…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版2024必修3物理下冊月考試卷856考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，電路中R1、R2均為可變電阻，電源內阻不能忽略，平行板電容器C的極板水平放置．A板與靜電計金屬球相連，靜電計的外殼和B板接地，閉合電鍵S電路達到穩定時，靜電計指針偏轉一定角度．此時，在A、B板間有一點電荷q（帶電量很小）靜止在P點；則。

A.增大R1的阻值，點電荷q保持不動，但靜電計指針偏角減小B.增大R2的阻值，點電荷q保持不動，但靜電計指針偏角減小C.增大兩板間的距離，點電荷q向下運動，但靜電計指針偏角不變D.斷開電鍵S，A板不動，將B板向下移動時，點電荷q保持不動2、如圖所示，V型對接的絕緣斜面M、N固定在水平面上，兩斜面與水平面夾角均為α=60°，其中斜面N光滑。兩個質量相同的帶電小滑塊P、Q分別靜止在M、N上，P、Q連線垂直于斜面M，已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。下列說法正確的是（）

A.兩小滑塊所帶電荷為異種電荷B.兩小滑塊間的庫侖力大小等于小滑塊重力的兩倍C.P與M間的動摩擦因數至少為D.P與M間的動摩擦因數至少為3、如圖所示；兩個不帶電的導體A和B用一對絕緣柱支持，使它們彼此接觸，把一帶正電荷的物體C置于A附近，貼在A；B下部的金屬箔都張開，下列說法正確的是（）

A.此時A帶正電，B帶負電B.此時A帶正電，B帶正電C.移去C，貼在B下部的金屬箔仍然張開D.先把A和B分開，然后移去C，貼在B下部的金屬箔仍然張開4、2022年10月12日，神舟十四號乘組航天員陳冬、劉洋、蔡旭哲在中國空間站進行太空授課。若本次直播通信使用電磁波的波長范圍為則該電磁波中能量子最大值為（）A.B.C.D.5、用控制變量法可以研究影響平行板電容器電容的因素。設兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為實驗中；極板所帶電荷量不變，則（）

A.保持S不變，增大則θ變大B.保持S不變，增大則θ變小C.保持不變，增大S，則θ變大D.保持不變，增大S，則θ不變6、有關電流的下列說法正確的是（）A.因為電流有方向，因而電流是矢量B.由知，I與q成正比，與通電時間成反比C.金屬導體里面電流的方向和自由電子定向移動的方向相同D.單位時間內通過導體橫截面的電量越多，導體中的電流越大7、圖甲為某一小燈泡的U-I圖線，現將兩盞這樣的小燈泡并聯后再與一個3Ω的定值電阻R串聯，接在內阻r=2Ω、電動勢E=5V的電源兩端，如圖乙所示，其中電流表為理想電表，則通過每盞小燈泡的電流I和每盞小燈泡的電功率P分別為（）

A.I≈0.38A，P≈0.6WB.I≈0.3A，P≈0.6WC.I≈0.3A，P≈1.2WD.I≈0.3A，P≈1.2W評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、直流電動機在生產、生活中有著廣泛的應用。如圖所示，一直流電動機M和電燈L并聯之后接在直流電源上，電動機內阻r1=0.5Ω，電燈燈絲電阻R=9Ω（阻值認為保持不變），電源電動勢E=12V，內阻r2=1Ω；開關S閉合，電動機正常工作時，電壓表讀數為9V。則下列說法正確的是。

A.電源內阻所分得的電壓為1.5VB.流過電動機的電流1AC.電源的總功率等于36WD.電動機的輸出功率16W9、如圖所示的電路中，定值電阻的阻值均為理想電壓表讀數為U，變化量的絕對值為理想電流表讀數為I，變化量的絕對值為在滑動變阻器的滑動端自右向左滑動的過程中，下列判斷中正確的是（）。

A.U增大，I減小B.增大C.增大D.10、如圖所示，A、B為兩個等量的正點電荷，在其連線中垂線上的P點放一個負點電荷q（不計重力）由靜止釋放后；下列說法中正確的是（）

A.點電荷在從P點到O運動的過程中，加速度越來越大，速度越來越大B.點電荷在從P點到O點運動的過程中，加速度越來越小，速度越來越大C.點電荷運動到O點時加速度為零，速度達最大值D.點電荷將在O點兩側往復運動。11、真空中一點電荷形成的電場中的部分電場線如圖所示，一試探正電荷僅受靜電力作用，從A點靜止開始沿x軸的電場線方向做直線運動到B點，設A到B的運動方向為正方向，起始點A為坐標原點，以無窮遠處為電勢零點。用v表示某位置的速度，E表示某位置的電場強度，表示某位置的電勢大小，表示某位置的電勢能大小。下列圖象中合理的是（）

A.B.C.D.12、如圖，四個電荷量均為的點電荷分別放置于菱形的四個頂點，其坐標分別為和其中x軸上的兩個點電荷位置固定，y軸上的兩個點電荷可沿y軸對稱移動（）；下列說法正確的是（）

A.除無窮遠處之外，菱形外部電場強度處處不為零B.當取某值時，可使得菱形內部只存在兩個電場強度為零的點C.當時，將一帶負電的試探電荷由點移至點靜電力做正功D.當時，將一帶負電的試探電荷放置在點處，其所受到的靜電力方向與x軸正方向成傾斜向上13、在水平線上的O點放置一點電荷，圖中畫出了電荷周圍對稱分布的幾條電場線，以水平線上的某點O′為圓心畫一個圓，與電場線分別相交于a、b、c、d、e；則下列說法正確的是（）

A.b、e兩點的電場強度相同B.a點電勢低于c點電勢C.b、c兩點間電勢差等于e、d兩點間電勢差D.電子沿圓周由d到b，電場力做正功14、如圖所示的電路中，R1為可變電阻，R2、R3為定值電阻，C為電容器，電源電動勢為E，內阻為r，R3>r，電壓表與電流表均為理想電表。在可變電阻R1的滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中；下列說法中正確的是。

A.電壓表的示數先減小后增大B.電容器的電荷量先減小后增大C.電源的輸出功率先減小后增大D.電壓表、電流表示數改變量的比值先減小后增大評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、電源和電阻R組成閉合電路，它們的U—I關系圖線如圖所示。該電源的內阻為________，電源消耗的總功率為________W。

16、容量是電池的一個重要參數．某款手機電池上標有“2000mA·h”,這種電池放電時能輸出的總電荷量為____________C,若手機待機時的電流50mA，則此款手機待機時間為________h．17、判斷下列說法的正誤．

（1）只要閉合電路內有磁通量，閉合電路中就有感應電流產生。（____）

（2）穿過螺線管的磁通量發生變化時，螺線管內部就一定有感應電流產生。（____）

（3）閉合電路的一部分導體做切割磁感線運動時，電路中會產生感應電流。（____）

（4）不論電路是否閉合，只要電路中磁通量發生變化，電路中就有感應電流。（____）18、電場中某區域的電場線分布如圖所示，A、B、C為電場中的三點，則三點中電場強度最大的是______點，電勢最低的是______點；將一個正點電荷從A點移動到C點過程中電場力做______（選填“正功”或“負功”）。

19、下面三個圖為探究平行板電容器電容大小決定因素的實驗；請將正確的結論填在橫線上．兩平行板之間的電場可以視為勻強電場．給電容器充電后與電源斷開，那么。

（1）若保持板間距離d不變，正對面積S變小，則兩板電容C________，板間電勢差U________．

（2）若保持S不變，d變大，兩板電容C________，板間電場強度E________．

（3）若保持S和d都不變，插入介質板后，則板間電勢差U________，板間電場強度E________（填“變小”、“變大”或“不變”）20、某同學在進行電阻測量時，需要將一塊滿偏電流為500μA、阻值為800Ω的小量程電流表G改裝成量程為15V的電壓表，則需要選擇一個阻值為___________Ω的電阻與這一電流表___________（選填“串”、“并”）聯。21、如圖所示，電流表A的量程為0-0.6A,表盤均勻劃分為30個小格，每一小格表示0.02A,R1的阻值等于電流表內阻的的阻值等于電流表內阻的2倍.若用電流表A的表盤刻度表示流過接線柱1的電流值；則。

(1)將接線柱1、2接入電路時,每一小格表示_____A.

(2)將接線柱1、3接入電路時,每一小格表示______A.評卷人得分四、實驗題(共3題，共27分)22、某物理興趣小組設計了如圖甲所示電路測量一節干電池的電動勢E和內阻r。合上開關S1，開關S2打到位置1，移動滑動變阻器的滑片P，記錄下幾組電壓表的示數以及對應的電流表示數；然后將S2打到位置2，移動滑動變阻器的滑片P，再記錄下幾組電壓表的示數以及對應的電流表示數。在同一坐標系內分別描點作出電壓表示數U和對應的電流表示數I的圖像，如圖乙所示，兩圖線（直線）在縱軸上的截距分別為UA、UB，在橫軸上的截距分別為IA、IB。

(1)S2打到位置1時，作出的圖像是圖乙中的圖線___（選填“A”或“B”），測出的電池電動勢E和內阻r存在系統誤差，原因可能是________。

(2)由圖乙可知，干電池電動勢和內阻的真實值分別為E真=___、r真=___。

(3)小組同學繼續用圖丙所示電路探究測電源電動勢和內阻時，電路中各元器件的實際阻值對測量結果的影響。其中，虛線框內為用靈敏電流計G改裝的電流表A，V為標準電壓表，E為待測電源，S為開關，R為滑動變阻器，R0是阻值為4.0Ω的定值電阻。

①已知靈敏電流計G的滿偏電流Ig=100μA、內阻rg=2.0kΩ，若要改裝后的電流表滿偏電流為200mA，應并聯一只阻值為___Ω的定值電阻R1（結果保留一位小數）。

②小組同學在前面實驗的基礎上，為探究圖丙所示電路中各元器件的實際阻值對測量結果的影響，用一已知電動勢和內阻的標準電源通過上述方法多次測量，發現電動勢的測量值與已知值幾乎相同，但內阻的測量值總是偏大。若測量過程無誤，則內阻測量值總是偏大的原因可能是________（填選項前的字母）。

A.電壓表內阻的影響。

B.滑動變阻器的最大阻值偏小。

C.R1的實際阻值比計算值偏小。

D.R0的實際阻值比標稱值偏大23、某同學改裝和校準電壓表的電路圖如圖所示；圖中虛線框內是電壓表的改裝電路。

（1）已知表頭G滿偏電流為100μA，表頭上標記的內阻值為900Ω。R1、R2和R3是定值電阻。利用R1和表頭構成1mA的電流表，然后再將其改裝為兩個量程的電壓表。若使用a、b兩個接線柱，電壓表的量程為1V；若使用a、c兩個接線柱，電壓表的量程為3V。則根據題給條件，定值電阻的阻值應選R1=________Ω，R3=_________Ω。

（2）用量程為3V，內阻為2500Ω的標準電壓表V對改裝表3V擋的不同刻度進行校準。所用電池的電動勢E為5V；滑動變阻器R有兩種規格，最大阻值分別為50Ω和5kΩ。為方便實驗中調節電壓，圖中R應選用最大阻值為_________Ω的滑動變阻器。

（3）校準時，在閉合開關S前，滑動變阻器的滑動端P應靠近________（填“M”或“N”）端。

（4）若由于表頭G上標記的內阻值不準，造成改裝后電壓表的讀數比標準電壓表的讀數偏小，則表頭G內阻的真實值_____________（填“大于”或“小于”）900Ω。24、某興趣小組要測量一種未知材料制成的細圓柱體小電阻的電阻率ρ；步驟如下：

（1）用10分度的游標卡尺測量其長度如圖甲所示，可知其長度為________mm；用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，可知其直徑為__________mm；

（2）用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數如圖所示，則該電阻的阻值約為_________Ω；

（3）為了更準確地測量待測圓柱體電阻R；現有的器材及其代號和規格如下：

A．直流電源E（電動勢4V；內阻不計）

B．電流表A1（量程0～15mA、內阻r1約為500Ω）

C．電流表A2（量程0～300μA、內阻r2=1000Ω）

D．電壓表V（量程0～15V；內阻約25kΩ）

E．滑動變阻器R1；（阻值范圍0～20Ω，額定電流2A）

F．滑動變阻器R2；（阻值范圍0～2kΩ，額定電流0.5A）

G．定值電阻R3=9000Ω

H．定值電阻R4=500Ω

開關S；導線若干。

為減小實驗誤差，要求測得多組數據進行分析，請在虛線框中畫出測量用的正確電路圖，并標明所用器材的代號____________。

評卷人得分五、解答題(共3題，共30分)25、如圖所示，粗糙絕緣水平地面ABC與光滑絕緣半圓弧豎直軌道CD相切C點，CD右側（含CD）有水平向右的勻強電場，電場強度大小為圓弧軌道半徑為R，AB長度L1=R，BC長度L2=4R。有一質量為M=2m的滑塊P以從A點向右運動，在B處與一質量為m、帶電荷量為的滑塊Q發生彈性碰撞（碰撞過程中Q的電荷量不變），碰撞后滑塊Q繼續向右運動經過C點進入光滑圓軌道。已知滑塊P、Q與地面的動摩擦因數均為μ=0.5，不計空氣阻力，滑塊都可看作質點，重力加速度為g。求：

（1）若滑塊P與Q發生碰撞后瞬間滑塊Q速度v的大??；

（2）滑塊Q繼續運動到達圓軌道的最高點D時對軌道壓力N的大?。?/p>

（3）若滑塊P與Q發生彈性碰撞后使Q能滑上圓弧軌道并且可沿軌道滑回平面，求滑塊P初速度的最大值vm。（答案可用分數及根式表示）

26、如圖所示，將一質量m＝0.2g的帶負電荷的小球B用絕緣線掛起來，用帶電荷量的小球A靠近B，當B球靜止時懸線與豎直方向成45°角，此時兩球位于同一水平面上，相距r＝30cm。重力加速度靜電力常量求：

（1）B球所帶電荷量；

（2）此時A球在B球平衡處產生的電場強度的大小。

27、牛頓思考月球繞地球運行的原因時；蘋果偶然落地引起了他的遐想：拉住月球使它圍繞地球運動的力與拉著蘋果下落的力，是否都與太陽吸引行星的力性質相同，遵循著統一的規律—平方反比規律？因此，牛頓開始了著名的“月—地檢驗”．

（1）已知月球與地球的距離約為地球半徑的60倍，如果牛頓的猜想正確，請你據此計算月球公轉的向心加速度a和蘋果下落的加速度g的比值

（2）在牛頓的時代，月球與地球的距離r、月球繞地球公轉的周期T等都能比較精確地測定，請你據此寫出計算月球公轉的向心加速度a的表達式。地面附近的重力加速度請你根據這些數據估算比值與（1）中的結果相比較；你能得出什么結論？

（3）物理學不斷詮釋著自然界的大統與簡約。換一個角度再來看，蘋果下落過程中重力做功，重力勢能減少，試列舉另外兩種不同類型的勢能，并說出這些勢能統一具有的特點（至少說出兩點）。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

電路穩定時，電容器的電壓等于可變電阻R1的電壓，靜電計指針偏角顯示電容器兩端電壓的大??；當增大R1的阻值，導致總電流減小，則外電壓增大，因此電容器的電壓增大，板間場強增強，油滴將向上運動；靜電計的指針偏角變大．故A錯誤．電路穩定時，當增大R2的阻值，不改變電路中的電流，因此電容器的電壓不變，板間場強不變，油滴仍靜止，靜電計指針偏角不變．故B錯誤．增大兩極板間的距離，板間電壓不變，由知；板間場強E減小，油滴受到的電場力減小，則油滴將向下運動，靜電計指針偏角不變，故C正確．斷開開關S，電容器放電，板間場強逐漸減小，油滴將向下運動，靜電計指針偏角減為零，故D錯誤．故選C.

【點睛】

本題關鍵分析電容器的電壓是否變化，靜電計指針偏角顯示電容器兩端電壓．要知道與電容器串聯的電阻，電路穩定時相當于導線，不影響電容器的電壓．2、D【分析】【詳解】

A．滑塊Q在光滑斜面N上靜止，說明P、Q應相互排斥，則P與Q帶電同性；A錯誤；

B．滑塊Q在光滑斜面N上靜止，則P與Q帶電同性，兩者之間為庫侖斥力設為F；兩滑塊的受力分析和角度關系如圖所示。

對Q物體在沿著斜面方向有

可得

B錯誤；

CD．而對P物體動摩擦因數最小時有

聯立解得

C錯誤；D正確。

故選D。3、D【分析】【詳解】

AB．把一帶正電荷的物體C置于附近；由于靜電感應，此時A帶負電，B帶正電，AB錯誤；

C．移去C后；由于電荷間的相互作用，重新中和，達電中性狀態，兩金屬箔均閉合，C錯誤；

D．先把A；B分開；則A帶正電，B帶負電，移去C后，電荷不能再進行中和，兩金屬箔仍然張開，D正確。

故選D。4、C【分析】【詳解】

由電磁波能量子公式可知，電磁波的波長越小，能量越大，因此該電磁波中能量子最大值為

ABD錯誤；C正確。

故選C。5、A【分析】【詳解】

AB．電容的決定式

當保持S不變，增大d時，電容減小，電容器的電量Q不變，由電容的定義式

分析可知板間電勢差增大，則靜電計指針的偏角θ變大；故A正確，B錯誤；

CD．電容的決定式

當保持d不變，增大S時，電容增大，電容器極板所帶的電荷量Q不變，則由電容的定義式

分析可知板間電勢差減小，靜電計指針的偏角θ變?。还蔆D錯誤。

故選A。6、D【分析】【詳解】

A．電流的方向是電荷移動的方向；但電流這個物理量描述電流的強弱，是標量；故A錯誤；

B．電流的定義是比值定義法，電流與電荷量不成正比，與時間不成反比，故B錯誤；

C．電流的方向為正電荷的定向移動方向；故金屬導體里面電流的方向和自由電子定向移動的方向相反，故C錯誤；

D．根據電流的定義得q=It；則單位時間內通過導體橫截面的電量越多，導體中的電流越大，故D正確。

故選D。7、B【分析】【詳解】

設每盞小燈泡的電壓為U，通過的電流為I，則通過整個電路的電流為2I，根據閉合電路的歐姆定律有E=U＋2I(R＋r）

即U、I還應滿足U=5－10I

在小燈泡的U—I圖像中作出對應的函數圖線；如圖所示。

則兩個圖線的交點即為小燈泡在電路中的工作點，所以通過小燈泡的電流I≈0.3A，對應燈泡兩端的電壓U≈2V，每盞小燈泡的功率P=UI≈0.6W

故選B。二、多選題(共7題，共14分)8、C:D【分析】【詳解】

A．根據內外之和等于電源的電動勢，其中電壓表測得路端電壓U=9V，故電源的內阻分得電壓為

故A錯誤。

B．電源的輸出電壓：U=E-Ir

則有

對燈泡：

電動機與燈泡并聯，則電動機的電流I電=I-I燈=3A-1A=2A

故B錯誤。

C．電源的總功率為

故C正確。

D．根據能量轉化與守恒定律得，電動機的輸出功率

故D正確。

故選CD。9、A:B:D【分析】【分析】

根據電路圖可知，滑動變阻器R與R4并聯后與R2串聯，再與R3并聯，最后與R1串聯，接在電源兩端，電壓表的讀數U是R與R4并聯部分兩端電壓，電流表讀數I是通過R的電流。

【詳解】

A.在滑動變阻器的滑動端自右向左滑動的過程中，R增大，電路的總電阻增大，干路電流減小，R1兩端電壓減小，電源外電壓增大，R3兩端電壓增大，則通過R3的電流增大，所以通過R2的電流減小，R2兩端電壓減小，則R和R4兩端電壓增大（即U增大），通過R4的電流增大，所以通過R的電流減小（即I減?。?；故A正確；

B．根據歐姆定律可知

因為R增大，所以增大；故B正確；

CD．因為通過R2的電流減小，通過R4的電流增大，所以一定大于通過R4電流的增加量根據歐姆定律可得

所以

故C錯誤；D正確。

故選ABD。

【點睛】

本題是相對復雜的動態電路分析，在解題時要明確電路結構，即明確電表所測是哪個原件的電壓、電流值，滑動變阻器滑片滑動后對支路和干路的電阻、電流和電壓造成何種影響，按照局部→整體→局部的順序進行分析。10、C:D【分析】【詳解】

AB．在O上方，在等量同種電荷連線中垂線上電場強度方向O→P，負點電荷q從P點到O點運動的過程中，電場力方向P→O；速度越來越大。但電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，則點電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況無法判斷。故AB錯誤。

C．越過O點后，負電荷q所受的電場力O→P，則負電荷做減速運動，所以點電荷運動到O點時速度最大。電場力為零；加速度為零。故C正確。

D．根據電場線的對稱性可知，越過O點后，負電荷q做減速運動；直到速度減為零，以后再返回做往復運動，選項D正確；

故選CD。11、A:C【分析】【詳解】

A．由題可知，圖示為正點電荷產生的電場，試探正電荷從A到B做加速度減小的加速運動，v－x圖象的斜率

從A到B速度越來越大，而加速度越來越小，所以圖象的斜率一直減?。粓DA合理，故A正確；

B．根據場強公式可知；點電荷場強與位置的關系不可能是線性關系，圖B不合理，故B錯誤；

C．正電荷沿AB方向電勢越來越低，圖象的斜率表示場強的大小，而點電荷的場強從A到B變??；圖C合理，故C正確；

D．由

可知，令得切線斜率為（電場力）；場強越來越小，電場力也越來越小，圖D不合理，D錯誤。

故選AC。12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據場強疊加原理可知；除無窮遠處之外，菱形外部電場強度處處不為零，選項A正確；

B．因為在x軸上的兩個點電荷在O點的合場強為零，在y軸上的兩電荷，無論y0取什么值，因為關于原點對稱，則在O點的合場強也為零；在橫軸和縱軸上除原點外，出現合場強為零的點，根據對稱性可知，一定是成對出現的，關于原點對稱，所以算上原點，合場強為零的點是奇數個，不會是2個，選項B錯誤；

C．由幾何關系可知，坐標為（4l，5l）的A點在第一象限內所在的虛像的垂直平分線的上方；坐標為（0，-3l）的B點在第三象限內所在的虛像的垂直平分線的上方，且到達虛線的距離相等，由電勢疊加可知，B點的電勢高于A點，則帶負電的試探電荷在A點的電勢能較大，從A點到B點電勢能減??；可知電場力做正功，選項C正確；

D．若y0=4l，則四個點構成正方形，由對稱可知在點（l，l）處的場強一定沿著過該點與原點連線的方向上；在y軸正向和x正向上的點電荷在（l，l）處的合場強。

在y軸負向和x負向上的點電荷在（l，l）處的合場強。

可知（l，l）點的場強沿著MN方向且與x軸從成45°角的方向向下；選項D錯誤。

故選AC。13、B:C【分析】【詳解】

A．由題圖可看出，b、e兩點電場強度的大小相等，但方向不同，所以b、e兩點的電場強度不同；故A錯誤；

B．根據沿著電場線方向電勢逐漸降低可知，離點電荷O越遠，電勢越低，故a點電勢低于c點電勢；故B正確；

C．根據對稱性可知，b、c兩點間電勢差與e、d兩點間電勢差相等；故C正確；

D．d點的電勢高于b點的電勢，由Ep=qφ=-eφ

可知，電子在d點的電勢能小于在b點的電勢能，根據功能關系可知，電子沿圓周由d到b；電場力做負功，故D錯誤。

故選BC。14、B:C【分析】【詳解】

A．可變電阻R1的兩部分并聯，在可變電阻R1的滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中，電路的總電阻先增大后減小，根據閉合電路歐姆定律可知電路中的總電流先減小后增大，由U=E-I（R3+r）可知電壓表的示數先增大后減小；A錯誤；

B．根據歐姆定律可知電阻R2兩端的電壓先減小后增大；所以電容器所帶的電荷量先減小后增大，B正確；

C．由于R3＞r，在滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中外電阻總大于電源內阻r；電源的輸出功率先減小后增大，C正確；

D．電壓表示數改變量與電流表示數改變量的比值等于R3+r，大小不變，D錯誤。三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據閉合電路歐姆定律得

當時

由圖可知電源電動勢

內阻等于圖像的斜率的絕對值，因此有

代入數據可得

由圖可知，此時電流

因此有

代入數據可得【解析】0.5616、略

【分析】【詳解】

該電池的總電量為手機待機時間為【解析】72004017、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤錯誤正確錯誤18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]電場線越密集的地方場強越大，則三點中電場強度最大的是A點；

[2]沿電場線電勢逐漸降低，則電勢最低的是C點；

[3]將一個正點電荷從A點移動到C點過程中電場力的方向與位移同向，則電場力做正功?！窘馕觥緼C正功19、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）保持板間距離d不變，兩極板正對面積減小，根據電容的決定式得知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到；板間電勢差U增大；

（2）保持S不變，板間距離d增大，根據電容的決定式CC得知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到電容減??；但和Q=UC可知：故E和d無關，故E不變；

（3）保持S和d都不變，插入介質板后，根據電容的決定式得知，電容C增大，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到；板間電勢差U減?。蒛=Ed可知，E減?。?/p>

考點：電容器；電場強度【解析】減小增大減小不變減小減小20、略

【分析】【詳解】

[1][2]小量程的電流表改裝成電壓表時，需要串聯一個電阻，設所串聯的電阻為R，則串聯后的總電壓為15V，通過的電流為500μA，所以電路中的總電阻R總=R+Rg==3×104Ω

故所串電阻的大小為R=3×104Ω-800Ω=2.92×104Ω【解析】2.92×104串21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]．當接線柱1、2接入電路時，電流表A與R1并聯，根據串并聯電路規律可知，R1分流為1.2A；故量程為1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；

（2）[2]．當接線柱1、3接入電路時，A與R1并聯后與R2串聯，電流表的量程仍為1.8A，故每一小格表示0.06A；【解析】0.06A0.06A四、實驗題(共3題，共27分)22、略

【分析】【詳解】

(1)[1]打到位置時，根據閉合電路歐姆定律

可知路端電壓測量準確，當路端電壓為0時，短路電流測量準確，即

打到位置時，干路電流測量準確，當干路電流為0時，根據閉合電路歐姆定律可知電源電動勢測量準確，即

此時將電流表和電源視為等效電源，短路電流為

為電流表內阻，根據

結合圖像可知

所以打到位置時，對應的圖線為

[2]誤差的原因可能是電壓表分流；導致干路電流測量不準確。

(2)[3]根據(1)中分析可知電動勢

[4]內阻為

(3)①[5]根據并聯電路的分流規律

解得

②[6]A．如果考慮電壓表的內阻，測得的電阻相當于電源E的內阻與R0串聯后再與電壓內阻并聯的阻值；即測得的電阻值偏小，A錯誤；

B．滑動變阻器的阻值不會影響r的測量結果；B錯誤；

C．電表改裝時，R1的實際阻值比計算值偏??；可導致通過表頭的電流偏小，電流表讀數偏小，故內阻測量值總量偏大，C正確；

D．結合電路圖，由閉合電路歐姆定律

R0的實際阻值比稱標值偏大；可導致內阻測量值總量偏大，故D正確。

故選：CD。【解析】B電壓表的分流UA1.0CD23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據題意，與表頭G構成1mA的電流表，則

解得

[2]若使用a、b兩個接線柱，電壓表的量程為1V，則

代入數據得

若使用a、c兩個接線柱，電壓表的量程為3V，則

代入數據得

（2）[3]電壓表與改裝電表并聯之后，電阻小于對于分壓式電路，要求滑動變阻器的最大阻值小于并聯部分，同時還要便于調節，故滑動變阻器選擇小電阻，即選擇的電阻。

（3）[4]在閉合開關S前；滑動變阻器的滑動端P應靠近M端，這樣把并聯部分電路短路，起到一種保護作用。

（4）[5]造成改裝后電壓表的讀數比標準電壓表的讀數偏小，說明通過表頭G的電流偏小，則