…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版必修1物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、無人機廣泛應用于軍事、科技、生產、生活等領域。某架無人機從地面起飛，執行任務后返回地面，無人機在空中處于失重狀態的是（）A.勻速上升過程B.勻速下降過程C.加速上升過程D.加速下降過程2、如圖所示，用與豎直方向成斜向右上方、大小為的推力把一個重量為的木塊壓在粗糙豎直墻面上保持靜止；下列說法正確的是（）

A.墻對木塊的正壓力大小為墻對木塊的摩擦力大小可能為0B.墻對木塊的正壓力大小為墻對木塊的摩擦力大小不可能為0C.墻對木塊的正壓力大小為墻對木塊的摩擦力大小可能為D.墻對木塊的正壓力大小為墻對木塊的摩擦力大小可能為3、如圖，傾角θ=37°的固定斜面上放一質量為m的物體，施加平行斜面向上的拉力F=mg，物體向上勻速滑動。g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則物體與斜面間的動摩擦因數μ為（）

A.0B.C.D.4、如圖所示，某同學學習了動力學知識后，繪出了一個沿直線運動物體的位移x、速度v、加速度a隨時間變化的圖像，則下列圖像中表示該物體在內位移一定為0的是（）A.B.C.D.5、A、B兩小車在同一直線上運動，它們運動的位移s隨時間t變化的關系如圖所示，已知A車的s-t圖象為拋物線的一部分，第7s末圖象處于最高點，B車的圖象為直線，則下列說法正確的是（）

A.A車的初速度為7m/sB.A車的加速度大小為2m/s2C.A車減速過程運動的位移大小為50mD.10s末兩車相遇時，B車的速度較大6、一物體沿直線運動，其速度v隨時間t變化的圖象如圖所示．由圖象可知（）

A.在2s末物體運動的速度大小為5m/sB.在0~2s內物體運動的加速度大小為10m/s2C.在0~4s內物體運動的位移大小為30mD.在0~4s內物體運動的位移大小為40m7、力傳感器可以把它所受力的大小；方向隨時間變化的情況由計算機顯示出來。某同學用傳感器探究作用力與反作用力的關系；實驗時把兩只互相鉤著的力傳感器同時連接在計算機上。根據圖線可以得出的結論是（）

A.作用力較大時反作用力較小B.作用力變化在先，反作用力變化在后C.作用力和反作用力的方向總是相反的D.兩個傳感器一定都處于平衡狀態8、下列說法正確的是（）A.路程、速度、力都是矢量B.物體速度變化越快，加速度一定越大C.米、克、秒為國際單位制中的基本單位D.合力和它的兩個分力同時作用于同一物體上，并產生各自效果評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示，質量為0.5kg的物塊A放在一個縱剖面為矩形的靜止木箱內，A和木箱水平底面之間的動摩擦因數為0.3。A的右邊被一根輕彈簧用1.2N的水平拉力向右拉著而保持靜止。認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取10m/s2。則（）

A.當木箱向右加速、且加速度大小為1m/s2時，物塊A相對木箱滑動B.若木箱向右加速，則物塊A所受摩擦力可能比原來靜止時大C.當木箱向左加速、且加速度大小為1m/s2時，物塊A相對木箱滑動D.把整個裝置放到電梯里，電梯從1樓啟動到10樓停止，在上述過程中，物塊可能相對木箱滑動10、如圖甲所示，光滑斜面的傾角為30°，一根輕質彈簧一端固定在斜面底端，另一端與滑塊A相連，滑塊B與A靠在一起（不粘連），兩滑塊的質量均為m，系統處于靜止狀態。從零時刻起對滑塊B施加一個平行斜面的變力F，兩滑塊的v-t圖象如圖乙所示，t0時刻F的大小是零時刻F大小的倍，重力加速度大小為g；彈簧始終處于彈性限度內，則下列說法正確的是（）

A.t0時刻兩滑塊的速度大小均為gt0B.t0時刻前兩滑塊的加速度大小均為C.彈簧的勁度系數為D.0到t0時間內彈簧彈性勢能的減少量為mg2t0211、空降兵部隊的一名特種兵從空中靜止的直升機上，抓住一根豎直懸繩由靜止開始下滑，運動的速度隨時間變化的規律如圖所示，時刻特種兵著地；下列說法正確的是（）

A.在時間內，特種兵做勻加速運動，在時間內，做勻減速運動B.在時間內特種兵運動的平均速度小于在時間內運動的平均速度C.在時間內特種兵運動的加速度越來越大，所受阻力越來越小D.若第一個特種兵開始減速時第二個特種兵立即以同樣的方式下滑，則他門在懸繩上的距離先增大后減小12、一傳送帶以恒定速率順時針方向運行，傳送帶傾角為37°，如圖所示。現將一質量的物塊靜止放于傳送帶底端A，經過一段時間將物塊傳送到傳送帶的頂端B，傳送帶底端A、頂端B之間的距離物塊與傳送帶間的動摩擦因數為物塊可以看作質點，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小取下列說法正確的是（）

A.從物塊放于傳送帶底端A開始計時，當時物塊的速度大小為B.從物塊放于傳送帶底端A開始計時，當時物塊的加速度大小為C.物塊從底端A傳送到頂端B所用的時間為4sD.物塊從底端A傳送到頂端B過程中傳送帶上留下的滑痕長度為13、如圖所示；質量為m的物體在恒力F作用下沿水平地面做勻速直線運動，物體與地面間動摩擦因數為μ，則物體受到的摩擦力的大小為。

A.FsinθB.μ(mg-Fsinθ)C.FcosθD.μ(mg+Fsinθ)評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、有一游標卡尺，主尺的最小分度是1mm，游標上有20個小的等分刻度．用它測量一小球的直徑，如圖甲所示的讀數是______mm．用螺旋測微器測量一根金屬絲的直徑，如圖乙所示的讀數是______mm．15、細線一端系住質量為1kg的小球，另一端與斜面相連，細線與斜面平行，斜面傾角為=53°，如圖所示．使小球和斜面以共同的加速度向右作勻加速直線運動，當小球恰好離開斜面時，它們的加速度大小為_________m/s2，此時繩子的拉力大小為_________N．（g=10m/s2，cos53°=0.6，sin53°=0.8）

16、運動與靜止。

（1）自然界的一切物體都處于永恒的________中，運動是_______的。

（2）描述某個物體的位置隨時間的變化，總是相對于其他物體而言的，這便是運動的________性。17、視重：體重計的示數稱為視重，反映了人對體重計的______。18、在動摩擦因數μ=0.2的水平面上有一個質量為m=0.2kg的小球，小球與水平輕彈簧及與豎直方向成θ=53°角的不可伸長的輕繩一端相連，如圖所示，此時小球處于靜止平衡狀態，且水平對小球的彈力恰好為零，重力加速度g=10m/s2.。剪斷輕繩的瞬間，輕彈簧的彈力大小為______N，小球的加速度大小為______m/s2。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)19、如下圖所示，均勻的長棒A和均勻的木塊B均處于靜止狀態，直接在圖中畫出它們所受重力G和彈力F的示意圖．________20、請在圖中的物體上作出它所受的彈力示意圖。

21、一個鐵球在空中飛行，所受重力為120N，試畫出重力的圖示和示意圖，并說明施力物體和受力物體。22、在如圖所示的各圖中畫出物體受到的各接觸點或接觸面對它的彈力的示意圖，各圖中物體均處于靜止狀態．

甲.乙.丙.丁.評卷人得分五、實驗題(共1題，共5分)23、某同學利用如圖甲裝置做“探究彈簧彈力大小與其長度的關系”的實驗。

(1)在安裝刻度尺時，必須使刻度尺保持___________狀態。

(2)他通過實驗得到如圖乙所示的彈力大小F與彈簧長度x的關系圖線。由此圖線可得該彈簧的原長___________勁度系數___________

(3)他又利用本實驗原理把該彈簧做成一把彈簧秤，當彈簧秤上的示數如圖丙所示時，該彈簧的伸長量為___________評卷人得分六、解答題(共2題，共4分)24、哈佳高鐵預計十月份開通，在一次試運行中，列車以216km/h的速度行駛，在某小站進行檢測需要臨時停車，因此以大小為0.6m/s2的加速度減速進站，停車檢測5min，然后以0.8m/s2的加速度勻加速出站；最后恢復原運行速度．求：

（1）列車減速進站與加速駛出過程中位移各是多少？

（2）列車此次因臨時停車共耽誤多長時間？25、甲、乙兩運動員在訓練交接棒的過程中發現：甲經短距離加速后能保持9m/s的速度跑完全程；乙從起跑后到接棒前的運動是勻加速的．為了確定乙起跑的時機，需在接力區前適當的位置設置標記．在某次練習中，甲在接力區前S0=13.5m處作了標記，并以V=9m/s的速度跑到此標記時向乙發出起跑口令．乙在接力區的前端聽到口令時起跑，并恰好在速度達到與甲相同時被甲追上，完成交接棒．已知接力區的長度為L=20m．

求：（1）此次練習中乙在接棒前的加速度a；

（2）在完成交接棒時乙離接力區末端的距離．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．無人機在空中勻速上升過程；即不超重也不失重，故A錯誤；

B．無人機在空中勻速下降過程；即不超重也不失重，故B錯誤；

C．無人機在空中加速上升過程；加速度方向向上，無人機處于超重狀態，故C錯誤；

D．無人機在空中加速下降過程；加速度方向向下，無人機處于失重狀態，故D正確；

故選D。2、A【分析】【分析】

【詳解】

木塊處于平衡狀態，水平方向與豎直方向合力均為零。在水平方向有

即

在豎直方向，墻對木塊的摩擦力是靜摩擦力，其大小和方向由的豎直分力與重力的大小關系決定：當

即時

當

即時

方向豎直向下；

當

即時

方向豎直向上；

故選A。3、D【分析】【詳解】

根據平衡條件得

根據題意

解得

故選D。4、A【分析】【詳解】

A．根據A圖象可知，6s時的位移x=0-0=0。故A正確；

B．圖中；速度時間圖線與坐標軸圍成的面積表示位移，則6s內位移為正。故B錯誤；

C．圖中；0-1s內加速度不變，做勻加速直線運動，1-2s內加速度方向，大小不變，向正方向做勻減速直線運動，2s末速度為零。在一個周期內速度的方向不變，則6s內位移不為零。故C錯誤；

D．圖中；在0-1s內，向正方向做勻加速直線運動，1-2s內加速度方向改變，大小不變，向正方向做勻減速直線運動，2s末速度為零，2-3s內向負方向做勻加速直線運動，運動的方向發生變化，4s末位移為零，6s末位移等于2s末位移，不為零。故D錯誤。

故選A。5、B【分析】【詳解】

AB．A車做勻變速直線運動，設A車的初速度為加速度大小為由圖可知時，速度為零，由運動學公式可得：

根據圖象和運動學公式可知時的位移為：

聯立解得故選項B正確，A錯誤；

C．A車減速過程運動的位移大小為故選項C錯誤；

D．位移時間圖象的斜率等于速度，10s末兩車相遇時B車的速度大小為：

A車的速度為：

故選項D錯誤。

故選B。6、C【分析】【詳解】

A．在2s末物體運動的速度大小為10m/s；故A錯誤；

B．根據速度圖象的斜率表示物體的加速度，可知，在0～2s內物體運動的加速度大小為

故B錯誤；

CD．由圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，可知，在0～4s內物體運動的位移大小為

故C正確，D錯誤．7、C【分析】【詳解】

ABC．根據圖線可看成作用力與反作用力大小相等；方向相反，作用在同一條直線上，同時產生，同時變化，同時消失，故AB錯誤，C正確；

D．根據圖線只能看出兩個傳感器的相互作用力；而兩個傳感器的狀態不確定，則兩個傳感器不一定都處于平衡狀態，故D錯誤。

故選C。8、B【分析】【詳解】

A．路程是標量；速度；力都是矢量，故A錯誤；

B．加速度是描述物體速度變化快慢的物理量；物體速度變化越快，加速度一定越大，故B正確；

C．米；秒為國際單位制中的基本單位；克不是國際單位制中的基本單位，故C錯誤；

D．合力與分力是等效替代關系；物體不是重復受力，故D錯誤。

故選B。二、多選題(共5題，共10分)9、B:C:D【分析】【詳解】

A．物塊A和木箱之間的最大靜摩擦力為

當木箱向右加速、且加速度大小為1m/s2時，根據牛頓第二定律，有

可解得

因此物塊A相對木箱靜止；故A錯誤；

B．初始時物塊A受到的摩擦力方向向左，大小等于1.2N，若木箱向右加速，彈簧上的拉力F不足以提供物塊A的加速度時；摩擦力方向變為向右，隨著加速度的增大，向右的摩擦力有可能大于1.2N，故B正確；

C．當木箱向左加速、且加速度大小為1m/s2時，根據牛頓第二定律，有

可解得

因此物塊A相對木箱滑動；故C正確；

D．電梯從1樓啟動到10樓停止的過程中，存在超重和失重，在失重階段，物塊受到的支持力N減小；木箱能提供的最大靜摩擦力減小，因此物塊可能相對木箱滑動，故D正確。

故選BCD。10、B:C【分析】【詳解】

AB．由圖乙所示圖象可知，t0時刻兩滑塊開始分離，此時它們的加速度大小、速度大小都相等，設此時彈簧的壓縮量為x0，t=0時彈簧的壓縮量為x，彈簧的勁度系數為k，t=0時刻拉力大小為F0，t0時刻拉力大小為F，由題意可知

施加拉力前，對A、B整體而言，由平衡條件得kx=2mgsin30°

t=0時刻，對A、B整體，由牛頓第二定律得F0+kx-2mgsin30°=2ma

t0時刻，對B由牛頓第二定律得F-mgsin30=ma

解得

由圖乙可知，兩滑塊在t0時間內一起做勻加速運動，故t0時刻兩滑塊的速度大小為

故A錯誤；B正確；

C．t0內，A、B兩滑塊的位移為

由題意可得

t0時刻，對A由牛頓第二定律得kx0-mgsin30=ma

施加拉力前，對A、B系統，有kx=2mgsin30°

聯立解得

故C正確；

D．由題意可得，0到t0時間內彈簧彈性勢能的減少量為

故D錯誤。

故選BC。11、B:D【分析】【詳解】

A．圖像中，圖線的斜率表示特種兵的加速度，由圖可知，在時間內，特種兵做勻加速運動，在時間內；做加速度增加的減速運動。故A錯誤；

B．在時間內特種兵運動的平均速度為

在時間內，若特種兵做勻減速直線運動，其平均速度為

根據圖線與坐標軸所圍面積表示位移，可知特種兵的實際位移大于勻減速直線運動的位移，則

綜上所述，有

故B正確；

C．在時間內特種兵運動的加速度越來越大，由牛頓第二定律，可得

易知所受阻力越來越大。故C錯誤；

D．若第一個特種兵開始減速時第二個特種兵立即以同樣的方式下滑；由于第一個特種兵的速度先大于然后小于第二個特種兵的速度，則他門在懸繩上的距離先增大后減小。故D正確。

故選BD。12、A:D【分析】【詳解】

A．物塊開始運動時受到沿傳送帶向上的滑動摩擦力

根據牛頓第二定律

解得加速度

與傳送帶達到共同速度經歷的時間為

運動的位移

此時物塊還沒有到達頂端B，從物塊放于傳送帶底端A開始計時，當2.1s時物塊正做勻加速直線運動，此時速度大小為

A正確；

B．當時物塊的速度與傳送帶的速度相等，因為

當物塊的速度與傳送帶的速度相等時開始做以做勻速直線運動，一直運動到頂端B，由于

物塊處于勻速直線運動階段；此時的加速度大小為零，B錯誤；

C．物塊做勻速直線運動的位移為

勻速運動的時間為

則物塊從底端傳送到頂端用的時間為

C錯誤；

D．第一階段物塊與傳送帶之間發生相對滑動，物塊做勻加速直線運動，位移為

傳送帶做勻速運動，位移

第二階段物塊與傳送帶之間沒有相對滑動，則滑痕長度為

D正確。

故選AD。13、C:D【分析】【詳解】

對物體受力分析如圖；

由于勻速運動所以物體所受的合力為零，在水平方向有摩擦力f=Fcosθ，所以C正確，A錯誤；再由f=μFN，FN=mg+Fsinθ可知；摩擦力f=μ（mg+Fsinθ），所以D正確B錯誤．故選CD．

【點睛】

解決動力學問題的關鍵是正確進行受力分析，根據物體的運動狀態，結合正交分解法列方程求解．三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【分析】

試題分析：游標卡尺的主尺讀數為10mm；游標讀數為0.05×10mm=0.50mm，所以最終讀數為10.50mm；螺旋測微器的固定刻度讀數為1.5mm，可動刻度讀數為0.01×23.2mm=0.232mm，所以最終讀數為1.732mm（1.729到1.733均可）．

考點：游標卡尺；螺旋測微器。

【名師點睛】螺旋測微器的讀數等于固定刻度讀數加上可動刻度讀數；需估讀；游標卡尺的讀數等于主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．

【點睛】

【詳解】【解析】10.50mm1.732mm（1.729—1.733都可）15、略

【分析】【分析】

對小球受力分析；沿x；y方向分別正交分解，列方程可求解；求出斜面對小球支持力剛好等于0時的水平向右的加速度臨界狀態，結合小球受力分析列方程可求解．

【詳解】

當斜面的支持力恰好為零；小球受重力和拉力兩個力作用。

根據牛頓第二定律得：mgcotα=ma

解得：

由豎直方向平衡得：

解得：．

【點睛】

本題考查臨界問題的分析，要注意明確兩種情況下小球均還在斜面上，故繩的夾角不變；注意根據幾何關系求合力的方法．【解析】7.5m/s2，12.5N；16、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.運動②.絕對③.相對17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】壓力18、略

【分析】【詳解】

[1]分析小球受力可知，小球受重力、繩子的拉力、彈簧的彈力三個力而平衡，由平衡條件知：彈簧的彈力

剪斷輕繩的瞬間，彈簧的彈力不變，輕彈簧的彈力大小為N；

[2]小球有向左的趨勢，受到摩擦力的作用，由牛頓第二定律得：

代入數據得【解析】四、作圖題(共4題，共28分)19、略

【分析】依據受力分析中重力彈力的產生特點；重力G和彈力F的示意圖如圖：

【解析】20、略

【分析】【詳解】

由于繩子豎直；根據平衡可知，斜面對物體不可能產生彈力，故物體受到的彈力只有繩子的拉力，如下圖所示。

【解析】見解析21、略

【分析】【詳解】

①選定標度(用一條線段表示30N的力)

②從作用點沿力的方向畫一條線段；根據選定的標度和力的大小按比例確定線段的長度，該力需要四段線段表示，并在線段上加刻度。

③在線段的一端加箭頭表示力的方向；箭頭或箭尾表示力的作用點，線段所在的直線叫做力的作用線。

重力的施力物體是地球；受力物體是鐵球。

注意：不能用不同標度畫同一物體所受的不同的力。選擇標度應根據力的大小合理設計。一般情況下，線段應取段；不宜太多，太多了圖不清晰；也不可太少，不能少于2段。

【點睛】

力的示意圖：不需要畫出力的標度，只用一條帶箭頭的線段表示出力的大小和方向的圖。注意力的圖示與力的示意圖不同，力的圖示要求嚴格，而力的示意圖著重于力的方向，不要求作出標度。【解析】重力的施力物體是地球，受力物體是鐵球。2