…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教新版選修3物理下冊月考試卷583考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示；一個粗糙且足夠長的斜面體靜止于水平面上，并處于方向垂直紙面向外；磁感應強度大小為B的勻強磁場中，質量為m、帶電荷量為+Q的小滑塊從斜面頂端由靜止下滑，在滑塊下滑的過程中，斜面體靜止不動．下列判斷正確的是()

A.滑塊受到的摩擦力逐漸增大B.滑塊沿斜面向下做勻加速直線運動C.滑塊最終要離開斜面D.滑塊最終可能靜止于斜面上2、如圖所示，abcd是一個質量為m，邊長為L的正方形金屬線框．如從圖示位置自由下落，在下落h后進入磁感應強度為B的磁場，恰好做勻速直線運動，該磁場的寬度也為L.在這個磁場的正下方h＋L處還有一個未知磁場，金屬線框abcd在穿過這個磁場時也恰好做勻速直線運動；那么下列說法正確的是()．

A.未知磁場的磁感應強度是2BB.未知磁場的磁感應強度是BC.線框在穿過這兩個磁場的過程中產生的電能為4mgLD.線框在穿過這兩個磁場的過程中產生的電能為2mgL3、如圖所示，矩形導線框必abcd固定在水平桌面上，通有恒定電流的長直導線MN靠近水平桌面，且平行于ab邊，在長直導線勻速從ab平移到cd邊的過程中；下列說法正確的是。

A.導線框中有逆時針方向的感應電流B.導線框中感應電流的方向先順時針后逆時針C.導線框所受的安培力的合力方向水平向右D.導線框所受的安培力的合力方向先水平向右后水平向左4、如圖所示；李輝用多用電表的歐姆擋測量一個變壓器線圈的電阻，以判斷它是否斷路。劉偉為了使李輝操作方便，用兩手分別握住線圈裸露的兩端讓李輝測量。測量時表針擺過了一定角度，李輝由此確認線圈沒有斷路。正當李輝把多用表的表筆與被測線圈脫離時，劉偉突然驚叫起來，覺得有電擊感。下列說法正確的是。

A.劉偉被電擊時變壓器線圈中的電流瞬間變大B.劉偉有電擊感是因為兩手之間瞬間有高電壓C.劉偉受到電擊的同時多用電表也可能被燒壞D.實驗過程中若李輝兩手分別握住紅黑表筆的金屬桿，他也會受到電擊5、如圖所示的電路，閉合開關S，當滑動變阻器滑片P向右移動時；下列說法正確的是（）

A.小燈泡L變暗B.電源的總功率變小C.電容器C上電荷量減小D.電流表讀數變小，電壓表讀數變大評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、如圖所示電路，開始時K處于斷開狀態，A1、A2、V1、V2示數分別為I1、I2、U1、U2；現將K閉合，下列對各表讀數的變化情況判斷正確的是（）

A.U1減小B.U2減小C.I1增大D.I2增大7、下列說法正確的是_____________A.空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果B.懸浮在水中的花粉的布朗運動反應了花粉分子的熱運動C.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點E.一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中，內能一定增加E.一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中，內能一定增加8、下列說法正確的是（）A.若分子力表現為引力，則當分子間的距離增大時，分子力增大B.對于任何物質，只要溫度降低，分子平均動能就一定減小C.液體中的布朗運動就是液體分子的無規則運動E.物理性質表現為各向同性的物體可能是晶體E.物理性質表現為各向同性的物體可能是晶體9、下列各種說法中正確的是________A.熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體B.布朗運動是由于液體分子無規則運動引起的C.當氣體分子熱運動的劇烈程度減弱時，氣體分子的平均動能減小E.有兩個相距較遠的分子甲和乙，設乙分子固定不動，現讓甲分子以一定的初速度向乙運動且兩分子始終在同一直線上，當甲分子到達r=r0處時，甲、乙分子系統的分子勢能最小E.有兩個相距較遠的分子甲和乙，設乙分子固定不動，現讓甲分子以一定的初速度向乙運動且兩分子始終在同一直線上，當甲分子到達r=r0處時，甲、乙分子系統的分子勢能最小10、下列說法正確的是___________．A.一定質量的理想氣體分別發生等壓膨脹和等容升溫兩個過程，初末溫度相同，則兩過程中等壓膨脹過程吸熱更多B.熱量不可能自發的從低溫物體傳遞到高溫物體而不產生其它影響，這是熱力學第二定律開爾文的表述C.第一類永動機不能制成是違背了能量守恒定律E.一定質量的物質，溫度升高，內能一定增大E.一定質量的物質，溫度升高，內能一定增大11、關于不確定性關系有以下幾種理解，其中正確的是（）A.微觀粒子的動量不可能確定B.微觀粒子的坐標不可能確定C.微觀粒子的動量和坐標不可能同時確定D.不確定性關系不僅適用于電子和光子，也適用于其他微觀粒子12、目前，世界各國都在積極研究磁流體發電機，該裝置由絕緣材料制成，長、寬、高分別為b、a、d，兩極板間勻強磁場的磁感應強度為B．等離子體垂直進入磁場的速度為v，單個離子所帶的電量為q．離子通道（即兩極板內所圍成空間）的等效電阻為r；負載電阻為R．則下列說法中正確的是（）

A.A；等離子體離子濃度越高；該發電機的電動勢越大。

B.等離子體離子濃度越高，通過R的電流越大B.在其它條件不變的情況下，增大等離子的流量可以增大該發電機的電動勢C.在其它條件不變的情況下，增大裝置的寬度a對通過R的電流將增大D.13、如圖所示為遠距離交流輸電的簡化電路圖。發電廠的輸出電壓恒定為U,用等效總電阻是r的兩條輸電線輸電,輸電線路中的電流是I1,其末端間的電壓為U1。在輸電線與用戶間連有一理想變壓器,流入用戶端的電流為I2。則()

A.輸送功率一定時，輸電線上損失的功率與U的平方成反比B.輸電線上的電壓降為UC.輸電線路上損失的電功率為D.用戶端使用的用電器越多，得到的電壓越小14、某橫波在介質中沿軸傳播，圖甲是時的波形圖，圖乙是介質中處質點的振動圖象，則下說法正確的是____

A.波沿軸正向傳播，波速為1m/sB.＝2s時，＝2m處質點的振動方向為y軸負向C.＝lm處質點和＝2m處質點振動步調總相同E.在＝ls到＝2s的時間內，＝0.5m處的質點運動速度先增大后減小E.在＝ls到＝2s的時間內，＝0.5m處的質點運動速度先增大后減小評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖所示是兩列相干波的干涉圖樣，實線表示波峰，虛線表示波谷，兩列波的振幅都為0.1m，波速和波長分別為1m/s和0.2m，C點為AB連線的中點．則圖示時刻C點的振動方向_____（選填“向上”或“向下”），從圖示時刻再經過0.25s時，A點經過的路程為______m．

16、現代人通過放孔明燈祈福。普通的孔明燈用薄竹片架成圓桶形，外面以薄紙密實包圍，開口朝下。釋放時，通過開口處的火焰對燈內氣體緩慢加熱，直到燈能浮起來，如圖所示，在緩慢加熱過程中，燈內氣體分子的平均動能____________（填“變大”“變小”或“不變”），燈內氣體的密度__________（填“變大”“變小”或“不變”）。

17、回熱式制冷機是一種深低溫設備，制冷極限約50K，某臺設備工作時，一定量的氦氣（可視為理想氣體）緩慢經歷如圖所示的四個過程：從狀態到和到是等溫過程；從狀態到和到是等容過程，體積分別為和則圖中___（填“>”“<”或者“=”）；整個循環過程氦氣系統是______的（填“吸熱”“放熱”或者“絕熱”）。

18、一定量的理想氣體的p－V圖像如圖所示，氣體狀態經歷了A→B→C變化過程，A、B、C三個狀態的有關參量如圖所示，則氣體在狀態C的內能______________氣體在狀態A的內能（填“>”、“<”或“＝”），在A→B→C過程中，氣體需____________（填“吸熱”或“放熱”），它與外界交換的熱量的絕對值為_____________J。19、如右圖所示，在圓心為O、半徑為r的圓形區域內有方向垂直紙面向里的勻強磁場，一電子以速度v沿AO方向射入，后沿OB方向射出勻強磁場，若已知∠AOB=120°，則電子穿越此勻強磁場所經歷的時間是________。20、質量為M的物塊靜止在光滑水平桌面上，質量為m的子彈以水平速度v0射入物塊后，以水平速度2v0/3射出．則物塊的速度為_______，此過程中損失的機械能為______．評卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

滑塊受重力、支持力、垂直于斜面向上的洛倫茲力和沿斜面向上的摩擦力四個力的作用，初始時刻洛倫茲力為0，滑塊在重力和摩擦力的作用下沿斜面向下運動，隨著速度v的增大，洛倫茲力qvB增大，滑塊受到的彈力減小，引起摩擦力減小，滑塊沿斜面向下加速度大小變大，當時；滑塊開始離開斜面．綜上所述，故C正確，ABD錯誤；

故選C．2、C【分析】【詳解】

A、B設線圈剛進入第一個磁場時速度為

那么線框進入第一個磁場前,機械能守恒,則得:①

計算得出,

設線圈剛進入第二個磁場時速度為則得

計算得出

線框進入兩個磁場都做勻速直線運動,則有:

,

聯立以上三式計算得出,故AB錯誤.

C、D線框穿過兩個磁場時都做勻速直線運動,減少的重力勢能都轉化為電能,所以在穿過這兩個磁場的過程中產生的電能為所以C選項是正確的,D錯誤.

綜上所述本題答案是：C

點睛：線框進入第一個磁場做勻速直線運動,重力與安培力平衡,根據機械能守恒定律求出線框剛進入磁場時的速度,根據平衡條件和安培力與速度的關系式列出方程;線框從剛出磁場到剛進第二個磁場的過程,由運動學公式求出線框剛進第二個磁場時的速度,根據平衡條件列式,即可求得第二個磁場的磁感應強度;線框穿過兩個磁場時都做勻速直線運動,重力勢能轉化為電能,根據能量守恒定律求解產生的電能.本題是電磁感應與力學知識的綜合,安培力是聯系電磁感應和力學的橋梁,安培力的分析和計算是解決這類問題的關鍵.3、C【分析】【詳解】

AB.直導線中通有向上的電流；根據安培定則知，通過線框的磁場方向先垂直向里減小，然后垂直向外增大，根據楞次定律知感應電流的方向為順時針方向，故A；B錯誤。

CD.根據左手定則知，ab邊所受安培力方向水平向右，cd邊所受安培力方向水平向右，則線框所受安培力的合力方向水平向右，故C正確，D錯誤。4、B【分析】當回路斷開時電流要立即減小到零但由于線圈的自感現象會產生感應電動勢；該自感電動勢較大，所以劉偉倍“電”到，即劉偉有電擊感是因為兩手之間瞬間有高電壓，故A錯誤，B正確；因多用表的表筆已經與被測線圈脫離，則多用電表不可能被燒壞，選項C錯誤；實驗過程中若李輝兩手分別握住紅黑表筆的金屬桿，當與線圈脫離后，在電表回路不會產生感應電動勢，則他不會受到電擊，選項D錯誤；故選B.

點睛：本題考查了自感電動勢產生的條件，要知道歐姆表測電阻時，電流是很小的；當電流變化時變壓器的線圈會產生較大的自感電動勢．5、C【分析】【分析】

首先認識電路的結構：燈泡與變阻器串聯；電容器與燈泡并聯．當滑動變阻器滑片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，根據歐姆定律分析．

【詳解】

當滑動變阻器滑片P向右移動時；變阻器接入電路的電阻減小；

A.燈泡功率P=I2RL，RL不變；I增大，P增大，則燈泡變亮．故A錯誤；

B.電源的總功率P總=EI，E不變，I增大，P總增大．故B錯誤；

C.電容器電壓UC=E-I（RL+r）減小，電容器電量Q=CUC減小．故C正確；

D.根據歐姆定律可知，電流增大，電壓表的讀數U=E-Ir減小．故D錯誤；

故選C．

【點睛】

本題考查電路動態分析的能力，比較簡單．對于電路動態分析往往按“局部→整體→局部”的思路．二、多選題(共9題，共18分)6、B:C【分析】將電鍵K閉合后，外電路總電阻減小，總電流增大，根據U=E-I總r可知內電壓增大，路端電壓減小，則I1增大，U2減小，根據歐姆定律可知，U1增大．由串聯電路分壓規律可知，R2的電壓減小，則I2減小，故BC正確，AD錯誤。7、A:C:E【分析】【詳解】

A．空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果；故A正確；

B．懸浮在水中的花粉的布朗運動反應了水分子的熱運動；故B錯誤；

C．彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點；故C正確；

D．高原地區水的沸點較低；這是高原地區氣壓較低的緣故，故D錯誤；

E．一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中；體積增大，溫度升高，則內能一定增加，故E正確；

故選ACE。8、B:D:E【分析】【詳解】

A．分子力與分子間距的關系如圖。

若分子力表現為引力，即時；由圖像可知，當分子間的距離增大時，分子力先增大后減小，故A錯誤；

B．溫度是衡量分子平均動能的唯一指標；所以對于任何物質，只要溫度降低，分子平均動能就一定減小，B正確；

C．液體中的布朗運動就是固體小顆粒的無規則運動；C錯誤；

D．一定質量的某種理想氣體在等溫膨脹的過程中對外做功而溫度保持不變，故氣體內能不變由熱力學第一定律

所以

該理想氣體在此過程中一定吸熱；D正確；

E．物理性質表現為各向同性的物體可能是非晶體；也可能是多晶體，E正確。

故選BDE。9、B:C:E【分析】【詳解】

A．熱量不可能自發地從低溫物體傳到高溫物體；若引起其他的變化，熱量可以從低溫物體傳向高溫物體，如空調，故A錯誤；

B．布朗運動是由于液體分子的無規則運動而不斷撞擊懸浮顆粒；從而引起懸浮顆粒的無規則運動，這個無規則運動稱為布朗運動，故B正確；

C．溫度是分子平均動能的標志；氣體分子熱運動的劇烈程度減弱時，說明氣體的溫度降低，那么氣體分子的平均動能減小，故C正確；

D．已知阿伏伽德羅常數為NA，氧氣的摩爾質量為M，則每個氧氣分子的質量為

且氣體的摩爾體積為

由于氣體分子間的間隔較大，故可算出則每個氧氣分子所占空間的體積為

并不能算出每個氧氣分子的體積；故D錯誤；

E．分子甲從遠處趨近固定不動的分子乙，一直到分子甲受到分子乙的作用力為零，這個過程中分子力表現為引力，一直做正功，分子的動能一直增大，則系統分子勢能減小，當兩分子之間的距離r<r0時；分子力對乙分子做負功，此后分子系統的勢能增加，故E正確。

故選BCE。10、A:C:D【分析】因為氣體的初末溫度相同，所以氣體的內能不變，發生等壓膨脹時，氣體對外做功，發生等容升溫時，不對外做功，所以等壓膨脹過程吸熱更多，故A正確；熱量不可能自發的從低溫物體傳遞到高溫物體而不產生其它影響，這是熱力學第二定律克勞修斯表述，故B錯誤；第一類永動機不能制成是違背了能量守恒定律，故C正確；溫度與分子熱運動平均動能成正比，分子熱運動的平均動能不可能為零，故絕對零度不可能達到，故D正確；一定質量的物質，溫度升高，內能不一定增大，故E錯誤．所以ACD正確，BE錯誤．11、C:D【分析】【詳解】

不確定性關系

表示確定位置；動量的精度互相制約；此長彼消，當粒子位置不確定性變小時，粒子動量的不確定性變大；當粒子位置不確定性變大時，粒子動量的不確定性變小。故不能同時準確確定粒子的動量和坐標。不確定性關系也適用于其他宏觀粒子，不過這些不確定量微乎其微。

故選CD。12、B:C:D【分析】【詳解】

根據qvB=q得電動勢的大小為：E=Bdv；故等離子體離子濃度越高，該發電機的電動勢不變；等離子體離子濃度越高，則離子通道的等效電阻越小，則電流越大，選項A錯誤，B正確；因流量Q=adv，則在其它條件不變的情況下，增大等離子的流量可以增大離子的速度v，則根據E=Bdv可知，該發電機的電動勢增大，選項C正確；在其它條件不變的情況下，增大裝置的寬度a可增加流體的橫截面積，從而減小離子通道的電阻，則通過R的電流將增大，選項D正確；故選BCD.

點睛：解決本題的關鍵知道穩定時，電荷所受的電場力和洛倫茲力平衡，結合閉合電路歐姆定律進行求解；注意離子通道和橫截面積以及離子的濃度都會影響離子通道的電阻．13、A:D【分析】【分析】

根據理想變壓器的電壓關系；電流關系及功率關系；并結合遠距離輸電的功率損耗關系與電壓損耗關系即可解決問題.

【詳解】

A、當輸送功率一定時，由可得輸送電流為則損失的功率為即損失的功率與U的平方成反比；故A正確.

B、線路上損耗的電壓為I1?r，且滿足U=I1?r+U1；故B錯誤；

C、輸電線路上損失的電功率為故C錯誤.

D、對輸電電路U=I1?r+U1，結合可得全電路的歐姆定律則用戶端使用的用電器越多，變小，I1會增大，線路上損耗的電壓為I1?r會增加，U1會變小；副線圈的電壓也會變小，故D正確；

故選AD.

【點睛】

要能熟練的運用理想變壓器的各種關系來分析問題，同時要能抓住遠距離輸電的電壓損耗關系與功率損耗關系.14、B:D:E【分析】【詳解】

A、由甲圖知，波長λ=2m，由乙圖知，質點的振動周期為T=2s，則波速為：由乙圖知，t=1s時刻，x=2m處質點向上運動，根據甲圖可知，該波沿x軸負方向傳播，故A錯誤；

B；由乙圖知；t=2s時，x=2m處質點的振動方向為y軸負向，故B正確；

D、因則在C；x=lm處質點和x=2m處質點相距半個波長，振動步調總相反，故C錯誤；

1s的時間內；波動圖象上任意質點通過的路程都是兩個振幅，為10cm，故D正確；

E、在t=1s到t=2s經歷的時間為t=1s時刻x=0.5m處的質點位于波峰，則在t=1s到t=2s的時間內該質點的速度先增大后減小，故E正確；

故選BDE．

【點睛】本題關鍵要把握兩種圖象的聯系，能根據振動圖象讀出質點的速度方向，在波動圖象上判斷出波的傳播方向．三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

B點處于波谷，A點處于波峰，波由B向A傳播，此時C處于平衡位置，經過四分之一周期，波谷傳播到該點，知C點的振動方向向下，周期質點在一個周期內振動的路程等于4倍的振幅，經過0.25s時，走過的路程等于5倍的振幅，A=20cm，則s=1m．【解析】向下116、略

【分析】【詳解】

[1]隨著加熱；燈內氣體溫度升高，分子的平均動能變大；

[2]對于燈內氣體，根據蓋-呂薩克定律，壓強不變，溫度升高，氣體體積增大。因為孔明燈的體積幾乎不變，所以部分氣體外溢，燈內氣體的質量減小，密度變小。【解析】變大變小17、略

【分析】【詳解】

[1]從狀態B到C，由查理定律得

由于所以

[2]A-B過程外界對系統做正功，C-D過程外界對系統做負功，p-V圖象與橫軸圍成的面積表示做的功，所以

所以整個循環過程外界對系統做正功。整個循環過程

所以

整個循環過程A-B-C-D-A氦氣系統要放熱。【解析】>放熱18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．由圖示圖象可知，在A、C兩狀態，氣體的pV相等；由理想氣體狀態方程可知，A；C兩狀態的溫度相等，則氣體在兩狀態的內能相等；

[2][3]．由圖示圖象可知；A→B過程為等壓過程，氣體體積減小，外界對氣體做功。

W=FL=pSL=p△V=1×105×（4-1）×10-3=300JB→C過程是等容變化，氣體不做功，在整個過程中，由熱力學第一定律△U=W+Q；可知。

Q=△U-W=0-300=-300J由此可知，在整個過程氣體對外放熱，放出的熱量為300J．【解析】＝放熱30019、略

【分析】弧AB對應的圓心角為60°，所以經歷的時間為而粒子運動的半徑為根據幾何知識可得所以【解