…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、關于電磁波，下列說法正確的是（）A.變化的電場產生變化的磁場B.電磁波必須依賴介質才能傳播C.電磁波在真空中和介質中的傳播速度相同D.電磁波可以發生衍射現象2、與早期的電纜傳輸信息相比，光纖通信具有各方面壓倒性的優勢。基于傳輸效率的考量，目前光纖信號傳輸主要采用850nm、1310nm、1550nm三種波長的激光，其波長均大于紅光波長（630~760nm）。下列說法正確的有（）A.光纖中采用的激光的波長小于X射線的波長B.波長為850nm的激光的頻率約為C.波長為1550nm的激光的頻率比波長為1310nm的激光的頻率高D.相同時間內，波長為1550nm的激光傳遞的信息量比波長為1310nm的激光傳遞的信息量大3、兩個固定的等量異號電荷所產生電場的等勢面如圖中虛線所示；一帶負電的粒子以某一速度從圖中A點沿圖示方向進入電場在紙面內飛行，最后離開電場，粒子只受到靜電力作用，則粒子在電場中()

A.做直線運動，電勢能先變小后變大B.做直線運動，電勢能先變大后變小C.做曲線運動，電勢能先變小后變大D.做曲線運動，電勢能先變大后變小4、一帶電粒子從電場中的A點運動到B點；軌跡如圖中虛線所示。不計粒子所受重力，則錯誤的是（）

A.粒子帶正電B.粒子加速度逐漸減小C.A點的場強大于B點的場強D.粒子的速度不斷減小5、如圖，電荷量分別為q和–q（q>0）的點電荷固定在正方體的兩個頂點上，a、b是正方體的另外兩個頂點。則下列說法不正確的是（）

A.a點和b點的電勢相等B.a點和b點的電場強度大小相等C.a點和b點的電場強度方向相同D.將負電荷從a點移到b點，電勢能減少6、如圖所示，當滑動變阻器的滑動片P向左移動時，下列說法正確的是（）

A.燈的亮度不變B.燈變亮C.燈變暗D.燈先變亮后變暗評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、如圖所示電路中，電源的電動勢為E，內阻為r，R1、R2為兩只相同燈泡，R為光敏電阻（隨光照的增強電阻減小），當光照強度逐漸增強的過程中，發現電壓表的示數變化了△U．下列判斷正確的是。

A.R1燈逐漸變暗，R2燈逐漸變亮B.R和R1消耗的總功率逐漸減小C.R1的電流增大量為D.R2的電壓增大量小于△U8、關于磁場和磁感線的描述，正確的說法是（）A.磁鐵周圍磁感線越密的地方磁感應強度越大B.磁感線起始于磁體的N極，終止于磁體的S極C.沿磁感線方向磁場逐漸減弱D.磁感線總是封閉的曲線9、如圖所示的正四棱錐，正方形底面的邊長為1m，棱空間中有勻強電場、一帶電荷量的正試探電荷由o到a的過程中電勢能減少該試探電荷由a到b與由b到c的過程中電勢能的變化均為零。則下列說法正確的是（）

A.電場方向由o指向aB.電場強度大小為C.o點與中點間的電勢差為10VD.該試探電荷由o點移動到的中點，電勢能減少10、如圖，a、b、c、d為一邊長為2l的正方形的頂點．電荷量均為q（q>0）的兩個點電荷分別固定在a、c兩點，靜電力常量為k．不計重力．下列說法不正確的是。

A.b點的電場強度大小為B.電子過b、d點時的電勢能相等C.在兩點電荷產生的電場中，ac連線上中點的電勢最高D.在b點從靜止釋放的電子，到達d點時動能不為零11、一平行板電容器充電后與電源斷開，如圖所示，以表示電容器的電容，表示電容器的電壓，以表示電容器的帶電量，E表示兩板間的場強。若保持負極板不動；將正極板移到圖中虛線所示的位置，則（）

A.變大B.不變C.變小D.E不變12、甲、乙兩電路圖分別是滑動變阻器的兩種連接方式。是滑動變阻器，是滑動變阻器的滑片，a、b是滑動變阻器的兩端，是待測電阻；下列說法正確的是。

A.在閉合開關測量前，甲、乙兩圖中滑片P都應置于b端B.甲、乙兩圖中待測電阻上的電壓都可以調到零C.阻值遠遠大于滑動變阻器阻值時，選擇甲圖電路連接D.在描繪小燈泡的伏安特性曲線的實驗中，選擇乙圖電路連接13、如圖所示，四個相同的表頭分別改裝成兩個電流表和兩個電壓表。電流表的量程大于的量程，電壓表的量程大于的量程，把它們按圖接入電路，且都沒有超過量程，則（）

A.電流表的讀數大于電流表的讀數B.電流表的偏轉角小于電流表的偏轉角C.電壓表的讀數等于電壓表的讀數D.電壓表的偏轉角等于電壓表的偏轉角評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、如圖所示，質量為m的帶電小球用絕緣絲線懸掛于O點，并處在水平向左廣大的勻強電場E中，小球靜止時絲線與豎直方向夾角為θ，則小球的帶電量為__________；若剪斷絲線帶電小球將做_________運動．

15、非線性電阻R的圖線如圖甲所示，按照圖乙連接電路，電壓恒為電流表示數為定值電阻為800Ω，則此時非線性電阻R的阻值為______Ω，非線性電阻R的電功率為______W。（均保留三位有效數字）

16、如圖1，單刀雙擲開關S原來跟2相接，從t=0開始，開關改接1，得到流過電路中P點的電流隨時間變化的I-t圖像（圖甲），電容器兩極板的電勢差隨時間變化的圖像（圖乙）。T=2s時，把開關改接2，請在I-t圖像和圖像中畫出2s之后一段時間內圖像的大致形狀_______________。

17、『判一判』

（1）放電后的電容器所帶電荷量為零，電容也為零。______

（2）電容器所帶的電荷量是指每個極板所帶電荷量的代數和。______

（3）電容表示電容器容納電荷的多少。______

（4）電容器的電容與電容器所帶電荷量成反比。______

（5）電容器的電容跟它兩極板間所加電壓成反比。______

（6）公式可用來計算任何電容器的電容。______

（7）將電介質插入平行板電容器時，電容器的電容將變小。______

（8）任何兩個彼此絕緣而又相互靠近的導體都能組成電容器，而且跟這兩個導體是否帶電無關。______

（9）電容器兩極板上所加的電壓不能超過擊穿電壓。______18、定義：______、______都不隨時間變化的電流稱為恒定電流。19、黑體：能夠完全吸收入射的各種波長的______而不發生反射。評卷人得分四、實驗題(共1題，共6分)20、某同學做“測定電動勢約1.5V內阻約幾歐的電池的電動勢和內阻”實驗。

(1)他采用如圖所示的實驗電路進行測量。現有下列器材供選用：

A.電壓表（0~15V；內阻約20kΩ）

B.電壓表（0~3V；內阻約10kΩ）

C.電流表（0~0.6A；內阻約0.4Ω）

D.電流表（0~3A；內阻約1Ω）

E.滑動變阻器（5000Ω；1A）

F.滑動變阻器（20Ω；2A）

(1)根據所選儀器．在虛框中畫出實驗電路圖________。

(2)據實驗數據做出U—I圖像，如圖所示，蓄電池的電動勢E=______V，內電阻r=______Ω。（結果保留2位有效數字）

(3)這位同學對以上實驗進行了誤差分析。其中正確的是______。

A.實驗產生的系統誤差；主要是由于電流表的分壓作用。

B.實驗產生的系統誤差；主要是由于電壓表的分流作用。

C.實驗測出的內阻大于真實值。

D.實驗測出的電動勢小于真實值評卷人得分五、解答題(共4題，共16分)21、一帶電粒子由靜止開始經U=500V的電壓加速后，沿平行板的中線垂直進入平行板間的勻強電場，如圖所示，若兩板間距離d=2.0cm，板長L=4.0cm，要使帶電粒子能從平行板間飛出，兩極板間所加恒定電壓的最大值Um不超過多少？（不計粒子的重力）

22、如圖所示，帶電荷量為q、質量為m的小物塊處于傾角為的光滑斜面上，整個裝置被置于水平向右的勻強電場中，小物塊恰好靜止。已知重力加速度為g，求：

(1)勻強電場的電場強度大小E；

(2)若將電場強度變為原來的求物塊的加速度

(3)電場強度變化后物塊上滑距離L=8m時的速度

23、如圖，半徑為R的圓環處在勻強電場E中，圓環平面與電場方向平行，直徑ab與電場線垂直，一帶電粒子以速度v0，從a點沿ab方向射入電場，粒子打在圓環上的c點，已知c點與ab的距離為不計粒子的重力，求帶電粒子的比荷。

24、相距很近的平行板電容器，在兩板中心各開有一個小孔，如圖甲所示，靠近板的小孔處有一電子槍，能夠持續均勻地發射出電子，電子的初速度為質量為電量為在兩板之間加上圖乙所示的交變電壓，其中緊靠板的偏轉電場電壓也等于板長為兩板間距為距偏轉極板右端處垂直放置很大的苂光屏不計電子的重力和它們之間的相互作用，電子在直線加速電場中的運動時間遠小于可以忽略不計。

（1）求在與時間內射出板的電子的速度各多大？（結果用表示）

（2）在時間內，苂光屏上有兩個位置會發光，試求這兩個發光點之間的距離。（結果用表示）

（3）電子束的電子數量多、速度大，由于視覺暫留，電子束達到屏上時，人眼會感到發光點是連續發光的。假設該電子槍只在時間內持續均勻地發射出電子，當取恰當的數值時，兩個發光點的發光持續時間相等，求值。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．變化的電場能夠在周圍空間產生磁場。若電場隨時間均勻變化；則產生穩定的磁場；若電場隨時間不均勻變化，則產生變化的磁場，A錯誤；

BC．電磁波既可以在真空中傳播；又可以在介質中傳播，故電磁波不需要介質也能傳播。電磁波在真空中以光速傳播，而在其它介質中的傳播速度總小于在真空中的傳播速度，故電磁波在真空中和介質中的傳播速度不同，BC錯誤；

D．電磁波具有波的性質；能產生反射；折射、干涉、衍射等現象，D正確。

故選D。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．X射線的波長范圍為0.001~10nm；故光纖中采用的激光的波長大于X射線的波長，A錯誤；

B．由可知，波長為850nm的激光的頻率

B正確；

C．由可知；頻率與波長成反比，波長越長，頻率越低，則波長為1550nm的激光的頻率比波長為1310nm的激光的頻率低，C錯誤；

D．頻率越高；傳遞的信息量越大，則相同時間內，波長為1550nm的激光傳遞的信息量比波長為1310mm的激光傳遞的信息量小，D錯誤。

故選B。3、C【分析】【詳解】

根據等勢面與電場線垂直，可知粒子受靜電力方向與速度方向不在同一直線上，所以粒子做曲線運動，A、B選錯誤．帶負電的粒子先靠近帶正電的固定電荷，后又遠離正電荷，電場力先做正功，后做負功，粒子的電勢能先變小后變大，C正確．4、A【分析】【詳解】

A．根據曲線運動的受力特點可知，帶電粒子所受的電場力應該指向曲線彎曲的內側；所以電場力逆著電場線方向，則粒子帶負電，故A錯誤，故A符合題意；

BC．電場線密的地方電場強度大，所以A點的場強比B點的場強大，由F=qE知；粒子在B點受到的電場力較小，所以粒子加速度逐漸減小，故BC正確，故BC不合題意；

D．從A到B的過程中，電場力對粒子做負功，所以粒子的動能減小，則帶電粒子在A點的速度大于B點的速度；故D正確，故D不合題意；

本題選錯誤的故選A。5、A【分析】【詳解】

A．等量異號電荷形成的電場線和等勢面如圖所示

結合圖中對應的幾何關系可知，a靠近負電荷，而b靠近正電荷，則可知a點電勢一定小于b點電勢；故A錯誤；

BC．a、b兩點是兩電荷單獨在兩點形成的電場強度的疊加，如圖所示

由圖可知，兩點處的兩分場強恰好相同，故a點和b點的電場強度大小相等；電場強度方向相同，故B；C正確；

D．由于a點電勢小于b點電勢，根據可知將負電荷從a點移到b點的過程中電勢能減小；故D正確；

故錯誤的選A。6、B【分析】【詳解】

設滑動變阻器總電阻為R，滑動端P的左右兩邊電阻分別為R-R1和R1，則通過燈泡的電流

則當滑動變阻器的滑動片P向左移動時，R1變大IL變大；燈泡變亮；

A．燈的亮度不變；與結論不相符，選項A錯誤；

B．燈變亮；與結論相符，選項B正確；

C．燈變暗；與結論不相符，選項C錯誤；

D．燈先變亮后變暗，與結論不相符，選項D錯誤；二、多選題(共7題，共14分)7、A:B:D【分析】【詳解】

A.當光照增強時，光敏電阻R的阻值減小，電路的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，則R2燈逐漸變亮。由U=E?Ir可知，路端電壓減小，R2燈的電壓增大，則R1兩端的電壓減小，故R1燈逐漸變暗；故A正確；

B.將R2燈看成電源內電路的一部分，光敏電阻R和燈泡R1消耗的總功率是等效電源的輸出功率，由于等效電源的內阻大于外電阻，所以當光敏電阻的阻值減小，外電阻減小時，等效電源的內外電阻之差加大，輸出功率減小，則光敏電阻R和燈泡R1消耗的總功率逐漸減小。故B正確；

C.由A選項分析可知，R1兩端的電壓減小；電流也減小，故C錯誤；

D.R1兩端的電壓減小△U，R2燈和內阻的電壓和增大△U，所以R2的電壓增大量小于△U；故D正確。

故選：ABD8、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．磁鐵周圍磁感線越密的地方磁感應強度越大；選項A正確；

BD．在磁體外部磁感線從磁體的N極到S極；在內部由S極到N極，形成閉合的曲線，選項B錯誤，D正確；

C．磁感線的疏密反映磁場的強弱；沿磁感線方向磁場不一定逐漸減弱，選項C錯誤。

故選AD。9、B:D【分析】【詳解】

A．由于試探電荷由a到b、由b到c的過程電勢能的變化均為零，則說明a、b、c三點的電勢相等，則底面為等勢面，由電場方向與等勢面垂直，則電場方向沿豎直方向，又正試探電荷由o到a的過程中電勢能減少則由公式

得

o點的電勢比a點的電勢高，所以電場方向由o點指向正方形的中心；A錯誤；

B．由幾何關系可知o點到正方形中心的距離為

則電場強度的大小為

B正確；

C．由公式

可知o點與中點間的電勢差為20V；C錯誤；

D．同理o點到的中點電勢差為

則該試探電荷由o點移動到中點電場力做功為

則該電荷電勢能減少D正確。

故選BD。10、C:D【分析】【詳解】

A．固定在a點的點電荷在b點的電場強度大小方向由a點指向b點；固定在c點的點電荷在b點的電場強度大小方向由c點指向b點；則b點的電場強度大小．故A項不符合題意；

BD．由等量正電荷電場線分布和等勢面分布特點知，b、d兩點的電勢相等，則電子過b、d點時的電勢能相等；據能量守恒知，在b點從靜止釋放的電子，到達d點時動能為零．故B項不符合題意；D項符合題意；

C．由等量正電荷電場線分布和等勢面分布特點知，ac連線上中點的電勢最低；故C項符合題意．11、A:D【分析】【詳解】

一平行板電容器充電后與電源斷開，則電量Q不變，距離d減小，根據電容的決定式

知電容C變大，根據

因電量Q不變，則U變小，根據

聯立以上三個方程得

因電量Q不變，則E不變；故AD正確，BC錯誤。

故選AD。12、A:D【分析】【詳解】

A.甲是滑動變阻器的限流接法，在閉合開關測量前，甲滑片P應置于最大阻值處，即處于b端；而乙是滑動變阻器的分壓接法，在閉合開關測量前，乙滑片P應該把測量電路短路，即處于b端；故A正確；

B.乙待測電阻上的電壓都可以調到零，甲的測電阻上的電壓調不到零；故B錯誤；

C.阻值遠遠大于滑動變阻器阻值時；選擇分壓接法，即乙圖電路連接，故C錯誤；

D.在描繪小燈泡的伏安特性曲線的實驗中；選擇分壓接法，選擇乙圖電路連接，故D正確；

故選擇：AD；13、A:D【分析】【詳解】

電流表A1的量程大于A2的量程，故電流表A1的內阻小于A2的內阻；電壓表V1的量程大于V2的量程，故V1的電阻大于V2的電阻；

AB．由圖可知，兩電流表并聯，故兩流表兩端的電壓相等，兩表由同一電流表改裝而成，而將電流表擴大量程時為并聯一小電阻，故相當于為四個電阻并聯，故兩表頭中電流相同，故兩表的偏角相同，故A1中的電流要大于A2中的電流，故A1的讀數比A2的讀數大；故A正確，B錯誤；

CD．兩電壓表串聯，故通過兩表的電流相等，故V1的讀數比V2的讀數大，兩電壓表串聯，通過表頭的電流相等，表頭指針偏轉角度相等，電壓表V1的偏轉角等于電壓表V2的偏轉角；故D正確，C錯誤。

故選AD。三、填空題(共6題，共12分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由于帶電小球向左偏；所受電場力方向向左，電場線方向也向左，則小球帶正電．分析小球的受力情況，作出受力圖如下圖所示。

根據平衡條件得

得

[2]如果將細線燒斷，小球受到重力和電場力，合力恒定，球沿合力方向即繩子方向向下做勻加速直線運動。【解析】沿繩方向向下做初速度為零的勻加速直線15、略

【分析】【詳解】

[1]電阻R1的電流為

則通過R的電流為IR=75mA-15mA=60mA，則由圖線可知R兩端電壓為UR=10V，則

[2]電阻R的電功率為P=IRUR=0.600W【解析】1670.60016、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]開關S接1時，電容器充電，充電完畢，電流為零，再將開關S撥向2位置，開始反向放電，放電完畢后，電流為零，如圖甲所示：

開關S接1時，電容器與電源直接相連，充電結束后，兩端電壓為電動勢，恒定不變，放電過程中，電壓逐漸減小，但極板的電性不變，如圖乙所示：

【解析】圖見解析17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）電容器的電容由電容器本身決定；所以放電后的電容器所帶電荷量為零，電容不為零，故錯誤；

（2）電容器所帶的電荷量是指任意一個極板所帶電荷量；故錯誤；

（3）電容表示電容器容納電荷的能力；在豎直上等于1V電壓下極板所帶的電荷量，故錯誤；

（4）電容器的電容由電容器本身決定；極板間的電壓和電荷量無關，電容的大小等于電容器所帶的電荷量與極板間的電壓的比值，故錯誤；

（5）電容器的電容由電容器本身決定；極板間的電壓和電荷量無關，電容的大小等于電容器所帶的電荷量與極板間的電壓的比值，故錯誤；

（6）公式只能計算平行板電容器的電容；故錯誤；

（7）將電介質插入平行板電容器時；電容器的電容將變大，故錯誤；

（8）任何兩個彼此絕緣而又相互靠近的導體都能組成電容器；而且跟這兩個導體是否帶電無關，故正確；

（9）電容器任意一個極板上所加的都電壓不能超過擊穿電壓，故錯誤。【解析】①.錯誤②.錯誤③.錯誤④.錯誤⑤.錯誤⑥.錯誤⑦.錯誤⑧.正確⑨.錯誤18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】大小方向19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】電磁波四、實驗題(共1題，共6分)20、略

【分析】【詳解】

(1)[1]根據實物圖連接電路圖；如圖所示：

(2)[2]由圖示電源U-I圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值為1.5，電源電動勢E=1.5V

[3]電源內阻

(3)[4]在測量電源的電動