螺旋測微器測量該圓柱體的直徑d，示數如圖．由圖可讀出l=_________cm，d=__________mm.

26、某同學要測量某圓柱體電阻R的電阻率ρ．

（1）用游標卡尺和螺旋測微器分別測量其長度和直徑，如圖所示，則其長度L=______cm，直徑d=______mm．

（2）該同學先用如圖所示的指針式多用電表粗測其電阻．他將紅黑表筆分別插入“+”、“-”插孔中，將選擇開關置于“×l”檔位置，然后______；直至指針指在“0Ω”處繼續實驗．

（3）歐姆表粗測電阻約為5Ω現要進一步精確測量其阻值；實驗室提供了下列可選用的器材：

A.電壓表量程內阻約

B.電壓表量程內阻約

C.電流表量程內阻約

D.電流表量程內阻約

E.滑動變阻器

F.滑動變阻器

G.電源電動勢為及開關和導線若干。

該同學從以上器材中選擇合適的器材連接好電路進行測量，則電壓表應選擇______，電流表應選擇______，滑動變阻器應選擇______，選填各器材前的字母．要求在流過金屬絲的電流相同情況下，電源消耗功率最小，并能較準確地測出電阻絲的阻值，實驗電路應選用下圖的______．

（4）利用上所選電路測量，電流表______A電壓表______V

27、如圖所示，在“用雙縫干涉測光的波長”實驗中，某同學用黃色濾光片時得到一個干涉圖樣，為了使干涉條紋的間距變寬，可以采取的方法是________

A．換用紫色的濾光片B．換用紅色的濾光片。

C．使光源離雙縫距離近一些D．使光屏離雙縫距離遠一些A.換用紫色的濾光片B.換用紅色的濾光片C.使光源離雙縫距離近一些D.使光屏離雙縫距離遠一些28、（1）某同學選擇多用電表的“×1”擋測量一電阻的阻值．正確操作后得到如圖所示的指針情況．則電阻的阻值約為__________Ω．

（2）為了精確測量該電阻Rx的阻值；該同學從實驗室找來了下列器材：

電流表A1（0～40mA．內阻r1=11.5Ω）

電流表A2（0～100mA．內阻r2≈5Ω）

滑動變阻器R（0～10Ω）

電源E（電動勢1.5V；有內阻）

開關；導線若干。

①實驗中要求調節范圍盡可能大；在方框內畫出符合要求的電路圖，并在圖中注明各元件的符號．

()。

②用I1、I2分別表示電流表A1、A2的示數，該同學通過描點法得到了I1?I2圖像，如圖所示，則電阻的阻值為_____________Ω．

評卷人得分六、解答題(共3題，共6分)29、工人在鍛壓機；沖床、鉆床等機器上勞動時；稍有不慎就會把手壓在里面，造成工傷事故，工廠中大都是利用光電控制設備來避免事故發生的。如圖所示為光控繼電器的示意圖，它由電源、光電二極管（當有光照射時，二極管導通，沒有光照時，二極管截止）、放大器、電磁繼電器等幾部分組成。這樣，當工人不慎將手伸入危險區域時，由于遮住了光線，光控繼電器銜鐵立即帶動開關，使機床停止工作，避免事故發生。請簡述光控繼電器的原理。

30、橫截面積為3dm2的圓筒內有0.6kg的水，太陽光垂直照射了2min，水溫升高了1℃.設大氣頂層的太陽能只有45%到達地面，試估算出太陽的全部輻射功率(保留一位有效數字，設太陽與地球之間平均距離為1.5×1011m)．31、如圖所示，某一新型發電裝置的發電管是橫截面為矩形的水平管道，管道寬為d，上、下兩面是絕緣板，前后兩側M、N是電阻可忽略的導體板，兩導體板與開關S和定值電阻R相連．整個管道置于勻強磁場中，磁感應強度大小為B、方向沿z軸正方向．管道內始終充滿導電液體（有大量帶電離子），開關S閉合前后，液體均以恒定速率v0沿x軸正方向流動．

（1）開關S斷開時，求M、N兩導體板間電壓U0；

（2）開關S閉合后，設M、N兩導體板間液體的電阻為r，導電液體中全部為正離子，且管道中所有正離子的總電荷量為Q．求：

a．通過電阻R的電流I及M、N兩導體板間電壓U；

b．所有正離子定向移動時沿y軸方向所受平均阻力的大小Ff．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【詳解】

A項：根據電流的熱效應有：解得：U=10V，故A正確；

B項：正弦交流電壓的有效值是：故B錯誤；

C、D項：根據可知，故C、D錯誤．2、A【分析】【分析】

【詳解】

A．由于兩束單色光從水中射向空氣發生全反射時，a光的臨界角大于b光的臨界角；由臨界角與折射率的關系。

可知a光的折射率較小，故二者以相同的入射角從空氣斜射入水中時，由折射定律可知a光的折射角大；A正確；

B．當二者分別通過同一雙縫干涉裝置時；由相鄰明文間距。

由于a光的折射率較小，由折射率與頻率的關系可知，其頻率也較小，再由波長與頻率關系可知，其波長較長，故由表達式可知，a光形成的相鄰亮條紋間距大；B錯誤；

C．根據。

可知，a光的折射率小于b光的折射率，故a的傳播速度大于b的傳播速度；C錯誤；

D．由光的折射率、頻率、偏折程度、波長的變化規律可知，折射率越小，其在三棱鏡通過時的偏折程度越小；故通過同一玻璃三棱鏡時，由于a光的折射率較小；故其偏折程度小，D錯誤。

故選A。3、A【分析】【詳解】

A．擴散現象說明分子之間存在空隙；同時分子在永不停息地做無規則運動，選項A正確；

B．布朗運動是懸浮在液體表面的固體顆粒的無規則運動；是液體分子無規則運動的具體表現，選項B錯誤；

C．當分子力表現為引力時；分子間距離的增加時，分子力做負功，則分子勢能增加，選項C錯誤；

D．減速運動的物體動能減??；可能重力勢能增加，例如上拋物體，不一定發生了機械能向內能轉化，選項D錯誤。

故選A。4、A【分析】【詳解】

A．懸浮在液體中微粒越小；布朗運動越明顯，故A正確；

B．質量一定；體積一定的理想氣體，溫度越高壓強越大，故B錯誤；

C．熱量能夠自發的從高溫物體向低溫物體傳遞；借助一些電器，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞，比如空調；冰箱等，故C錯誤；

D．當分子間力表現為斥力時；分子勢能隨分子間距離的增大而減小，D錯誤。

故選A。5、B【分析】【詳解】

由法拉第電磁感應定律得

因相同，則得到

根據電阻定律：線圈的電阻為

則ρ、有效面積s、n相同，兩線圈電阻之比ra：rb=Ra：Rb=3：4

線圈中感應電流為

由上綜合得到IA：IB=4：3

故選B。6、D【分析】粒子在磁場中做圓周運動；運動軌跡如圖所示：

由數學知識可知，粒子做圓周運動轉過的圓心角分別是：φA=120°，φB=60°，設粒子的運動軌道半徑為rA，rB，解得：．洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：可得則粒子1與粒子2的比荷值為：故AB錯誤；粒子運動的周期，粒子運動的時間：帶電粒子1與帶電粒子2在磁場中運動時間比值為：故C錯誤，D正確．所以D正確，ABC錯誤．二、多選題(共8題，共16分)7、B:D:E【分析】【詳解】

A．改變內能的方式有做功和熱傳遞；則氣體吸熱后不知道做功情況，則不能得到內能如何變化，也不能確定溫度是否變化；故A錯誤.

B．布朗運動是由于液體分子的無規則運動對固體微粒碰撞的不平衡引起的；故B正確.

C．氣體分子的占有空間看成立方體模型，則故僅知道阿伏加德羅常數和氣體的密度，要求出平均距離還缺少氣體的摩爾質量；故C錯誤.

D．根據熱力學第二定律的；熱量從低溫物體傳到高溫物體不能自發進行，必須借助外界的幫助，引起其它的變化；故D正確.

E．根據理想氣體狀態方程可知，壓強由單位體積的氣體分子數和溫度共同決定，則只有單位體積的氣體分子數增加，不能推出壓強是否變化；故E正確.8、A:C【分析】【分析】

由速度圖象得出v與x的關系式，由安培力公式得到FA與x的關系式，可知FA與x是線性關系，即可求出發生s=1m位移的過程中安培力做功WA=-x；再根據動能定理求解拉力做功；根據能量守恒求解整個系統產生的總熱量Q．

【詳解】

由速度圖象得：v=2x，金屬棒所受的安培力代入得：FA=0.5x，則知FA與x是線性關系。當x=0時，安培力FA1=0；當x=1m時，安培力FA2=0.5N，則從起點發生x=1m位移的過程中，安培力做功為：WA=-x=-0.25J；即金屬棒克服安培力做的功為：W1=0.25J，故A正確。金屬棒克服摩擦力做的功為：W2=-μmgx=-0.2×2×10×1J=-4J，故B錯誤；克服安培力做功等于產生的電熱，克服摩擦力做功等于產生的摩擦熱，則整個系統產生的總熱量Q＝WA+W2=4.25J，選項C正確；根據動能定理得：WF+W2+WA=mv2，其中v=2m/s，μ=0.2，m=2kg，代入解得拉力做的功為：WF=8.25J。故D錯誤。故選AC。

【點睛】

對于電磁感應問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，根據牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應現象中的能量轉化問題，根據動能定理、功能關系等列方程求解．9、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．液體在毛細管中上升；為液體能夠浸潤玻璃，故A正確；

B．干濕泡溫度計讀數差越大說明濕泡蒸發較快；空氣較干燥，相對濕度變小，故B錯誤；

C．玻璃為非晶體；熔化再凝固仍為非晶體，其原因時熔化后液體的表面張力使玻璃管變鈍，故C錯誤；

D．液體表面張力形成的原因是液體表面層的分子間距離大于液體內部分子間的距離；故D正確；

E．液體浸潤細管壁或者不浸潤細管壁都能產生毛細現象；故E正確；

故選ADE。10、B:D【分析】【詳解】

B．a、c兩狀態溫度相等，則氣體在狀態a的內能等于在狀態c的內能；故B正確；

C．根據

從狀態a到狀態b為等容過程；壓強減小，溫度降低，故C錯誤；

D．從狀態b到狀態c為等壓過程；體積增大，氣體對外做正功，故D正確；

A．從狀態a到狀態b，溫度降低，內能減小，氣體對外不做功；從狀態b到狀態c的過氣體對外做正功，內能減小，而a、c兩狀態內能相同，說明從狀態b到狀態c的過程中氣體吸熱；故A錯誤。

故選BD。11、B:C:D【分析】【詳解】

A．單晶體具有各向異性；即單晶體沿著各個方向的物理性質和化學光學性質不同，多晶體具有各向同性，故A選項錯誤；

B．布朗運動是熱運動的反映，而熱運動在時不會停止；布朗運動可以繼續發生，故B選項正確；

C．由于分子之間的距離為時；分子勢能最小，故存在分子勢能相等的兩個位置，故C選項正確；

D．熱力學第一定律揭示了一切跟熱有關的現象遵循能量守恒定律；故D選項正確；

E．能量轉化過程中；存在能量散失，不能使散失在環境中的內能全部重新收集起來加以利用，故E選項錯誤。

故選BCD。12、B:D【分析】【詳解】

根據右手定則得：導體棒ab中電流的流向為由a到b．故A錯誤；ab產生的感應電動勢為E=Blv=0.5×1×4V=2V，則cd兩端的電壓為Ucd==1V；而de間沒有電流，則de兩端的電壓為0；fe兩端的電壓等于cd兩端的電壓，是1V．故BD正確，C錯誤．13、A:C【分析】【詳解】

A.從位置1到位置2；開始進入磁場，安培力向左，小車減速，全進入磁場后，回路磁通量不再變化，沒有感應電流，不受安培力開始勻速，所以根據圖像可以看出小車長10cm，A正確。

B.小車的位移x＝15cm時；處于勻速階段，磁通量不變，回路電流為零，B錯誤。

C.小車進入磁場過程中：出磁場過程中：而進出磁場過程中電量：進出磁場過程中磁通量變化相同，所以電量相同，所以解得：C正確。

D.從位置2運動到位置3的過程中，根據能量守恒：解得：D錯誤14、A:B:D【分析】【詳解】

AB．根據題意，由牛頓第二定律可知，運動過程中加速度大小恒為

故要使得粒子又貼近A板且沿平行于A板的方向從A板的另一邊緣處以速度射出兩極板的空間，則運動過程為，在沿電場方向上，經過時間加速后，再經時間速度恰好為零，此時粒子非常接近B板但恰好沒與B板接觸，即粒子發生的位移為d，此后時間向上加速，之后經時間電場方向上的速度又減小到零，根據對稱性可知

粒子在水平方向上從始至終做初速度為的勻速直線運動，故有

聯立解得

故AB正確；

CD．因為粒子在兩極板間豎直方向上先做初速度為零的勻加速直線運動，然后又做加速度大小相同的勻減速直線運動，到了非常接近B板但恰好沒與B板接觸的位置后電場方向上的速度恰好為零，根據逆向思維，勻減速到零的運動可看做初速度為零的勻加速運動，故

解得

故C錯誤D正確。

故選ABD。三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】（1）單晶體有各向異性的特點．

（2）根據表面張力的形成可知；液體的溫度越高，表面張力越??；液體中溶有雜質時，表面張力變??；液體的密度越大，表面張力越大．

（3）關于飽和汽壓的特點：液體的飽和汽壓與溫度有關，溫度越高，飽和汽壓越大，且飽和汽壓與飽和汽的體積無關．【解析】異性越小變小越大越大16、略

【分析】【詳解】

[1]當制動片制動時；車輪要克服摩擦力做功，把機械能轉化為內能。

[2]車輪轉過的路程

由動能定理得

聯立解得【解析】①.內能②.17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．該密閉氣體的質量為。

物質的量。

分子個數為。

解得。

[2]．氣球逐漸膨脹起來的過程中；氣體對外做了0.8J的功，同時吸收了0.9J的熱量，則該氣體內能變化了。

?U=W+Q=-0.8J+0.9J=0.1J即內能增加0.1J；

[3]．若氣球在膨脹過程中迅速脫離瓶頸，則該氣球內氣體迅速絕熱膨脹對外做功，則氣體的溫度降低?！窘馕觥?.1J降低18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由熱力學第一定律知W=△U-Q=1×103J-8×102J=2×102J

效率

[2]隨著科技的進步；不斷設法減小熱量損失，則內燃機的效率不斷提高，效率仍不可能達到100%。

【點睛】

此題考查了熱力學第一定律△U=W+Q，注意公式中各個物理量的符號法則；知道熱力學第二定律的內容?！窘馕觥坎豢赡?9、略

【分析】由于金屬棒ab向右運動，根據楞次定律判斷可知abcd回路中產生順時針方向的感應電流；在圓環處產生垂直于紙面向里的磁場，隨著金屬棒向右減速運動，圓環的磁通量將減小，依據楞次定律可知，圓環將產生順時針方向的感應電流，圓環將有擴張的趨勢以阻礙圓環磁通量的減小．

點睛：本題關鍵掌握楞次定律，知道楞次定律既可以用來判斷感應電流的方向，也可以判斷安培力方向，從而判斷圓環的運動趨勢，關鍵理解“阻礙”二字．【解析】收縮；順時針20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]使用a、b接線柱時

使用a、c兩個接線柱時

即

聯立解得【解析】153521、略

【分析】【詳解】

因為粒子的貫穿本領較小，一張紙即可把它擋住，所以亮斑中不可能有射線，因為射線不帶電，所以不受磁場約束，直接打在O點，所以打在P點的是射線；

衰變為質量數減小16，電荷數減小6．

由于原子核經過一次衰變；電荷數減小2，質量數減小4；

經過一次衰變后電荷數增加1，質量數不變，所以要經過的衰變次數為

【點睛】

本題考查了三種射線的特點，知道α、β和γ電離本領依次減弱，貫穿本領依次增強，γ射線不帶電．要知道α衰變、β衰變的實質和衰變前后生成物的電荷數、質量數的變化．【解析】4四、作圖題(共3題，共24分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共8分)25、略

【分析】【詳解】

游標卡尺的讀數x=22mm+0.1mm×5=22.5mm=2.25cm；

螺旋測微器的讀數y=6.5mm+0.01mm×36.0=6.860mm．【解析】①.2.25②.6.86026、略

【分析】【詳解】

(1)游標卡尺的固定刻度讀數為7cm=70mm；游標讀數為0.05×3mm=0.15mm，所以最終讀數為7cm+0.015mm=7.015cm;；

螺旋測微器的固定刻度讀數為4.5mm；可動刻度讀數為0.01×10.0mm=0.100mm，所以最終讀數為4.5mm+0.100mm=4.600mm；

(2)將選擇開關置于“×1”檔位置；然后將紅；黑表筆短接調零即歐姆調零；

(3)電源E（電動勢為3.0V），故選A，電壓表V1（量程0～3V，內阻約3kΩ），電路電流最大為為提高精確度，減小讀數誤差，選小量程電表，即D,電流表A2（量程0～0.6A，內阻約0.1），以滑動變阻器來控制不超量程即可，故選電流表A1：量程0～0.6A，內阻0.125由于要求在流過金屬絲的電流相同情況下，電源消耗功率最小，并能較準確地測出電阻絲的阻值，故滑動變阻器采用限流接法；采用限流接法時，為便于調節，最大值應為待測電阻的2-4倍比較合適，所以滑動變阻器選E．滑動變阻器R1（0～20）；可知電流表應采用外接法；故電路圖選擇??；

(4)由圖可知，I=0.50A、U=2.60V．【解析】7.0154.598-4.602將紅、黑表筆短接歐姆調零旋鈕ADE丁0.502.6027、