…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版PEP選修3物理下冊月考試卷818考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，閉合開關S后，A燈與B燈均發光，當滑動變阻器的滑片P向左滑動時；以下說法中正確的是()．

A.A燈變亮B.B燈變亮C.電源的總功率增大D.電源的輸出功率一定增大2、在照明用電的電路中，如果在白熾燈電路上并聯一只電爐后，發現電燈變暗，這是因為()A.電路中的總電阻加大B.電路中總電流加大，輸電線上電壓降增大C.電爐兩端電壓比電燈電壓大D.電路中總電流未變化，電爐從電燈中分出了電流3、氦氖激光器能產生三種波長的激光，其中兩種波長分別為λ1=0.6328μm，λ2=3.39μm．已知波長為λ1的激光是氖原子在能級間隔為ΔE1=1.96eV的兩個能級之間躍遷產生的．用ΔE2表示產生波長為λ2的激光所對應的躍遷的能級間隔，則ΔE2的近似值為A.10.50eVB.0.98eVC.0.53eVD.0.36eV4、下列關于物理學史與物理學研究方法的敘述中正確的是（）A.密立根測定了靜電力常量B.奧斯特首先發現了電磁感應現象C.庫侖最早用扭秤實驗測量出電子電荷量的精確值D.法拉第最早提出了“電場”的概念5、一個電流表的滿偏電流Ig=1mA.內阻為300Ω，要把它改裝成一個量程為10V的電壓表，則應在電流表上（）A.串聯一個10000Ω的電阻B.并聯一個10000Ω的電阻C.串聯一個9700Ω的電阻D.并聯一個9700Ω的電阻6、學過電和磁的相關知識后，老師和同學共同設計了如下探究實驗．如圖，在玻璃皿的中心放一個圓柱形電極，內壁沿邊緣放一個圓環形電極．兩電極分別與電池組的正負極相連，并在兩極間接有標準數字萬用表（型號UT58E），萬用表調至直流電壓檔．然后進行如下實驗操作：

①在玻璃皿中放入硫酸銅溶液，發現溶液旋轉，此時電壓表的示數為5.20V;

②將圖中的磁鐵撤去后，發現電壓表的示數變為5.30V；

③將硫酸銅溶液換成蒸餾水重復①②兩步驟，發現電壓表的示數始終為5.99V.

關于上述實驗的分析合理的是())A.電池組的電動勢為5.30VB.因硫酸銅溶液旋轉而產生的電動勢約為0.10VC.步驟②中電壓相比步驟①變大主要是因為溶液電阻變小了D.步驟③中也能觀察到蒸餾水的旋轉現象評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、“等效”是簡化電路的一種常用方法．下面四個方框中的電路都可視為一個新的等效電源：甲中是一個電動勢為E、內電阻為r的電源和一阻值為R0的定值電阻串聯；乙中是一個電動勢為E、內電阻為r的電源和一阻值為R0的定值電阻并聯；丙中是一個電壓為E的恒壓源與阻值為R0的定值電阻串聯；丁中是一個電流為I的恒流源與阻值為R0的定值電阻并聯，且E=IR0；

下列關于這四個等效電源的電動勢和內阻的說法正確的是（）A.B.C.D.8、下列說法正確的是____.A.布朗運動間接的反映了固體分子的熱運動B.單晶體的各向異性是由單晶體的內部結構決定的C.理想氣體的分子間距為r0，處于平衡位置，其分子間作用力為0，所以分子勢能為0E.熱量可以從低溫物體傳到高溫物體E.熱量可以從低溫物體傳到高溫物體9、在如圖甲所示的電路中，電源電動勢為3V，內阻不計，L1、L2是相同規格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，R為定值電阻，阻值為10Ω．當開關S閉合后

A.L1的電阻為1.2ΩB.L1消耗的電功率為0.75WC.L2的電阻為5ΩD.L2消耗的電功率為0.1W10、如圖所示，水平放置的平行板電容器與直流電源連接，下極板接地．一帶電質點恰好靜止于電容器中的P點．現將平行板電容器的下極板向上移動一小段距離，則（）

A.電容器的電容將減小，極板帶電荷量將增大B.帶電質點將沿豎直方向向上運動C.P點的電勢將降低D.若將質點固定，則其電勢能將減小11、如圖所示，豎直放置的導熱氣缸內用活塞封閉著一定質量的理想氣體，活塞的質量為m，橫截面積為S，缸內氣柱高度為2h．現在活塞上緩慢添加砂粒加砂過程中氣體溫度保持不變直至缸內氣柱的高度變為h，然后再對氣缸緩慢加熱，以使缸內氣體溫度逐漸升高，讓活塞恰好回到原來位置．已知大氣壓強為環境溫度恒為重力加速度為g，不計活塞與氣缸間摩擦．下列說法正確的是()

A.所添加砂粒的總質量為B.所添加砂粒的總質量為C.活塞返回至原來位置時缸內氣體的溫度為D.活塞返回至原來位置時缸內氣體的溫度為12、如下圖所示，平行金屬板中央有一個初始靜止的電子(不計重力)，兩板間距離足夠大，當兩板間加上如圖乙所示的電壓后，在下圖中反映電子速度v、位移x和加速度a三個物理量隨時間t的變化規律正確的是

A.B.C.D.13、如圖所示，圖中的三個電表均為理想電表，R1和R2為定值電阻；當滑動變阻器滑片P向左端緩慢移動時，下面說法中正確的是（）

A.電壓表V2的讀數減小，電流表A的讀數減小B.電壓表V1的讀數增大，電壓表V2的讀數增大C.電壓表V2的讀數增加，電流表A的讀數減小D.無法確定滑動變阻器消耗的功率變化，電容器所帶電量增加14、用綠光照射一個光電管，能產生光電效應，欲使光電子從陰極逸出時最大初動能增大，可以()A.改用紅光照射B.改用紫光照射C.改用藍光照射D.增加綠光照射時間評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、如圖所示的電路中，E、r、R1已知，可變電阻R2的最大值

（1）當R2=______時，R1的電功率P1有最大值，最大值為______；

（2）當R2=______時，R2的電功率P2有最大值，最大值為______；

（3）當R2=______時，電源功率PE有最大值，最大值為______；

（4）當R2=______時，電源內部消耗的功率有最小值，最小值為______

（5）當R2=______時，電源輸出功率P出有最大值，最大值為______16、某物理興趣小組用實驗探究光的色散規律，他們將半圓形玻璃磚放在豎直面內，在其左方豎直放置一個很大的光屏P，讓一復色光束SA射向玻璃磚的圓心O后，有a和b兩束單色光射向光屏P，如圖所示．他們根據實驗現象提出了以下五個猜想，你認為不正確的是_______

A．單色光a的波長小于單色光b的波長

B．在玻璃中單色光a的傳播速度大于單色光b的傳播速度

C．單色光a通過玻璃磚所需的時間大于單色光b通過玻璃磚所需的時間

D．在光束SA繞圓心O逆時針轉動的過程中，在光屏P上最早消失的是a光

E．單色光a比單色光b更容易發生明顯衍射17、一定量的理想氣體從狀態開始，經歷等溫或等壓過程回到原狀態，其圖像如圖所示。其中對角線的延長線過原點氣體從狀態變化到狀態的過程，氣體對外做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從外界吸收的熱量。氣體在狀態的體積___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體在狀態的體積。氣體從狀態變化到狀態外界對氣體做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從狀態變化到狀態氣體對外界做的功。

18、夏天的清晨在荷葉上滾動著一個個晶瑩剔透的小露珠，這是由________導致的物理現象。分子勢能和分子間距離r的關系圖象如圖所示，能總體上反映小水滴表面層中水分子的是圖中_______（選填“A”；“B”、或“C”）的位置。

19、如圖所示，一定質量的理想氣體沿不同過程I、II，由狀態A變到狀態B，狀態A和狀態B的溫度相同。則過程I對外做的功_____（選填“大于”、“等于”或“小于”）過程II對外做的功；過程I吸收的熱量_____（選填“大于”；“等于”或“小于”）過程II吸收的熱量。

20、如圖所示的平行板器件中，電場強度E和磁感應強度B相互垂直，具有不同水平速度的帶電粒子射入后發生偏轉的情況不同。若從左側水平射入的帶電粒子，不計重力，穿過這一區域時未發生偏轉，則該粒子的速度大小為________；若只改變該粒子的電性，則粒子穿過這一區域時是否會發生偏轉？________（選填“會”或“不會”）。21、用內阻為的電壓表和內阻為的電流表測電阻，在圖甲、乙兩種情況下，電壓表的示數都是60V，電流表的示數都是則的測量值為______真實值是______的測量值為______真實值是______用伏安法測電阻應采用電流表______較好”外接法”或”內接法”

22、【小題1】警車向路上的車輛發射頻率已知的超聲波，同時探測反射波的頻率。下列說法正確的是_______。(填入正確答案標號。選對1個得2分，選對2個得4分：有選錯的得0分)。A．車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率增高B．車輛勻速駛離停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率降低C．警車勻速駛向停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率降低D．警車勻速駛離停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率不變【小題2】如圖，由透明介質構成的半球殼的內外表面半徑分別為R和R。一橫截面半徑為R的平行光束入射到半球殼內表面，入射方向與半球殼的對稱軸平行，所有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質的折射率為n=求半球殼外表面上有光線射出區域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射。評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共18分)26、某同學利用測力計研究在豎直方向運行的電梯運動狀態，他在地面上用測力計測量砝碼的重力，示數是G，他在電梯中用測力計仍測量同一砝碼的重力，發現測力計的示數小于G，由此判斷此時電梯的運動狀態可能是_________________。27、(1)用螺旋測微器測量圓柱體直徑如圖甲，可知其直徑D為______mm，用游標卡尺測量其長度如乙，可知其長度L為______cm．

(2)欲測量一個電流表的內阻；現備有如下器材:

A.待測電流表A1(量程3mA，內阻約為40)

B.電壓表V(量程3V，內阻約3000)

C.電流表A2(量程15mA，內阻為40)

D.定值電阻

E.直流電源E(電動勢1.5V；內阻忽略不計)

F.滑動變阻器(總阻值5；額定電流0.5A)

G.開關一個；導線若干。

①請利用上述所給器材，設計出合理的、便于多次測量的實驗電路圖，并保證各電表的示數超過其量程的一半，將電路圖畫在題中的虛線框中__________．

②在所測量的數據中選一組，用測量量和已知量來計算A1的內阻，表達式為______．(用物理量對應的字母表示)評卷人得分六、解答題(共3題，共27分)28、如圖所示，一玻璃球體的半徑為為球心，為直徑．來自點的光線在點射出．出射光線平行于另一光線恰好在點發生全反射．已知求。

①玻璃的折射率．

②球心O到BN的距離．29、一定質量的理想氣體從狀態A經狀態B；C、D后又回到狀態A；其狀態變化過程中的p-V圖像如圖所示．已知圖線的AD段是雙曲線的一部分，且該氣體在狀態A時的溫度為270K．

①求氣體在狀態D和狀態C時的溫度．

②求在循環過程中氣體的最高溫度．30、[選修3-3]

【小題1】如圖，一定量的理想氣體，由狀態a等壓變化到狀態b，再從b等容變化到狀態c。a、c兩狀態溫度相等。下列說法正確的是。_______。(填入正確答案標號。選對1個得2分；選對2個得4分：有選錯的得0分)

A．從狀態b到狀態c的過程中氣體吸熱B．氣體在狀態a的內能等于在狀態c的內能C．氣體在狀態b的溫度小于在狀態a的溫度D．從狀態a到狀態b的過程中氣體對外做正功【小題2】一儲存氮氣的容器被一絕熱輕活塞分隔成兩個氣室A和B，活寨可無摩擦地滑動。開始時用銷釘固定活塞，A中氣體體積為2.5×10-4m3，溫度為27℃，壓強為6.0×104Pa；B中氣體體積為4.0×10-4m3，溫度為-17℃，壓強為2.0×104Pa。現將A中氣體的溫度降至-17℃，然后拔掉銷釘，并保持A、B中氣體溫度不變，求穩定后A和B中氣體的壓強。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【詳解】

當滑動變阻器的滑片P向左滑動時，總電阻增大，則總電流減小，所以B燈變暗；內電壓減小，則外電壓增大，燈泡B的電壓減小，則并聯部分的電壓增大，則燈泡A變亮，故A正確，B錯誤；根據P=EI知，電源的總功率減小，故C錯誤；電源的輸出功率與內阻和外阻的關系有關，當內阻小于外阻，外阻增大時，輸出功率減小，當內阻大于外阻，外阻增大時，輸出功率增大，外阻等于內阻時，電源的輸出功率最大，故D錯誤。所以A正確，BCD錯誤。2、B【分析】A；并聯后總電阻小于任何支路的電阻；故并聯后總電阻減小，故A錯誤；

B；由于總電壓恒定；并聯后總電阻減小，導致電路中的總電流增大，電線上電壓降增大，則燈泡兩端的電壓減小，從而使流過白熾燈的電流變小，故B正確，D錯誤；

C；電爐與燈泡并聯；電壓相等，故C錯誤。

點睛：本題生活中現象，考查應用物理知識分析實際問題的能力，相當于電路中動態變化分析問題。3、D【分析】【詳解】

氦氖激光器能產生三種波長的激光，其中兩種波長分別為:輻射光子的能量與能級差存在這樣的關系所以：

聯立兩式得：

D正確，ABC錯誤．4、D【分析】【詳解】

A．密立根由油滴實驗測定力了元電荷的數值；庫侖提出了電荷守恒定律并測出了靜電力常量，故A錯誤；

B．奧斯特發現了電流的磁效應；法拉第首先發現了電磁感應現象，故B錯誤；

C．庫侖通過扭秤實驗總結出了真空中的兩靜止點電荷間相互作用的規律；密立根最早實驗測量出電子電荷量的精確值，故C錯誤；

D．法拉第最早提出了“電場”的概念；故D正確；

故選D。5、C【分析】【詳解】

試題分析：改裝電壓表需要串聯一個電阻進行分壓；所以BD錯誤；

根據歐姆定律可得：即解得

故選C；

考點：考查了電壓表的改裝原理。

點評：電流表串聯電阻起分壓作用為電壓表，電壓表串聯電阻為總電阻減去電流表的內阻．總電阻=量程除以滿偏電流．6、B【分析】【詳解】

AB、玻璃皿中的液體相當于一段導體，該段導體通電后在磁場中發生運動，運動后產生反電動勢，所以對于該段導體不再適用歐姆定律來計算通過電流，在玻璃皿中放入硫酸銅溶液，發現溶液旋轉，此時電壓表的示數為將圖中的磁鐵撤去后，發現電壓表的示數變為由于萬用表調至直流電壓檔，阻值大，所以因硫酸銅溶液旋轉而產生的電動勢約為故A錯誤，B正確；

C；步驟②中電壓相比步驟①變大主要是因為磁鐵撤去后；該段導體通電后沒有產生反電動勢，故C錯誤；

D；將硫酸銅溶液換成蒸餾水不能觀察到蒸餾水的旋轉現象；故D錯誤；

故選B．二、多選題(共8題，共16分)7、A:C【分析】【詳解】

甲圖中的等效電動勢為：等效內阻為：乙圖的等效電動勢為：等效內阻：丙圖的等效電動勢為：等效內阻為：丁圖的等效電動勢：等效內阻：則：故AC正確．8、B:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運動間接的反映了液體分子的熱運動；故A錯誤；

B．單晶體的各向異性是由單晶體的內部結構決定的；故B正確；

C．理想氣體的分子距離較大，一般大于10r0；其分子間作用力為0，分子勢能為0，故C錯誤；

D．由于水分子的表面張力作用；在圍繞地球飛行的宇宙飛船中，自由飄浮的水滴呈球形，故D正確；

E．熱量可以從低溫物體傳到高溫物體；比如電冰箱；空調等是會引起其他變化而已，故E正確。

故選BDE。9、B:C【分析】【詳解】

AB、當開關閉合后，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖讀出其電流I1=0.25A，則燈泡L1的電阻功率P1=U1I1=0.75W．故選項A不符合題意；選項B符合題意；

C、燈泡L2的電壓為U，電流為I，R與燈泡L2串聯，則有在小燈泡的伏安特性曲線作圖，如圖所示；

則有L2的電阻為5Ω，L2消耗的電功率為0.2W；故選項C符合題意，選項D不符合題意；

故選BC．10、B:C【分析】【詳解】

A.根據電容決定式：

下極板上移時，則d減小，可知C增大，因為電壓不變，根據Q=UC可知；極板帶電量增大，故A錯誤；

B.將平行板電容器的下極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據得知板間場強增大；油滴所受的電場力增大，則油滴將向上運動，故B正確；

C.場強E增大，而P點與上極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與上極板間電勢差將增大，上極板的電勢等于電源的電動勢，保持不變，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低；故C正確；

D.由帶電油滴原來處于平衡狀態可知，油滴帶負電，P點的電勢降低且大于零；則油滴的電勢能將增加，故D錯誤。

故選BC。11、A:D【分析】【詳解】

AB.初態氣體壓強：添加沙粒后氣體壓強：對氣體用波意爾定律得：解得A正確B錯誤。

CD.設活塞回到原來位置時氣體溫度為該過程為等壓變化，有解得C錯誤D正確12、A:B【分析】【詳解】

分析電子一個周期內的運動情況：0～T/4時間內，因B板電勢高，則電子從靜止開始向B板做勻加速直線運動，T/4～T/2時間內沿原方向做勻減速直線運動，T/2時刻速度為零。T/2～3T/4時間內向A板做勻加速直線運動，3T/4～T時間內向A板做勻減速直線運動。接著周而復始。根據勻變速運動速度圖象是傾斜的直線可知，B圖符合電子的運動情況。故B正確，C錯誤。電子做勻變速直線運動時x-t圖象應是拋物線，故D錯誤。根據電子的運動情況：勻加速運動和勻減速運動交替產生，而勻變速運動的加速度不變，a-t圖象應平行于橫軸。故A正確。13、A:D【分析】【分析】

由圖可知電路結構；根據滑片的移動明確電路中電阻的變化，由閉合電路歐姆定律明確電路中電流及電壓的變化，再對局部電路進行分析得出電容器電壓的變化，從而判斷其電量的變化．

【詳解】

由圖可知，當滑片左移時，滑動變阻器接入電阻增大，則總電阻減小；由閉合電路歐姆定律可知，總電流減小，故電流表A示數減小；根據歐姆定律知，R2的電壓減小，則電壓表V2的讀數減小．電壓表V1的讀數U1=E-I（R1+r），I減小，則U1增大．將R1、R2看成電源的內阻，由于等效電源的內電阻與RP的大小未知，不能判斷RP消耗的功率變化．電容器的電壓等于電壓表V2的讀數；則知電容器的電壓減小，電量減少．故AD正確，BC錯誤．故選AD．

【點睛】

本題考查閉合電路歐姆定律的應用，要注意明確動態電路的分析方法；掌握解題程序：局部-整體-局部．14、B:C【分析】【詳解】

光電子的最大初動能與照射時間或照射強度無關，故D錯誤；最大初動能與入射光的頻率有關，入射光子的頻率越大，光電子從陰極逸出時最大初動能越大，所以改用比綠光頻率更大的紫光、藍光照射，以增大光電子從陰極逸出時的最大初動能，故A錯誤，BC正確．三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]當

時，R1的電功率有最大值，為

（2）[3][4]當

時，有

（3）[5][6]當

時，有

（4）[7][8]當

時，有

（5）[9][10]當

時，有

【點睛】

本題考查電路中的定值電阻電功率、可變電阻電功率、電源內阻電功率、電源輸出功率的計算，注意各種電功率的處理方法。【解析】00R2max16、A:C:D【分析】【詳解】

A、由圖知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，則a光的波長大于b光的波長；故A錯誤；

BC、由知，b光在玻璃磚中傳播速度較小；時間較長，故B正確，C錯誤；

D、由知a光的臨界角較大，b光的臨界角較小，則當光束SA繞圓心O逆時針轉動過程中，在光屏P上最早消失的是b光；D錯誤；

E、a光的波長大于b光的波長，a光波動性強，相同條件下，a光比b光容易發生衍射，故E正確；

不正確的是故選ACD．

【點睛】

根據光線的偏折程度，比較光的折射率大小，從而得出頻率的大小關系；由比較光在玻璃磚中傳播速度的大小，即可比較時間的長短；由比較臨界角的大小，臨界角小的光最先消失；折射率越小，波長越長，越容易發生衍射．17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]氣體從狀態變化到狀態的過程中，溫度不變，內能不變；壓強減小，根據理想氣體狀態方程

可知體積增大，對外做功，根據熱力學第一定律

可知

即氣體從狀態a變化到狀態b的過程；氣體對外做的功等于氣體從外界吸收的熱量。

[2]由圖可知a、c均在過原點的直線上，P-T圖像的斜率為體積的倒數，所以氣體在狀態a的體積等于氣體在狀態b的體積；

[3]在bc過程中，等壓變化，溫度降低，內能減小△U＜0

溫度降低，體積減小，外界對氣體做功，根據

可得

bc過程中外界對氣體做功Wbc=p△Vbc=C△Tbc

da過程中，氣體對外界做功

所以

在bc過程中外界對氣體做的功等于在da過程中氣體對外界做的功。【解析】等于等于等于18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]小露珠由于表面張力呈現球形狀；能在荷葉上滾動，是因為荷葉表面的不浸潤。

[2]液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離，則液體表面層分子間作用力表現為分子間引力，當分子間引力和斥力相等時分子勢能最小，此時分子力表現為引力，分子間距離應大于最小分子勢能對應的距離，故應是圖像中的C點。【解析】①.表面張力/不浸潤②.C19、略

【分析】【詳解】

[1]過程I、II氣體對外做的功分別為

由p?V圖可知，所以即過程I對外做的功大于過程II對外做的功。

[2]理想氣體在狀態A和狀態B的溫度相同，內能不變（ΔU=0），由熱力學第一定律得

解得

因為所以即過程I吸收的熱量大于過程II吸收的熱量。【解析】大于大于20、略

【分析】帶電粒子未發生偏轉則所以只改變該粒子的電性，粒子所受的電場力和洛倫茲力方向改變，但大小不變以，所以不會發生偏轉【解析】不會21、略

【分析】【分析】

求電阻的真實值時，應考慮電表內阻的影響，然后根據歐姆定律和串并聯規律求解即可．伏安法測電阻內外接法的選擇方法是：當滿足時，電流表應用外接法，滿足時；電流表應用內接法．

【詳解】

甲圖中：電阻測量值：真實值為：乙圖中：電阻測量值為：真實值為：比較它們的絕對誤差可知，伏安法測時，采用內接法測量誤差較小，所以電流表應用內接法較好．【解析】300290300333內接法22、略

【分析】【小題1】本題考察的是多普勒效應；凡是波源靠近觀察者，觀察者接收到的頻率就會變大，遠離觀察者，接收到的頻率就會變小，故AB正確。

【小題2】分析邊緣光線a；如圖：

由幾何關系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，設為r；在△OBC中；

由勾股定理有：

進而求出

故半球殼外表面上有光線射出區域的圓形邊界的半徑為【解析】【小題1】AB

【小題2】四、作圖題(共3題，共6分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共18分)26、略

【分析】【詳解】

物體處于失重狀態，加速度方向向下，故而可能是減速上升或加速下降。【解析】可能是減速上升或加速下降27、略

【分析】【分析】

明確測量原理；知道電流表本身可以顯示電流，再選擇一個電表測量電壓即可；根據安全性和準確性原則即可明確儀表及接法．

【詳解】

（1）直徑D為：2mm+0.01mm×15.0=2.150mm；長度L為：6cm+0.05mm×3=6.015cm．

（2）①根據題中給出的備用器材，應選擇伏安法測量電流表的內阻．由于給出電壓表量程過大，故應選擇內阻已知的電流表A2作為電壓表；選擇保護電阻R與并聯的兩個電流表串聯．由于電流表兩端電壓最大只有0.12V，滑動變阻器最大電阻只有5Ω，并且要求盡可能高的測量精度，并能測得多組數據；所以選擇分壓電路，電路圖如圖所示．

②根據歐姆定律可知待測電流表A1的內阻為：

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