…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，E、F、G、H為矩形ABCD各邊的中點，O為EG、HF的交點，AB邊的長度為d．E、G兩點各固定一等量正點電荷，另一電荷量為Q的負電荷置于H點時，F點處的電場強度恰好為零．若將H點的負電荷移到O點，則F點處場強的大小和方向為(靜電力常量為k)

A.方向向右B.方向向左C.方向向右D.方向向左2、兩個完全一樣的金屬小球M、N，先讓它們各自帶電-5q和+7q，接觸后再分開，則最終M、N的帶電量分別是（）A.+6q，+6qB.+7q，+5qC.+12q，+12qD.+q，+q3、如圖所示為某電容式話筒的原理示意圖，E為電源，R為電阻，薄片P和Q為兩金屬極板，薄片P接地，兩極板之間有一點A；人對著話筒說話時，P振動而Q可視為不動，則在P；Q間距增大的過程中（）

A.電容器的電容增大B.金屬極板上的電荷量不變C.A點的電勢降低D.P、Q間電場強度減小4、如圖所示為兩個固定在同一水平面上的點電荷，距離為d，電荷量分別為＋Q和-Q。在它們的水平中垂線上固定一根長為L、內壁光滑的絕緣細管，有一電荷量為＋q的小球以初速度v0從管口射入；則小球（）

A.速度先增大后減小B.受到的庫侖力先做負功后做正功C.受到的庫侖力最大值為D.管壁對小球的彈力最大值為5、在如圖所示的閉合電路中；當滑片P向左移動時，兩電表讀數的變化是（）

A.A變大，V變大B.A變小，V變大C.A變大，V變小D.A變小，V變小6、電動勢為E、內阻為r的電源與定值電阻R1、R2及滑動變阻器R連接成如圖所示的電路，當滑動變阻器的滑片由中點滑向a端時，下列說法正確的是（）

A.電流表的示數變小B.電壓表的示數變大C.電源的輸出功率一定增大D.R1的功率變小評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、真空中電量均為Q的兩同種點電荷連線和一絕緣正方體框架的兩側面ABB1A1和DCC1D1中心連線重合，連線中心和立方體中心重合，空間中除兩同種電荷Q產生的電場外，不計其它任何電場的影響，則下列說法中正確的是（）

A.正方體兩頂點A、C1電場強度相同B.正方體兩頂點A、C1電勢相同C.兩等量同種點電荷周圍電場線和面ABB1A1總是垂直D.把正檢驗電荷q從頂點A移到C電場力不做功8、如圖所示的電路中，電源內阻為r；電流表；電壓表均為理想電表，開始時開關S斷開，則下列說法正確的是。

A.閉合開關S，電流表的示數減小B.閉合開關S，電壓表V1、V2的示數均增大C.保持開關S斷開，將滑動變阻器R2滑片P向上移，電流表示數減小D.保持開關S斷開，將滑動變阻器R2滑片P向上移，電壓表V1、V2的示數均減小9、一金屬導體棒的伏安特性曲線如圖所示，其中縱坐標表示流過導體棒的電流I，橫坐標為加在導體棒兩端的電壓U；則由圖像分析正確的是（）

A.當導體棒兩端的電壓為5V時，其阻值為5ΩB.當導體棒兩端的電壓為11V時，其阻值約為1.4ΩC.加在導體棒兩端的電壓越大，其阻值越小D.加在導體棒兩端的電壓越大，其阻值越大10、如圖，在豎直向下的勻強電場（）中，一質量為m，帶電量為-q（q>0）的小球，用長為R的輕繩懸掛于O點，讓小球在豎直平面內做圓周運動，其中A、B是圓周上的最高點和最低點；則下列說法正確的是（）

A.若要完成完整的圓周運動，到達A點的速度至少為B.若要完成完整的圓周運動，到達B點的速度至少為C.小球由A運動到B的過程中，繩子拉力逐漸減小D.小球由A運動到B的過程中，小球電勢能的增加量等于重力勢能減少量11、如圖所示，A、B、C三個小球(可視為質點)的質量分別為m、2m、3m，B小球帶負電，電荷量為q，A、C兩小球不帶電(不考慮小球間的電荷感應)，不可伸長的絕緣細線將三個小球連接起來懸掛在O點，三個小球均處于豎直向上的勻強電場中，電場強度大小為A.A；則以下說法正確的是()

B.靜止時，B兩小球間細線的拉力為5mg＋qEC.靜止時，B兩小球間細線的拉力為5mg－qEE.剪斷O點與A小球間細線瞬間，B兩小球間細線的拉力為E.剪斷O點與A小球間細線瞬間，B兩小球間細線的拉力為12、如圖所示；A；B為平行板電容器的兩個金屬極板，C為靜電計，開始時閉合開關S，靜電計張開一定角度。不考慮靜電計引起的電荷量變化，則下列說法正確的是（）

A.保持開關S閉合，將兩極板間距減小，板間場強減小B.保持開關S閉合，將R的滑片向左移動，靜電計指針張開角度不變C.斷開開關S后，緊貼下極板插入金屬板，靜電計指針張開角度減小D.斷開開關S后，將兩極板間距增大，板間電壓增大13、如圖所示，不帶電物體A質量為m，帶電量為的物體B質量為A、B用跨過定滑輪的絕緣輕繩連接，物體B靜止在傾角為且足夠長的斜面上，勁度系數為k的輕彈簧一端固定在豎直擋板上，另一端與物體A相連，整個系統不計一切摩擦。某時刻，施加一場強大小為方向沿斜面向下的勻強電場，在物體B獲得最大速度的過程中彈簧未超過彈性限度（已知彈簧的彈性勢能x為彈簧的形變量；輕繩與A；B的接觸面均平行；且不會斷裂），下列說法正確的是（）

A.施加電場的初始時刻，輕繩的拉力為2mgB.物體B的速度最大時，彈簧的形變量為C.物體B從開始運動到最大速度的過程中，系統電勢能的減少量為D.物體B從開始運動到最大速度的過程中，物體A和物體B機械能之和減少14、如圖所示，電動勢為E、內阻為r的電池與定值電阻滑動變阻器R串聯，已知滑動變阻器的最大阻值是當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時；下列說法中正確的是（）

A.電源內阻消耗的功率變小B.電源的輸出功率先變大后變小C.滑動變阻器消耗的功率變小D.定值電阻R0上消耗的功率變大15、下列說法正確的有（）A.醫學上用激光切除腫瘤，利用的是激光亮度高的特點B.光學鏡頭增透膜的厚度等于入射光在真空中波長的C.黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與黑體的溫度有關D.紅外線具有很強的穿透本領，常用來在醫學上做人體透視評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、如圖所示，直線A為電源的路端電壓U與電流I的關系圖像，直線B是電阻R的兩端電壓與其中電流I的圖像.用該電源與電阻R組成閉合電路，則電源的輸出功率為_______，電源內部生熱損失的電功率為_______，電源的效率為_______.

17、如果E表示電源的電動勢，表示路端電壓，表示內電壓，R表示外電路的總電阻，r表示內電阻，I表示閉合電路中的電流；那么根據下列給出的已知條件，求出其余各量（用已知量表示）:

（1）已知E、和r，則_______，_______，_______.

（2）已知I、R和則E=_______，_______._______.18、一質量為2kg的物體沿傾角為300的斜面從底端以初速度3m/s沿斜面向上滑去，滑至最高點后又返回，返回到底端時速度是1m/s，取重力加速度g=10m/s2，則物體上滑的最大高度為________m；物體與斜面間的摩擦因數μ為________，上升過程產生的內能為________J；返回低端瞬間的熱功率為________W．19、磁感線。

（1）定義：在磁場中畫出一些曲線，使曲線上每一點的______方向都跟這一點的磁場方向一致；這樣的曲線叫作磁感線。

（2）特點：

①磁感線的______表示磁場的強弱。

②磁感線上某點的______表示該點磁感應強度的方向。

（3）方向：在磁體外部為從______極到______極；磁體內部為從S極到N極。

（4）物理意義：用來形象描述磁場的假想線，實際上______。20、勻強電場的方向平行于平面，平面內a、b、c三點的位置如圖所示；三點的電勢分別為10V；17V、26V。完成下列填空：

（1）坐標原點處的電勢為___________V；

（2）電子從b點運動到c點，電場力做功為___________eV；

（3）電子在a點的電勢能比在b點的高___________eV；

（4）電場強度的大小為___________V/cm。

21、如圖，A、B、C、D是勻強電場中某正方形的四個頂點.已知A、B、C三點的電勢分別為由此可知D點的電勢________.

22、在圖示電路中，初始時靜電計不帶電，干電池的電動勢為E，開關S閉合，一質量為m的帶電液滴懸停在間距為d的平行板電容器中P點。已知重力加速度大小為g，則液滴所帶的電荷量為______。開關S閉合時，若下極板不動，將上極板緩慢豎直上移靜電計指針的張角將______（選填“增大”“不變”或“減小”）。

23、量程為0-0.6A的電流表讀數。讀數為_________A。

24、判斷下列說法的正誤。

（1）磁感應強度是矢量，磁感應強度的方向就是磁場的方向。____

（2）磁感應強度的方向與小磁針在任何情況下N極受力的方向都相同。____

（3）通電導線在磁場中受到的磁場力為零，則說明該處的磁感應強度為零。____

（4）磁感應強度的大小與電流成反比，與其受到的磁場力成正比。____

（5）穿過某一面積的磁通量為零，該處磁感應強度一定為零。____評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)25、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

26、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

27、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內有一個由四個阻值相同的電阻構成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共20分)28、現欲測量繞制實驗室用通電螺線管（Rx）金屬導線的長度，已從《物理手冊》上查出該金屬的電阻率為某活動小組設計出如下圖所示的原理圖來完成該實驗。

（1）使用螺旋測微器測量金屬導線的直徑，示數如圖所示，則金屬導線的直徑為d=__________mm；

（2）請根據實驗原理圖把缺失的導線畫到相應的位置；______

（3）測螺線管Rx的阻值：閉合S1，將S2切換到a，調節電阻箱，讀出其示數R1和對應的電流表示數I；再將S2切換到b，調節電阻箱，使電流表示數仍為I，讀出此時電阻箱的示數R2。則螺線管電阻Rx的表達式為Rx=__________；

（4）繞制這個螺線管所用金屬導線的長度的表達式__________________（用實驗中的物理量表示）。29、熱敏電阻包括正溫度系數電阻器（PTC）和負溫度系數電阻器（NTC）。正溫度系數電阻器（PTC）在溫度升高時電阻值越大，負責溫度系數電阻器（NTC）在溫度升高時電阻值越小，熱敏電阻的這種特性，常常應用在控制電路中。某實驗小組選用下列器材探究通過熱敏電阻Rx（常溫下阻值約為10.0Ω）的電流隨其兩端電壓變化的特點。

A．電流表A1（滿偏電流10mA，內阻r1=10Ω）

B．電流表A2（量程0～1.0A，內阻r2約為0.5Ω）

C．滑動變阻器R1（最大阻值為10Ω）

D．滑動變阻器R2（最大阻值為500Ω）

E．定值電阻R3=990Ω

F.定值電阻R4=140Ω

G．電源E（電動勢12V；內阻可忽略）

H．電鍵；導線若干。

（1）實驗中改變滑動變阻器滑片的位置，使加在熱敏電阻兩端的電壓從零開始逐漸增大，請在所提供的器材中選擇必需的器材，應選擇的滑動變阻器______。（只需填寫器材前面的字母即可）

（2）請在所提供的器材中選擇必需的器材，在虛線框內畫出該小組設計的電路圖_____。

（3）該小組測出某熱敏電阻Rx的I1—I2圖線如曲線乙所示，NTC熱敏電阻對應的曲線是____（填①或②）。

（4）若將上表中的PTC電阻直接接到一個9V，內阻10Ω的電源兩端，則它的實際功率為_______W。（結果均保留2位有效數字）評卷人得分六、解答題(共3題，共27分)30、如圖所示，在直角坐標系中有a、b、c、d四點，已知在第一象限中，邊界0M和x軸之間有場強為E2的勻強電場，方向與邊界0M平行；邊界0M和y軸之間有磁感應強度為B的勻強磁場，方向與紙面垂直（邊界OM和x軸之間的夾角）。第二象限中，有方向沿x軸正向的勻強電場E1。現有一電荷量為質量為m的帶電粒子（不計重力），由a點以的初速度（方向沿y軸正向）射入電場，經b點進入磁場做部分勻速圓周運動后在c點垂直OM進入電場E2，最后經過d點。（均為未知量）求：

(1)粒子在b點的速度大小；

(2)電場強度的大小。

31、在如圖所示的電場中，A點的電場強度將電荷量的點電荷放在電場中的A點。

（1）求該點電荷在A點所受電場力F的大小；

（2）在圖中畫出該點電荷在A點所受電場力F的方向。

32、在如圖所示電路中，已知電源電動勢內電阻電阻滑動變阻器R的阻值可連續增大；問：

①當R多大時，R消耗的功率最大？最大功率為多少？

②當R多大時，消耗的功率最大？最大功率為多少？

③電源的最大輸出功率為多少？此時電源的效率為多少？

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【詳解】

當負正點電荷在H點時，電場強度恰好為零，故兩個正電荷在F點的電場與正電荷的電場之和為零，根據公式可得負電電荷在F點產生的電場強度大小為方向水平向左，故兩個正電荷在F點產生的電場強度大小為方向水平向右；負點電荷移到O點，在F點產生的電場強度大小為方向向左，所以F點的合場強為方向水平向左，故D正確，ABC錯誤；

故選D．

【點睛】關鍵是根據兩個正電荷在F點的電場與負電荷的電場之和為零，做為突破口，算出負電荷在F點的電場強度，然后得出兩個正電荷在F點的電場強度，再根據負點電荷移到O點，在F點產生的電場強度大小．2、D【分析】【詳解】

兩個完全相同的金屬小球接觸，電荷先中和后均分

故ABC錯誤；D正確。

故選D。3、D【分析】【詳解】

A．由

得；兩極板間距離增大時，電容器的電容減小，A項錯誤；

B．因為

而本題中兩板間電壓不變；電容減小，故金屬極板上的電荷量減小，B項錯誤；

CD．P接地，電勢為0，A點電勢大于0

由

得P；Q間電場強度減小；故A點的電勢增大，C項錯誤、D項正確。

故選D。4、C【分析】【詳解】

A．電荷量為+q的小球以初速度v0從管口射入的過程；因電場力不做功，只有重力做功；根據動能定理，故速度不斷增加；故A錯誤；

B．小球有下落過程中；庫侖力與速度方向垂直，則庫侖力不做功；故B錯誤；

C．在兩個電荷的中垂線的中點，單個電荷產生的電場強度為

根據矢量的合成法則，則有電場強度最大值為因此電荷量為+q的小球受到最大庫侖力為故C正確；

D．結合受力分析可知，彈力與庫侖力平衡，則管壁對小球的彈力最大值為故D錯誤；

故選C。5、C【分析】【分析】

【詳解】

滑片P向左移動時；變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律知，總電流。

知A變大；根據。

可知V變小。

故選C。6、A【分析】【分析】

由圖可知R2與R并聯后與R1串聯，電壓表測路端電壓，電流表測量流過R2的電流。

滑片向a端移動時；滑動變阻器接入電阻減小，則由閉合電路的歐姆定律可知電路中干路電流的變化及路端電壓的變化；再分析并聯電路可得出電流表示數的變化；當外電阻等于內阻時，電源的輸出功率最大；根據功率公式求解定值電阻消耗的功率。

【詳解】

AB．當滑動變阻器的滑片由中點滑向a端時，接入電路的電阻減小，則由閉合電路的歐姆定律可知，干路電流增加，內電壓增加，由可知路端電壓減小，即電壓表示數變小，因路端電壓減小，而干路電流增加，故R1兩端的電壓增加；則并聯部分電壓減小，由歐姆定律可知電流表示數變小，故A正確，B錯誤；

C．根據電源的輸出功率和外電阻的關系可知，外電阻等于內阻時，電源的輸出功率最大，本題中外電阻和內阻的關系不明確，則滑動變阻器的滑片由中點滑向a端時；電源的輸出功率不一定增大，故C錯誤；

D．由上述分析可知，當滑動變阻器的滑片由中點滑向a端時，干路電流增加，根據可知，R1的功率變大；故D錯誤。

故選A。

【點睛】

此題考查了閉合電路歐姆定律的相關知識，屬于電路中動態變化分析的問題，首先要搞清電路的結構，其次要按“部分→整體→部分”的順序分析。二、多選題(共9題，共18分)7、B:D【分析】【分析】

電場強度是矢量；通過場強的疊加獲得合場強；電勢是標量，沿著電場線方向電勢降低，可以根據對稱性判斷電勢的大小；電荷從等勢面上的一點移動到另一點，電場力不做功。

【詳解】

AC．電場強度是矢量，需要兩個電荷在不同點進行場強的疊加，所以A點和C1點兩處的電場強度大小相等，方向不同，且A點合場強不與面ABB1A1垂直；所以AC錯誤；

B．根據電勢的對稱性可知A、B、B1、A1、和D、C、C1、D1這8個點的電勢相等（關于點電荷連線的中點對稱）；故B正確；

D．因為A點和C點的電勢相等，根據電場力做功：

可知，正檢驗電荷q從頂點A移到C電場力不做功；故D正確。

【點睛】

考查等量同種電荷電場線和等勢面的分布，掌握電場強度和電勢的標矢性。8、A:C【分析】【詳解】

AB．不論開關閉合還是斷開，電壓表V1測的都是電源路端電壓，閉合開關S，電流表的示數為零，R1被短路，電路中的總電阻減小，總電流增大，電源內電壓增大，外電壓減小，電壓表V1的示數減小；選項A正確，選項B錯誤；

C．S斷開時，R1、R2串聯；將滑動變阻器滑片向上移，滑動變阻器接入電路的電阻增大，總電阻增大，總電流減小，電流表示數減小，選項C正確；

D．電源內電壓減小，外電壓增大，電壓表V1示數增大，R1兩端的電壓減小，R2兩端的電壓增大，即V2示數增大；選項D錯誤。

故選AC.9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．對某些導體，其伏安特性曲線不是直線，但曲線上某一點的值仍表示該點所對應的電阻值。本題中給出的導體棒在5V電壓時，值為5Ω；所以此時電阻為5Ω，選項A正確；

B．當導體棒在11V電壓時，值約為7.3Ω；選項B錯誤；

CD．由圖可知，當電壓增大時，值增大；即電阻增大，選項D正確，C錯誤。

故選AD。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．重力與電場力合力的大小為

方向是豎直向上的，所以A點相當于圓周運動中的等效最低點，B點相當于圓周運動中的等效最高點，若恰好做完整的圓周運動，在B點，根據圓周運動規律可得

解得

從A到B，根據動能定理可得

解得

故A錯誤；B正確；

C．在A點繩子受到的拉力最大，B點繩子受到的拉力最小，所以小球由A運動到B的過程中；繩子拉力逐漸減小，故C正確；

D．小球由A運動到B的過程中；根據能量守恒可知，小球電勢能的增加量等于機械能的減少量，故D錯誤。

故選BC。11、A:C【分析】【詳解】

靜止時；對BC球整體進行受力分析，則有：

T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq；故A正確，B錯誤；

B球帶負電；相當于在上述狀態下給B球瞬間施加一個豎直向下的電場力qE；

qE對A、B球整體產生一個豎直向下的分加速度

此時A、B球的加速度為（顯然＞g），C球以加速度g保持自由下落，以A球為研究對象可得A、B球間細線的拉力為qE．故C正確；D錯誤．

故選AC．

【點睛】

本題由整體法與隔離法相結合解題．12、B:C:D【分析】【詳解】

AB．保持開關S閉合，電容器兩端的電勢差等于電源電動勢，故電容器兩端的電勢差不變，若將兩極板間距減小，由

可知，板間場強增大，若將R的滑片向左移動；靜電計指針張角不變，故A錯誤，B正確；

C．斷開開關S后，電容器所帶電荷量不變，若緊貼下極板插入金屬板，則板間距離d減小，根據

可知，C增大，根據

極板間的電勢差減小；則靜電計指針張開角度減小，C正確；

D．斷開開關S后，電容器所帶電荷量不變，將兩極板間距d增大，根據

可知，電容C減小，根據

可知，板間電壓U增大；D正確。

故選BCD。13、A:C【分析】【詳解】

A．施加電場前，對物體B根據平衡條件可知輕繩的拉力大小為

再對物體A同理可知彈簧的彈力大小為

施加電場的初始時刻，物體A、B具有相同大小的加速度a，設此時輕繩的拉力大小為彈簧彈力大小不會突變，仍為T2，則對物體A、B根據牛頓第二定律分別有

解得

故A正確；

B．物體B的速度最大時，所受合外力為零，此時輕繩的拉力大小為

此時物體A速度也達到最大值，所受合外力也為零，則彈簧彈力大小為

根據胡克定律可知此時彈簧的形變量為

故B錯誤；

C．剛施加電場時彈簧的形變量為

根據功能關系可知，物體B從開始運動到最大速度的過程中，系統電勢能的減少量等于電場力對系統所做的功，為

故C正確；

D．根據功能關系可知，物體B從開始運動到最大速度的過程中，系統克服彈簧彈力所做的功等于彈簧彈性勢能的增加量，為

物體B從開始運動到最大速度的過程中，電場力和彈簧彈力對系統做功的代數和為

所以該過程中；物體A和物體B機械能之和增加，故D錯誤。

故選AC。14、B:D【分析】【詳解】

A．當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時；滑動變阻器接入電路中的電阻減小，電流變大，則電源內阻消耗的功率變大，選項A錯誤；

B．當外電阻與內阻相等時，電源輸出功率最大，由題意可知，當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時；電源的輸出功率先變大后變小，選項B正確；

C．把定值電阻R0和電源看成一個整體，此時大電源的內電阻為1.5r，此時的滑動變阻器就相當于外電路，由于滑動變阻器的最大阻值是3r；滑動變阻器消耗的功率先變大后變小，選項C錯誤；

D．當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時，滑動變阻器接入電路中的電阻減小，電流變大，則定值電阻R0上消耗的功率一直增大；選項D正確。

故選BD。15、A:C【分析】【詳解】

A．激光的其中一個特點是亮度高；把激光束匯聚起來照射到物體上，可以使物體的被照部分在極短時間內熔化，醫學上用激光作“光刀”來切除腫瘤是應用了激光亮度高的特點，故A正確；

B．增透膜是利用光的干涉原理制成的，當光程差為光在膜中波長的一半時，出現反射光減弱，減少光的反射損失，從而增加光的透射，則增透膜的厚度應為入射光在增透膜中波長的故B錯誤；

C．由黑體輻射規律可知；輻射電磁波的強度按波長的分布只與黑體的溫度有關，故C正確；

D．X射線都有很高的穿透本領；常用于醫學上透視人體；紅外線具有明顯的熱效應，用于加熱物體，故D錯誤。

故選AC。三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【詳解】

[1]由圖象可知電源的電動勢短路電流為6A，該電源和該電阻組成閉合電路時路端電壓為2V，電流為2A，電源的輸出功率即為電阻上消耗的功率：

[2]電源的總功率為：總

電源內部生熱損失的電功率為：熱總

[3]所以電源的效率為：【解析】4W2W66.7%17、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2][3]根據閉合電路電壓關系可知，

對內阻根據歐姆定律可知，電流

外電阻

(2)[4][5][6]已知I、R和則根據閉合電路歐姆定律E=

路端電壓

對內阻根據歐姆定律可知，內阻【解析】18、略

【分析】【詳解】

上升高度h與斜面距離s滿足：s==2h①

由動能定理；

上升過程mgh+f×s=②

下滑過程mgh?f×s=③

由①②③聯立可知h=0.25m；

摩擦力f=μmgcos30°；

由此可求得動摩擦因數為μ=

整個過程產生的內能Q=-=8J；所以上升過程產生的內能為4J；

返回低端瞬間的熱功率為P=fv2=8w.

【點睛】

分上下兩個過程進行分析，上升過程重力和摩擦力做負功，下降過程重力做正功，摩擦力做負功，由動能定理即可求解上升的高度；進而求出摩擦系數和摩擦力的大小；整個過程產生的內能等于初、末狀態減小的動能，上升過程和下滑過程產生的內能相等；返回低端瞬間的熱功率等于摩擦力做功的功率．【解析】0.254819、略

【分析】【分析】

【詳解】

磁感線

（1）[1]定義：在磁場中畫出一些曲線，使曲線上每一點的切線方向都跟這一點的磁場方向一致，這樣的曲線叫作磁感線。

（2）[2][3]特點：①磁感線的疏密程度表示磁場的強弱。

②磁感線上某點的切線方向表示該點磁感應強度的方向。

（3）[4][5]方向：在磁體外部為從N極到S極，磁體內部為從S極到N極。

（4）[6]物理意義：用來形象描述磁場的假想線，實際上并不存在。【解析】①.切線②.疏密程度③.切線方向④.N⑤.S⑥.并不存在20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]在勻強電場中，沿同一方向前進同樣的距離，電勢變化相同，由此知

解得，原點電勢

（2）[2]電子從b點運動到c點，電場力做功為

（3）[3]電子在a點的電勢能比在b點的高

（4）[4]設d點坐標為（0,2cm），則d點電勢

設x軸上存在一點e，且e點電勢為4V，則

解得

根據幾何關系O點到線段de的垂直距離為

電場強度的大小為【解析】①.1②.9③.7④.2.521、略

【分析】【詳解】

[1]．在勻強電場中，在相同方向上相同距離的電勢差相等，則：

解得【解析】22、略

【分析】【詳解】

[1]開關S閉合時，液滴受力平衡，則有

解得

[2]當上極板緩慢豎直上移板間距離增大，由于開關S閉合時，靜電計所測電壓不變，則靜電計指針張角不變。【解析】不變23、略

【分析】【詳解】

[1]分度值為0.02A，讀數為0.50A。【解析】0.5024、略

【解析】①.對②.對③.錯④.錯⑤.錯四、作圖題(共3題，共27分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據電場線從正電荷出發；終止與負電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析27、略

【分析】【詳解】

因為1；