…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年粵教滬科版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，一束單色光射入一玻璃球體，入射角為已知光線在玻璃球內經一次反射后，再次折射回到空氣中時與入射光線平行．此玻璃的折射率為()

A.B.1.5C.D.22、在光電效應實驗中,某同學按如圖方式連接電路,用同一種材料在不同實驗條件下得到了三條光電流與電壓之間的關系曲線(甲光、乙光、丙光),如圖所示.則可判斷出()

A.甲光的頻率大于乙光的頻率B.乙光的波長小于丙光的波長C.僅將滑動變阻器的觸頭向右滑動,則微安表的示數可能為零D.甲光的光強大于乙光的光強3、如圖所示，A、B、C、D是滑線變阻器的四個接線柱，現把此變阻器串聯接入電路中，并要求滑片P向接線柱C移動時電路中的電流減小，則接入電路的接線柱可以是()A.A和BB.A和CC.B和CD.A和D4、下列說法錯誤的是（）。A.表面層內液體分子之間的相互作用力表現為引力B.一種液體是否浸潤某種固體，與這兩種物質的性質都有關系C.在合適的條件下，某些晶體可以轉變為非晶體，但非晶體不可以轉變為晶體D.1g水中所含的水分子數約為個5、質量為1kg的物體靜止在水平面上，t=0時受到水平拉力F的作用開始運動，F隨時間t變化的關系圖象如圖所示．已知t=4s時物體剛好停止運動，取g=10m/s2，以下判斷正確的是（）

A.物體所受摩擦力為3NB.t=2s時物體的速度最大C.t=3s時物體的動量最大D.物體的最大動能為2J評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、帶電粒子M和N，先后以不同的速度沿PO方向射入圓形勻強磁場區域；運動軌跡如圖所示，不計重力，下列分析正確的是()

A.M帶正電B.M帶負電C.N帶正電D.N帶負電7、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內阻為r，開關閉合后，燈泡L能正常發光．當滑動變阻器的滑片向右移動時，下列判斷正確的是()

A.燈泡L變亮B.電源內部消耗的功率減小C.流過R0的電流方向為從右向左D.電容器C的電荷量增大8、如圖所示，電源電動勢為E，內電阻為r，理想電壓表V1、V2示數為U1、U2，其變化量的絕對值分別為ΔU1和ΔU2；流過電源的電流為I，其變化量的絕對值為ΔI．在滑動變阻器的觸片從右端滑到左端的過程中(燈泡電阻不變化)()

A.小燈泡L1、L3變暗，L2變亮B.ΔU1＞ΔU2C.ΔU1/ΔI增大D.ΔU2/ΔI不變9、如圖所示，電鍵K閉合，電流表、電壓表均為理想電表，若電阻R1斷路；則下列說法中正確的是（）

A.電流表示數變小B.電壓表示數變大C.電源內電路消耗的功率變大D.R3消耗的功率變大10、下列說法正確的是（）A.分子之間的引力和斥力都是隨著分子間距的減小而增大B.水晶在熔化過程中，分子的平均動能不變C.一種物質密度為ρ，每個分子的體積為V0，則單位質量的這種物質具有的分子數為E.一定質量的理想氣體，溫度升高，壓強不變，則單位時間撞到單位面積上的分子數減少E.一定質量的理想氣體，溫度升高，壓強不變，則單位時間撞到單位面積上的分子數減少11、下列說法中正確的是（）A.溫度高的物體比溫度低的物體熱量多B.溫度高的物體不一定比溫度低的物體的內能多C.溫度高的物體比溫度低的物體分子熱運動的平均速率大E.相互間達到熱平衡的兩物體的內能一定相等E.相互間達到熱平衡的兩物體的內能一定相等12、如圖甲所示，在光滑絕緣水平面內．兩條平行虛線間存在一勻強磁場．磁感應強度方向與水平面垂直．邊長為l的正方形單匝金屬線框abcd位于水平面內，cd邊與磁場邊界平行．時刻線框在水平外力F的作用下由靜止開始做勻加速直線運動通過該磁場，回路中的感應電流大小與時間的關系如圖乙所示，下列說法正確的是（）

A.水平外力為恒力B.勻強磁場的寬度為C.從開始運動到ab邊剛離開磁場的時間為D.線框穿出磁場過程中外力F做的功大于線框進入磁場過程中外力F做的功13、一重球從高處下落到b點時和彈簧接觸，壓縮彈簧至最低點c點后又被彈簧彈起，則重球從b至c的運動過程中。

A.速度逐漸減小B.加速度先減小后增大C.克服彈力做的功等于重力做的功D.重球在c點的加速度大于重力加速度g評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、用圖甲所示的裝置研究光電效應現象，當用光子能量為5eV的光照射到光電管上時，測得電流計的示數隨電壓變化的圖像如圖乙所示.則光電子的最大初動能為__________J，金屬的逸出功為________J.15、雙桶洗衣機的脫水桶的電機是由一個定時開關和一個由桶蓋控制的開關組成的，當定時開關合上時；只要打開桶蓋，電機又被關閉。

（1）如圖所示的哪個電路圖能滿足上述的要求？()

A.B.C.D.

（2）根據以上羅列的控制條件和控制結果的情況，完成其真值表，并在虛線框內畫出該門電路符號()。輸入輸出ABZ00______01______10______11______

16、如圖所示的電路中，E、r、R1已知，可變電阻R2的最大值

（1）當R2=______時，R1的電功率P1有最大值，最大值為______；

（2）當R2=______時，R2的電功率P2有最大值，最大值為______；

（3）當R2=______時，電源功率PE有最大值，最大值為______；

（4）當R2=______時，電源內部消耗的功率有最小值，最小值為______

（5）當R2=______時，電源輸出功率P出有最大值，最大值為______17、如圖所示，一質量為m、電荷量為+q的小球從距地面為h處，以初速度v0水平拋出，在小球運動的區域里，加有與小球初速度方向相反的勻強電場，若小球落地時速度方向恰好豎直向下，小球飛行的水平距離為L，小球落地時動能Ek=__________，電場強度E=_____________．

18、如圖所示，一彈簧振子在M、N間沿光滑水平桿做簡諧運動，坐標原點O為平衡位置，MN=4cm．從小球圖中N點時開始計時，到第一次經過O點的時間為0.1s，則小球振動的周期為______s，振動方程的表達式為x=______cm；．

19、如圖所示，兩端開口的圓筒內嵌有一凸透鏡，透鏡主光軸恰好與圓筒中軸線重合。為了測出該透鏡的焦距以及透鏡在圓筒內的位置，小李同學做如下實驗：在圓筒左側凸透鏡的主光軸上放置一點光源S，在圓筒右側垂直凸透鏡的主光軸固定一光屏，點光源S與光屏的距離為L。左右移動圓筒，當圓筒左端面距離點光源S為a時，恰好在光屏上成一個清晰的像；將圓筒向右水平移動距離b，光屏上又出現了一個清晰的像。則凸透鏡和圓筒左端面的距離x為____________，該透鏡的焦距f為__________。

20、閱讀短文并回答下列問題:光的全反射。

一束激光從某種玻璃中射向空氣(如圖7所示)；保持入射點不動，改變入射角(每次增加0.2°)，當入射角增大到引41.8°時，折射光線消失，只存在入射光線與反射光線，這種現象叫做光的全反射，發生這種現象時的入射角叫做這種物質的臨界角。當入射角大于臨界角時，只發生反射，不發生折射。

(1)上述玻璃的臨界角是_____.

(2)折射光線消失后反射光線的亮度會增強；其原因是折射光消失后，入射光幾乎全部變為______.

(3)當光從空氣射向玻璃；__________(選填“會”或“不會”)發生光的全反射現象。

(4)一個三棱鏡由上述玻璃構成，讓一束光垂直于玻璃三棱鏡的一個面射入(如圖8所示)，請在圖中完成這束入射光的光路圖_______。21、某同學把兩塊大小不同的木塊用細線連接；中間夾一被壓縮了的彈簧，如圖所示．將這一系統置于光滑的水平桌面上，燒斷細線，觀察物體的運動情況，進行必要的測量，驗證物體間相互作用時動量守恒．

（1）該同學還必須有的器材是_____；

（2）需要直接測量的數據是_____；

（3）用所得數據驗證動量守恒的關系式是_____．22、如圖所示，在光滑的水平面上放置一質量為m的小車，小車上有一半徑為R的光滑的弧形軌道，設有一質量為m的小球，以v0的速度，方向水平向左沿圓弧軌道向上滑動，達到某一高度h后，又沿軌道下滑，試求h=______，小球剛離開軌道時的速度為______．評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共4題，共36分)26、如圖所示，質量均為m的物體A、B分別與輕質彈簧的兩端相連接，靜止在水平地面上。質量也為m的小物體C從距A物體h高處由靜止開始下落，C與A相碰后立即粘在一起向下運動，以后不再分開，當A和C運動到最高點時，物體B對地面剛好無壓力。不計空氣阻力，彈簧始終處于彈性限度內，重力加速度為g。求。

（1）A和C一起開始向下運動時的速度大小；

（2）A和C運動到最高點時的加速度大小；

（3）彈簧的勁度系數k。27、如圖所示，固定的凹槽水平表面光滑，其內放置U形滑板N，滑板兩端為半徑R=0．45m的圓弧面．A和D分別是圓弧的端點，BC段表面粗糙，其余段表面光滑．小滑塊P1和P2的質量均為m．滑板的質量M=4m，P1和P2與BC面的動摩擦因數分別為μ1=0．10和μ2=0．20，最大靜摩擦力近似等于滑動摩擦力．開始時滑板緊靠槽的左端，P2靜止在粗糙面的B點，P1以v0=4．0m/s的初速度從A點沿弧面自由滑下，與P2發生彈性碰撞后，P1處在粗糙面B點上．當P2滑到C點時，滑板恰好與槽的右端碰撞并與槽牢固粘連，P2繼續運動，到達D點時速度為零．P1與P2視為質點，取g=10m/s2．問：

（1）P1和P2碰撞后瞬間P1、P2的速度分別為多大？

（2）P2在BC段向右滑動時；滑板的加速度為多大？

（3）N、P1和P2最終靜止后，P1與P2間的距離為多少？28、如圖所示，導熱的圓柱形氣缸固定在水平桌面上，橫截面積為S、質量為的活塞封閉著一定質量的理想氣體，活塞與氣缸間無摩擦且不漏氣。總質量為的砝碼盤（含砝碼）由繞過定滑輪的細線與活塞相連。當環境溫度為T時，活塞離缸底的高度為h，g為重力加速度。現使環境溫度緩慢升高到

（ⅰ）當活塞再次平衡時；活塞離缸底的高度是多少？

（ⅱ）保持環境溫度為不變，在活塞上方添加質量為的沙子時，活塞返回到高度為h處，求大氣壓強

29、如圖所示，熒光屏MN與x軸垂直放置，熒光屏所在位置的橫坐標x0=60cm，在第一象限y軸和MN之間存在沿y軸負方向的勻強電場，電場強度E=1.6×105N/C，在第二象限有半徑R=5cm的圓形磁場，磁感應強度B=0.8T，方向垂直xOy平面向外．磁場的邊界和x軸相切于P點．在P點有一個粒子源，可以向x軸上方180°范圍內的各個方向發射比荷為=1.0×108C/kg的帶正電的粒子，已知粒子的發射速率v0=4.0×106m/s．不考慮粒子的重力；粒子間的相互作用．求：

（1）帶電粒子在磁場中運動的軌跡半徑；

（2）粒子從y軸正半軸上射入電場的縱坐標范圍；

（3）帶電粒子打到熒光屏上的位置與Q點的最遠距離．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

作出光線在玻璃球體內光路圖所示：

A、C是折射點，B反射點，OD平行于入射光線，由幾何知識得，∠AOD=∠COD=60°，則∠OAB=30°，即折射角r=30°，入射角i=60°，根據折射定律有：故C正確，ABD錯誤。2、D【分析】【詳解】

A.根據光電效應規律可知：所以遏制電壓越大的頻率越高，根據圖像可知，甲乙兩光的頻率相同，A錯誤．

B.根據圖像可知，乙光的頻率小于丙光的頻率，所以乙光的波長大于丙光波長，B錯誤．

C.將滑動變阻器的觸頭向右滑動；正向電壓變大，電流不可能為零，C錯誤．

D.飽和電流與光強成正比，所以甲的光強大于乙的光強，D正確．3、C【分析】【詳解】

電路中的電流減小，則電阻增大，由電阻定律：知導線的長度增大，所以接入的接線柱應該是B和C或B和D，故C正確，ABD錯誤．4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．液體與大氣相接觸；表面層里的分子比液體內部稀疏，分子間的距離比液體內部大一些，分子間的相互作用表現為引力，故A正確；

B．浸潤與不浸潤與兩種接觸物質的性質有關；水可以浸潤玻璃，但是不能浸潤石蠟，這個現象表明一種液體是否浸潤某種固體與這兩種物質的性質都有關系，故B正確；

C．在合適的條件下；某些晶體可以轉變為非晶體，某些非晶體也可以轉變為晶體，例如天然石英是晶體，熔融過的石英卻是非晶體，把晶體硫加熱熔化（溫度超過300℃）再倒進冷水中，會變成柔軟的非晶硫，再過一段時間又會轉化為晶體硫，故C錯誤；

D．水的摩爾質量為水分子的個數。

故D正確。

故選C。5、A【分析】【分析】

【詳解】

A．在0-4s內由動量定理

其中的

解得f=3N

故A正確；

BC．當

時，加速度為零，此時速度最大，由圖可知此時刻是t=2.5s時刻；此時刻物體的動量也最大，故BC錯誤；

D．從開始到t=2.5s時刻由動量定理

其中的

解得v=2.25m/s

則最大動能為

故D錯誤。

故選A。二、多選題(共8題，共16分)6、B:C【分析】【詳解】

粒子向右運動；根據左手定則，N向上偏轉，應當帶正電；M向下偏轉，應當帶負電，故AD錯誤，BC正確；故選BC.

點睛：該題考查帶電粒子在勻強磁場中的偏轉，可以結合左手定則即可判斷出粒子的電性，屬于基本題目．7、B:D【分析】【詳解】

AB、當滑動變阻器的滑片向右移動時，滑動變阻器的阻值R增大，電流減小，燈泡L的功率減小，燈泡L將變暗，故A錯誤；

B、電源內部消耗的功率減小，故B正確；

CD、路端電壓增大，則電容器C的電荷量增大，電容器C充電，流過R0的電流方向為從左向右，故C錯誤，D正確；

故選BD．

【點睛】

當滑動變阻器的滑片向右移動時，變阻器接入電路的電阻增大，根據歐姆定律分析電流和路端電壓的變化，分析燈泡亮度和電容器電量的變化．8、B:D【分析】【詳解】

A．當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則L2變亮．變阻器的電阻減小，并聯部分的電阻減小，則并聯部分的電壓減小，則L3變暗．總電流增大，而L3的電流減小，則L1的電流增大，則L1變亮．故A錯誤；

B．由上分析可知，電壓表V1的示數減小，電壓表V2的示數增大，由于路端電壓減小，即兩電壓表示數之和減小，所以△U1＞△U2．故B正確；

C．由U1=E-I（RL2+r）得：不變，故C錯誤；

D．=R2；不變，D正確．

【點睛】

本題是電路動態變化分析問題，按“局部→整體→局部”思路進行分析．運用總量法分析兩電壓表讀數變化量的大小．運用歐姆定律定量分析電壓表示數變化量與電流表示數變化量的比值變化，這是常用的方法．9、B:D【分析】【詳解】

電路結構為和串聯之后再和并聯，電壓表測量兩端電壓，電流表測量和的電流，若斷路，則可將看做變成無窮大，則外電路電阻增大，總電流減小，根據閉合回路歐姆定律可得路端電壓U增大，即和所在支路兩端的電壓增大，而和的電阻不變，所以通過和的電流增大，即電流表示數增大，兩端電壓故兩端電壓增大，即電壓表示數增大，A錯誤B正確；總電流減小，則內電路消耗的功率減小，C錯誤；消耗的電功率由于恒定，增大，所以消耗的電功率增大，D正確．10、A:B:E【分析】【分析】

【詳解】

A．如圖所示。

分子間引力和斥力都是隨著分子間距離的減小而增大；A正確；

B．晶體在熔化過程中；溫度保持不變，分子平均動能只和溫度有關，所以分子平均動能不變，B正確；

C．如果該物質是氣體，因為分子之間有間隙，所以不是每個分子的質量，即單位質量的這種物質具有的分子數不是C錯誤；

D．液體與固體之間表現為浸潤時；附著層內分子間距離小于液體內部分子間距離，附著層內分子間作用表現為斥力，D錯誤；

E．一定質量的理想氣體壓強不變時；溫度升高時，氣體體積一定增大，則分子的平均動能增大，單位體積內的分子數減小，因此氣體分子單位時間內對器壁單位面積的平均碰撞次數隨著溫度升高而減少，E正確。

故選ABE。11、B:D:F【分析】【詳解】

AB．物體的內能除了與溫度有關以外；還和物質的種類；質量等因素有關，故A錯誤，B正確；

C．溫度高的物體比溫度低的物體分子熱運動的平均動能大；但是平均速率不一定大，故C錯誤；

D．物體的溫度越高；分子熱運動越劇烈，分子平均動能越大，故D正確；

E．相互間達到熱平衡的兩物體的溫度一定相等；但是內能不一定相同，故E錯誤；

F．不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體；而不引起其他變化，故F正確。

故選BDF。12、B:C:D【分析】【分析】

根據線框感應電流結合i-t圖象知道，線框做勻加速直線運動，從而再根據圖象找到進入和穿出磁場的時刻，由運動學公式就能求出磁場寬度、ab邊離開的時間．根據感應電流的方向；結合楞次定律得出磁場的方向．根據安培力公式得出導線框所受的安培力．

【詳解】

線框進入磁場的時候，要受到安培力的作用，電流是變化的，安培力也是變化的，因此外力F必然不是恒力，選項A錯誤；由圖乙可知2t0～4t0時間內線框進入磁場，設線框勻加速直線運動的加速度為a，邊框長為：l=a(4t0)2?a(2t0)2=6at02；磁場的寬度為：d=a(6t0)2?a(2t0)2=16at02；故d=故選項B正確；設t時刻線框穿出磁場，則有：6at02=at2?a(6t0)2，解得：t=4t0，選C正確；線框進入磁場過程的位移與出磁場過程的位移相等，根據可知，線框出離磁場過程中的水平拉力大于進入磁場過程中的水平拉力，線框穿出磁場過程中外力F做的功做的功大于線框進入磁場過程中水平拉力做的功，選項D正確．故選BCD．13、B:D【分析】【詳解】

AB.小球與彈簧接觸,開始重力大于彈力,加速度方向向下,做加速運動,向下運動的過程中,彈力增大,則加速度減小,加速度減小到零,速度達到最大,然后彈力大于重力,加速度方向向上,做減速運動,向下運動的過程中,彈力增大,則加速度增加,所以速度先增大后減小,加速度先減小后增大.故A錯誤,B正確.

C.重球從b至c的運動過程中,重力做正功；彈力做負功，而動能減小，根據動能定理可知：克服彈力做功大于重力做的功，故C錯；

D.若小球從彈簧處由靜止釋放,到達最低點,根據運動的對稱性,知加速度等于g,方向豎直向上,若從某一高度下降,下降的更低,則加速度大于g；故D對；

故選BD

【點睛】

根據小球的受力得出加速度的方向,根據加速度的方向與速度方向的關系,判斷小球的運動情況,從而得出速度和加速度的變化三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【詳解】

第一空.由題中I－U圖像可知：遏止電壓Uc=2V，即Ekm=eUc=3.2×10-19J。

第二空.由光電效應方程Ekm=hv－W0解得W0=hv－Ekm=3eV=4.8×10-19J.【解析】3.2×10－194.8×10－1915、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據題目要求；能滿足條件的電路是A；

（2）[2]該電路為“與”門電路；電路符號為。

[3][4][5][6]真值表。輸入輸出ABZ000010100111【解析】A000116、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]當

時，R1的電功率有最大值，為

（2）[3][4]當

時，有

（3）[5][6]當

時，有

（4）[7][8]當

時，有

（5）[9][10]當

時，有

【點睛】

本題考查電路中的定值電阻電功率、可變電阻電功率、電源內阻電功率、電源輸出功率的計算，注意各種電功率的處理方法。【解析】00R2max17、略

【分析】【詳解】

[1]把小球的運動分解到水平和豎直方向，豎直方向做自由落體運動，水平方向作用下做勻減速運動。由小球落地時速度方向恰好豎直向下，知落地時v0恰好減為零，落地時速度為

落地時的動能為

解得

[2]豎直方向

水平方向

聯立可得【解析】mgh18、略

【分析】【詳解】

如圖，從正向最大位移處開始計時，振動方程的表達式為為：x=Acosωt；其中振幅A=2cm；

據題可得：T=4×0.1s=0.4s，則ω==5πrad/s

則振動方程的表達式為為：x=2cos5πtcm．【解析】0.42cos5πt19、略

【分析】【分析】

掌握凸透鏡成像的規律，根據光路的可逆性，兩次成像的物距和像距正好相反，即第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的物距，從而可以計算出距離x的值；根據凸透鏡成像的原理；由點S發出的光經過凸透鏡后會聚到像點，并結合平行于主光軸的光線過焦點分析焦距的大小。

【詳解】

[1]根據光路的可逆性，第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的像距，第一次的物距

圓筒向右移動b，則凸透鏡也會向右移動b，則第二次的像距為

則有

解得

[2]光源S所成像應在S′處，若物體為AS，則成像應為A′S′；根據成像原理，成像光路圖如圖所示：

又像高與物體高度正比等于像距與物距之比，則有

由圖知，△A′S′F∽△BOF，則

又AS=BO

聯立以上幾式得【解析】20、略

【分析】【詳解】

（1）由題意可以知道；當入射角為41.8°時，折射光線消失了，所以玻璃的臨界角為41.8°；

（2）當入射光線從一種介質斜射入另一種介質時；會發生折射，同時也發生反射，所以反射光線要比入射光線暗一些，而當光從小于臨界角向臨界角靠近，當折射光線消失后，發生了全反射，光線全變為反射光線，所以反射光線亮度增強了。

（3）光只有從水或玻璃射向空氣時；才會發生全反射，所以光從空氣射向玻璃，入射角增大，折射光不可能完全消失；

（4）光線從空氣進入玻璃時；因是垂直照射，所以方向不變；當從玻璃中斜射入空氣時，其入射角為45°大于臨界角，故其發生全反射，其大致路徑如下圖：

【點睛】

本題主要考查了光的折射現象以及光的全反射現象的實驗，要讀數實驗的過程，并能總結出相應的結論加以運用。同時還考查了光的折射的光路圖，有一定綜合性。【解析】（1）41.8；（2）反射光；（3）不會；21、略

【分析】【詳解】

小球離開桌面后做平拋運動，取小球1的初速度方向為正方向，兩小球質量和平拋初速度分別為：m1、m2，v1、v2，平拋運動的水平位移分別為s1、s2，平拋運動的時間為t．需要驗證的方程：0=m1v1-m2v2，又代入得到m1s1=m2s2，故需要測量兩木塊的質量m1和m2，兩木塊落地點到桌面邊緣的水平距離s1，s2；需要的器材為刻度尺；天平、重錘線．

（1）需要的實驗器材有：天平；直尺、鉛錘、木板、白紙、復寫紙、圖釘、細線等。

（2）需要直接測量的量為：兩物塊的質量m1．m2及它們對應的平拋射程s1．s2；

（3）需要驗證的表達式為：m1s1=m2s2．【解析】刻度尺、天平、鉛垂線兩木塊的質量m1、m2和兩木塊落地點分別到桌子兩。

側邊緣的水平距離s1、s2m1s1＝m2s222、略

【分析】【詳解】

小球從進入軌道；到上升到h高度時為過程第一階段，這一階段類似完全非彈性的碰撞，動能損失轉化為重力勢能（而不是熱能）．

小球到達最大高度h時；小球與小車的速度相同，在小球從滑上小車到上升到最大高度過程中，系統水平方向動量守恒，以水平向左方向為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：

mv0=（m+m）v

系統的機械能守恒，則得：mv02=（m+m）v2+（m+m）gh

解得：h=

小球從進入到離開，整個過程屬彈性碰撞模型，又由于小球和車的等質量，由彈性碰撞規律可知，兩物體速度交換，故小球離開軌道時速度為零．【解析】0四、作圖題(共3題，共9分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、解答題(共4題，共36分)26、略

【分析】【詳解】

（1）設小物體C從靜止開始運動到A時的速度為由機械能守恒定律有

設C與A碰撞粘在一起的速度為由動量守恒定律得

解得

（2）當A與C運動到最高點時，B受力平衡有

對AC運用牛頓第二定律

解得

（3）設彈簧的勁度系數為k，開始時A處于平衡狀態，設彈簧的壓縮形變量為對A