…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大新版選擇性必修1物理下冊月考試卷569考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖甲為一列簡諧橫波在t=0.10s時刻的波形圖，P是平衡位置為x=4m處的質點，圖乙為質點P的振動圖像；則（）

A.該波向方向傳播，速度是40m/sB.質點P的振動方程為y=20sin（50πt）（cm）C.從t=0.10s到t=0.25s，質點P通過的路程為30cmD.t=0.10s時，質點P的速度達到正向最大2、某小組研究物體在豎直平面內做圓周運動的特點；在物體由最低點運動到最高點的過程中，其動能和重力勢能隨時間的變化分別如圖①；②圖線所示，圖線①與橫軸平行，則物體在此運動過程中（）

A.機械能守恒B.動量不變C.合外力不變D.克服重力做功為3、2020年12月22日，作為太陽同步軌道火箭的長征八號首次試飛成功。關于火箭發射，下列說法正確的是（）A.火箭發射過程中機械能守恒B.影響火箭速度大小的因素只有噴出氣流的速度C.影響火箭速度大小的因素包括噴氣的質量與火箭本身質量之比D.噴出氣流對火箭的沖量與火箭對噴出氣流的沖量相同4、某碼頭采用斜面運送冷鏈食品，簡化如圖甲所示，電動機通過繞輕質定滑輪的輕細繩與放在傾角為的足夠長斜面上的物體相連，啟動電動機后物體沿斜面上升，在時間內物體運動的圖像如圖乙所示，其中除時間段圖像為曲線外，其余時間段圖像均為直線，后電動機的輸出功率保持不變。已知物體的質量為不計一切摩擦，重力加速度則下列判斷正確的是（）

A.在內電動機所做的功為B.后電動機的輸出功率為C.在內電動機牽引力的沖量大小為D.在內物體沿斜面向上運動了5、如圖所示，A、B兩物塊質量之比為2：1，用水平細線相連靜止在水平地面上，現用水平恒力F作用在物塊B上，使A、B一起向右以速度v做勻速運動。某時刻A、B間的細線突然斷開，當物塊B的速度為2v時；物塊A仍在運動，則此時物塊A的速度大小為（）

A.B.C.D.6、一列簡諧橫波在t=0時的波形圖如圖所示，此刻x=2m處的質點P沿y軸向上運動；其振動周期為0.4s。以下說法正確的是（）

A.這列波向左傳播B.這列波的振幅為20cmC.這列波的波速為10m/sD.從此時刻起經過1s，P點位于波峰位置7、處于坐標原點的波源產生一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，波速v=200m/s。已知t=0時，波剛傳播到x=40m處，波形如圖所示。在x=400m處有一接收器(圖中未畫出)；則下列說法正確的是（）

A.波源開始振動時方向沿y軸正方向B.x=10m處質點每秒向右移動200mC.若波源向x軸正方向勻速運動，接收器接收到波的頻率大于10HzD.當t=0.1s時，x=40m處的質點恰好到達波谷的位置評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、將彈簧振子從平衡位置拉開4cm后放開；同時開始計時，其振動圖像如圖所示，則（）

A.振動的周期為0.4sB.物體的振幅為8cmC.在0.1～0.2s振子正在做加速度增大的減速運動D.在0.1～0.2s振子速度方向沿x軸正方向9、把重物壓在紙帶上，用一水平力緩緩拉動紙帶，重物跟著紙帶一起運動；若迅速拉動紙帶，紙帶就會從重物下抽出，這個現象的原因是（）A.在緩緩拉動紙帶時，紙帶給重物的摩擦力大B.在迅速拉動紙帶時，紙帶給重物的摩擦力大C.在緩緩拉動紙帶時，紙帶給重物的沖量大D.在迅速拉動紙帶時，紙帶給重物的沖量大10、如圖所示，滑塊和小球的質量分別為M、m。滑塊可在水平放置的光滑固定導軌上自由滑動，小球與滑塊上的懸點O由一不可伸長的輕繩相連，輕繩長為l；開始時，輕繩處于水平拉直狀態，小球和滑塊均靜止?，F將小球由靜止釋放，當小球到達最低點時，下列說法正確的是（）

A.滑塊和小球組成的系統動量不守恒B.滑塊和小球組成的系統豎直方向動量守恒C.小球的最大速率為D.小球的最大速率為11、如圖所示，甲和他的冰車總質量甲推著質量的小木箱一起以速度向右滑行。乙和他的冰車總質量也為乙以同樣大小的速度迎面而來。為了避免相撞，甲將小木箱以速度v沿冰面推出，木箱滑到乙處時乙迅速把它抓住。若不計冰面的摩擦力，則小木箱的速度v可能為（）

A.B.C.D.12、一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形如圖甲所示，圖乙是位于x=1m的質點N此后的振動圖像，Q是位于x=10m處的質點。則下列說法正確的是（）

A.波沿x軸正方向傳播B.在6s~6.5s時間內，質點M的速度在增大，加速度在減小C.在t=9s時，質點N運動到Q點E.在t=12s時，質點Q的位置坐標為（10m，8cm）E.在t=12s時，質點Q的位置坐標為（10m，8cm）評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)13、圖中實線為一列簡諧橫波在某一時刻的波形曲線，經過后，其波形曲線如圖中虛線所示。已知該波的周期T大于若波是沿x軸正方向傳播的，則該波的速度大小為___________周期為___________s，若波是沿x軸負方向傳播的，該波的周期為___________s。

14、如圖回復力：F=______（填“G1”或者“G2”）=_________.

擺線的拉力和擺球重力沿擺線方向分力的合力充當______，F向=____________.（繩的拉力為FT）

15、平衡位置：物體在振動過程中回復力為___________的位置。16、在研究某列簡諧橫波的傳播時得到時的波形，如圖所示，此時波剛好傳到點，若該列簡諧橫波的波速為2.5m/s，且沿軸正方向傳播，則此時處質點的速度方向沿軸______（選填“正方向”或“負方向”），該列簡諧橫波的周期是______s。

17、如圖所示，一直角三棱鏡橫截面AB邊垂直熒光屏，底邊BI長為L，一束光線由BI中點垂直BI射入棱鏡，該棱鏡對該光線的折射率為最終在熒光屏上得到兩個比較亮的光斑，則兩個光斑之間的距離為______，光線在三棱鏡中傳播的最長時間為______。（不計光線在棱鏡中的第三次反射，光在真空中的傳播速度為c）

18、甲、乙兩人在湖邊釣魚，甲發現湖中釣魚的浮標隨水波上下浮動，他觀測發現浮標第1次到達最高點至第11次到達最高點的時間s，甲、乙的浮標在波的傳播方向上相距m，從甲的浮標第一次運動到最高點開始計時，不考慮其他波源，經時間s，乙的浮標第一次到達最高點。該水波的周期為_______s，波長為_______m。19、如圖甲所示，在“用雙縫干涉測光的波長”實驗中，將雙縫干涉儀按要求安裝在光具座上，已知雙縫與屏的距離為L，雙縫間距為d。

①調節儀器使分劃板的中心刻度對準一條亮條紋的中心A，示數如圖乙所示，其讀數為x1=____________mm。移動手輪至另一條亮條紋的中心B，讀出其讀數為x2.

②寫出計算波長的表達式λ=____________（用x1、x2、L、d表示）。

③若將濾光片由綠色換成紅色，其他條件不變，則屏上干涉條紋的間距將____________（填“增大”“減小”或“不變”）。20、衍射光柵。

（1）構成：由許多_______的狹縫_______地排列起來形成的光學元件。

（2）增加狹縫的個數，衍射條紋的寬度變_______，亮度_______

（3）種類：_______和_______評卷人得分四、實驗題(共2題，共20分)21、某學習小組通過圖甲實驗裝置來驗證動量守恒定律。A是同定在水平桌面上光滑的斜槽。斜槽末端與水平桌面平行，B是氣墊導軌，C是光電門，D是帶有小孔的滑塊（孔內粘有膠帶，小球進入小孔即粘在膠帶上），滑塊上方有一窄擋光片。實驗前將斜槽固定在水平桌面上，調整氣墊導軌的高度，使滑塊小孔與斜槽末端在同一高度處，同時調整氣墊導軌水平，多次改變小球釋放高度h。得到擋光片通過光電門的時間t，做出圖象。小球質量為m，滑塊總質量為M，擋光片寬度為d，重力加速度為g。

(1)用螺旋測微器測量擋光片的寬度，如圖乙所示，寬度d＝______mm；

(2)請用題中所給的物理量來表示，只要滿足關系式h＝______；就可以說明在誤差允許范圍內碰撞中動量守恒；

(3)如果圖象是一條過原點的______（填寫“傾斜直線”或“拋物線”），同樣可以驗證動量守恒。22、(1)在驗證牛頓第二定律的實驗中得到的兩條曲線如圖所示。左圖的直線不過原點是由于__________；右圖的直線發生彎曲是由于__________造成的。

(2)如圖；用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系。

①實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是可以通過僅測量__________（填選項前的序號）；間接地解決這個問題。

A．小球開始釋放的高度

B.小球拋出點距地面的高度H

C.小球做平拋運動的水平位移。

②用天平測量兩個小球的質量圖中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射小球多次從斜軌上S位置靜止釋放；然后把被碰小球靜置于軌道水平部分的右側末端，再將入射小球斜軌上S位置靜止釋放，與小球相撞，并重復多次，分別找到小球的平均落點M、P、N，并測量出平均水平位移OM、OP、ON。

③若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為___________（用②中測量的量表示）；

若碰撞是彈性碰撞，那么還應該滿足的表達式為___________（用②中測量的量表示）。評卷人得分五、解答題(共2題，共20分)23、如圖所示，厚度均勻的長木板C靜止在光滑水平面上，木板上距左端L處放有小物塊B．某時刻小物塊A以某一初速度從左端滑上木板向右運動，已知A、B均可視為質點，A、B與C間的動摩擦因數均為A、B、C三者的質量相等，重力加速度為g。求：

(1)A剛滑上木板時；A；B的加速度大??；

(2)要使A；B不發生碰撞；A的初速度應滿足的條件；

(3)若已知A的初速度為且A；B之間發生彈性碰撞，碰撞前后A、B均沿同一直線運動。要保證A、B均不會從木板上掉下，木板的最小長度是多少。

24、平衡位置位于原點O的波源發出簡諧橫波在均勻介質中沿水平x軸傳播；P；Q為x軸上的兩個點（均位于x軸正向），P與O的距離為35cm，此距離介于一倍波長與二倍波長之間，已知波源自t=0時由平衡位置開始向上振動，周期T=1s，振幅A=5cm．當波傳到P點時，波源恰好處于波峰位置；此后再經過5s，平衡位置在Q處的質點第一次處于波峰位置，求：

（?。㏄；Q之間的距離；

（ⅱ）從t=0開始到平衡位置在Q處的質點第一次處于波峰位置時，波源在振動過程中通過路程．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖乙可得，周期T=0.2s，在t=0.10s時，P點速度方向向下，由同側法可判斷出該波向方向傳播，由甲圖可得波長則

故A錯誤；

B．由

可得質點P的振動方程為

故B錯誤；

C．從t=0.10s到t=0.25s，經過則質點P通過的路程為

故C正確；

D．由圖乙可知，t=0.10s時，質點P的速度達到負向最大；故D錯誤。

故選C。2、D【分析】【詳解】

A．由題圖可知；在物體做圓周運動由最低點運動到最高點的過程中，動能不變，重力勢能逐漸增大，故機械能逐漸增大，A錯誤；

B．物體由最低點運動到最高點的過程中；速度方向時刻改變，故動量方向時刻改變，B錯誤；

C．由題意可知；物體做勻速圓周運動，故合外力時刻沿半徑指向圓心，方向時刻改變，C錯誤；

D．由題圖可知，重力勢能增量為故物體克服重力做功為D正確。

故選D。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．火箭發射過程中有燃料的燃燒；有外力對火箭做功，機械能不守恒，A錯誤；

BC．影響火箭速度大小的因素是噴氣速度和噴氣的質量與火箭本身質量之比；故B錯誤，C正確；

D．噴出氣流對火箭的沖量與火箭對噴出氣流的沖量大小相等；方向相反，D錯誤。

故選C。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．在0~1s內，物體位移大小為

設0~1s內電動機做的功為由動能定理得

解得

故A錯誤；

B．在0~1s內，物體的加速度大小為

設0~1s內細繩拉力的大小為由牛頓第二定律得

解得

由題意知1s后電動機輸出功率為

故B錯誤；

C．當物體達到最大速度后，根據平衡條件可得細繩的拉力大小為

根據功率的公式可得

在1~5s內，設電動機牽引力的沖量大小為I，由動量定理得

解得

故C正確；

D．設1~5s內物體沿斜面向上運動的距離為對物體由動能定理得

解得

所以在內物體沿斜面向上運動的距離為

故D錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

由于B速度為2v時，A未停止運動，因此兩物塊組成的系統合外力為零，系統動量守恒。當B的速度為2v時，設A的速度為根據動量守恒有

解得

故C正確；ABD錯誤。

故選C。6、C【分析】【詳解】

A．此刻x=2m處的質點P沿y軸向上運動，結合波形微平移方法得到，波向x正方向傳播；A錯誤；

B．由波形圖像得到振幅A=10cm

B錯誤；

C．由波形圖像得到波長為4m，故這列波的波速為

C正確；

D．從此時刻起經過1s，即經過2.5T，則P位于的位置；D錯誤。

故選C。7、C【分析】【詳解】

A．所有質點的起振方向和波源起振方向一致，根據上下坡法，可知圖中x=40m處質點的起振方向為沿y軸負方向，則波源開始振動時方向沿y軸負方向；故A錯誤；

B．波上的質點只在平衡位置上下振動；不隨波遷移，故B錯誤；

C．根據題意結合圖可知

該波的頻率為

若波源向x軸正方向運動；波源與接收器間的距離減小，根據多普勒效應可知，接收器收到波的頻率增大，將大于10Hz，故C正確；

D．當t=0.1s時，即經過了一個周期，x=40m處的質點回到了平衡位置；故D錯誤。

故選C。二、多選題(共5題，共10分)8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由圖像可得；周期為0.4s，振幅為4cm，B錯誤A正確；

CD．由圖可知，在0.1s～0.2s內，振子從平衡位置向負的最大位移處運動，則振子速度方向沿x軸負方向；并且速度逐漸減?。徽褡拥奈灰茷樨?，且大小正在增大，由。

知加速度在增大；所以振子正在做加速度增大的減速運動，D錯誤C正確。

故選AC。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

水平力F慢慢拉紙帶；重物與紙片間是靜摩擦力；若迅速拉動紙帶，紙帶會從重物下抽出，重物與紙片間也是滑動摩擦力；滑動摩擦力大于靜摩擦力，故A錯誤，B正確；

紙帶對重物的合力等于摩擦力，慢拉時滑動摩擦力作用時間長，故慢拉時紙帶給重物的摩擦力的沖量大，故慢拉時，紙帶給重物的沖量大，快拉時沖量小，故C正確；D錯誤10、A:C【分析】【詳解】

A．小球下落過程中系統合外力不為零，因此系統動量不守恒，故A正確；

B．繩子拉力屬于內力，當小球到達最低點時，系統在水平方向不受外力作用，因此系統水平方向動量守恒，但豎直方向合外力不為0，動量不守恒，故B錯誤；

CD．當小球落到最低點時，只有水平方向有速度，此時小球和滑塊的速度均達到最大，根據系統水平方向動量守恒得

小球下落過程中系統機械能守恒，則

聯立解得

故C正確；D錯誤。

故選AC。11、C:D【分析】【詳解】

設甲至少以速度將箱子推出，推出箱子后甲的速度為乙接在箱子后的速度為取向右方向為正方向。甲將箱子沿冰面推給乙的過程，甲和箱子組成的系統動量守恒，根據動量守恒定律得

乙把箱子抓住的過程，乙與箱子組成的系統動量守恒，根據動量守恒定律得

如果甲、乙不相撞，則有

聯立解得

故選CD。12、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖乙可知質點N的起振方向向下，由波的上坡下下坡上法則可得知波沿x軸正方向傳播；故A正確；

B．由甲圖結合A選項可知，0時刻質點在平衡位置開始向上振動，由乙圖可知，振動的周期T為4s，所以在t=6s時，剛好經過回到平衡位置；在6s~6.5s時間內，在遠離平衡位置，有速度減小，加速度增大，故B錯誤；

C．橫波中質點只會上下振動；不會隨波移動，故C錯誤；

D．由

帶入數據計算可得波速

波從M傳到Q點需要7s，此后Q上下振動，所以Q在t=10s內振動的路程為

故D正確；

E．在t=12s，由D可知波傳到Q點，用了7s，后面還有5s，為且Q點的起振方向和M相同是向上，故在t=12s時,質點Q的位置坐標為（10m；8cm）,故E正確。

故選ADE。三、填空題(共8題，共16分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）若波是沿x軸正方向傳播的，波形移動了15cm，由此可求出波速和周期：

（2）若波是沿x軸負方向傳播的，波形移動了5cm，由此可求出波速和周期：【解析】0.50.4

1.214、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]回復力是指向平衡位置的力，大小為G1；根據力的分解。

[3][4]擺線的拉力和擺球重力沿擺線方向分力的合力充當向心力；大小為。

【解析】G1Gsinθ向心力FT－Gcosθ15、略

【分析】【分析】

【詳解】

平衡位置：物體在振動過程中回復力為零的位置?！窘馕觥苛?6、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]該列簡諧橫波沿軸正方向傳播，結合圖像可知，時刻，處質點由平衡位置沿軸負方向運動；

[2]由題圖知，波長

由于波速

因此該波的周期【解析】①.負方向②.1.617、略

【分析】【詳解】

[1]光路圖如圖所示，兩個光斑所在位置為G、F點，由

可得該光線在棱鏡中的臨界角為

光線第一次射到AI界面時的入射角為

大于臨界角，光線發生全反射。經AB界面反射的光線恰好垂直AI射出，射到熒光屏上的F點，另一束光線在AB界面發生折射，此時的入射角為30°，折射光線射到熒光屏上的G點。由折射定律有

解得

由幾何知識可知

為等腰三角形，則

則

在中，有

則

[2]光線在棱鏡中傳播的最大距離為

光線在棱鏡中的傳播速度為

則光線在棱鏡中傳播的最長時間為

【解析】18、略

【分析】【詳解】

[1][2]由題意可知該水波的周期為

波速為

波長為【解析】2419、略

【分析】【詳解】

①[1]由圖乙所示可知；游標卡尺示數為：19mm+4×0.1mm=19.4mm；

②[2]由雙縫干涉條紋公式有：

而

聯立可得：

③[3]由綠色換成紅色，波長增大，其他條件不變，由雙縫干涉條紋公式可知，屏上干涉條紋的間距將增大。【解析】19.4增大20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.等寬②.等距離③.窄④.增加⑤.透射光柵⑥.反射光柵四、實驗題(共2題，共20分)21、略

【分析】【詳解】

(1)[1]螺旋測微器的讀數為2mm+15.0×0.01mm＝2.150mm

(2)[2]根據動能定理得mgh＝

得小球下滑到斜面底端的速度為

小球與斜槽當光電門的速度為

由動量守恒定律可得mv0＝(m+M)v

即

整理得

(3)[3]由(2)分析可知，h與成正比，所以圖