…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年西師新版高三物理下冊階段測試試卷618考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、【題文】下列設(shè)備或做法中，利用了尖端放電原理的是（）A.避雷針B.油罐車接地的鐵鏈C.靜電除塵D.給飛機加油時，要把油箱與大地用電纜連接起來2、2011

年7

月我國“蛟龍”號載人潛水器成功實現(xiàn)下潛5km

深度。設(shè)潛水器在下潛或上升過程中只受重力、海水浮力和海水阻力作用，其中，海水浮力F

始終不變，所受海水阻力僅與潛水器速率有關(guān)。已知當潛水器的總質(zhì)量為M

時恰好勻速下降，若使?jié)撍饕酝瑯铀俾蕜蛩偕仙瑒t需要從潛水器儲水箱向外排出水的質(zhì)量為(

重力加速度為g)(

)

A.2(M鈭?Fg)

B.M鈭?2Fg

C.2M鈭?Fg

D.2M鈭?F2g

3、如圖所示，導線ab和cd互相平行；則下列四種情況下導線中無電流的是（）

A.開關(guān)S閉合或斷開的瞬間B.開關(guān)S是閉合的，但滑動觸頭向左滑C.開關(guān)S是閉合的，但滑動觸頭向右滑D.開關(guān)S始終閉合，不滑動觸頭4、“神舟”十號飛船在太空中飛行時，中央電視臺曾播放王亞萍在飛船上做太空實驗的鏡頭，從鏡頭中可看到一個水球“懸”在空中的情景，其原因是（）A.水球質(zhì)量太小，所受地球引力可以忽略B.水球離地球太遠，所受地球引力可以忽略C.水球受到空氣浮力的作用D.水球處于完全失重狀態(tài)5、物體的初速度在水平方向，只受重力作用下在空中作什么運動？（）A.直線運動B.圓周運動C.平拋運動D.豎直上拋運動6、如圖所示，質(zhì)量為m的彈丸以速度v0水平向右射中質(zhì)量為M的靜止的單擺擺球，使其擺動，當擺球擺動經(jīng)最低點時，又被另一顆完全相同的彈丸仍以對地速度v0向右擊中．兩次擊中后彈丸均未穿出擺球．已知擺長為L，擊中后單擺的運動可視為簡諧振動，則第2次擊中后不可能出現(xiàn)的情況是（）A.由擺球（2m+M）組成的單擺靜止B.擺球（2m+M）向右擺動，最大速度等于C.機械能一定增加，擺動幅度一定增大D.從開始擺動到第2次擊中時，單擺運動了nπs（n=1，2，3，）7、放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，力F的大小和物塊速度v的大小與時間t的關(guān)系如下：F=和v=

取g=10m/s2，則物塊的質(zhì)m和物塊與接觸面的動摩擦因數(shù)μ為（）A.m=1kgμ=0.4B.m=1kgμ=0.2C.m=1.5kgμ=0.2D.m=2kgμ=8、若要減小通過繞線電阻的電流，在電阻線兩端電壓不變的情況下，有效的辦法是（）A.只增加電阻線的長度B.只增加電阻線的橫截面積C.只再在其兩端并聯(lián)一個阻值相同的電阻D.只改用電阻率小的電阻線繞制9、電位器是變阻器的一種．如圖所示，如果把電位器與燈泡串聯(lián)起來，利用它改變燈泡的亮度，下列說法正確的是（）A.連接B使滑動觸頭順時針轉(zhuǎn)動，燈泡變暗B.連接C使滑動觸頭逆時針轉(zhuǎn)動，燈泡變亮C.連接C使滑動觸頭順時針轉(zhuǎn)動，燈泡變暗D.連接C使滑動觸頭順時針轉(zhuǎn)動，燈泡變暗評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)10、（2016?上海模擬）如圖．水平面內(nèi)有一“∠”型光滑金屬導軌COD，電阻不計，∠COD=45°．足夠長直導體棒擱在導軌上，單位長度的電阻為r=0.5Ω，導體棒垂直O(jiān)D．空間存在垂直于導軌平面的磁場，以O(shè)點為原點沿0D方向建立坐標軸，導軌間x＞0一側(cè)存在沿x方向均勻增大的穩(wěn)恒磁場，變化率為0.5T/m，O點磁感應(yīng)強度B0=1T．在外力作用下，棒以一定的初速度向右做直線運動，運動時回路中的電流強度保持不變．已知運動到圖中x1=1m位置時，速度大小v1=2m/s，則回路中的電流強度大小為____A，從x1=1m位置再向右運動1m的過程中，通過導體棒的電量為____C．11、汽車在水平路面上做環(huán)繞運動，設(shè)軌道圓半徑為R，路面汽車的最大靜摩擦力是車重的，要使汽車不沖出跑道，汽車運動速度不得超過____．12、判斷磁場對通電導線的作用力方向應(yīng)用____手定則．其安培力的大小計算式F=____．13、（2012?金山區(qū)一模）在查理定律的原始表述中采用的是攝氏溫標；獲得的p-t圖象如圖所示．

（1）根據(jù)圖象及坐標，該圖象的函數(shù)表達式為____；

（2）若將上述一定量的氣體（可視為理想氣體）在0℃時緩慢地壓縮為原來體積的，然后保持這一體積不變，改變溫度，又獲得一條等容線，試在上圖中畫出該等容線．14、（2010?上海模擬）A、B為相同大小的兩正三角形板塊，如圖所示鉸接于M、N、P三處并靜止．M、N在同一水平天花板上，A板較厚，質(zhì)量分布均勻，重力為G．B板較薄，重力不計．三角形的豎直邊垂直于天花板．那么，B板對鉸鏈P的作用力的方向為____，作用力的大小為____．15、如圖甲為用螺旋測微器、圖乙為用游標尺上有20個等分刻度的游標卡尺測量工件的情況，請讀出它們的讀數(shù)分別為______mm，______mm．16、電場中P點的電場強度大小為100N/C，一個點電荷在P點受到的電場力大小為0.01N，則點電荷所帶的電量為____．17、（2007?福建學業(yè)考試）如圖為一列簡諧橫波在某時刻的波形圖象．已知波速為20m/s，則此波的振幅為____cm，波長為____m，頻率為____Hz．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)18、電場力大的地方電場強度一定大．____．（判斷對錯）19、一定質(zhì)量的理想氣體，當壓強不變而溫度由100℃上升到200℃時，其體積增加為原來的2倍．____．（判斷對錯）20、單晶體的所有物理性質(zhì)都是各向異性的．____．（判斷對錯）21、兩滴水銀相接觸，立即合并到一起以及熔化的蠟從蠟燭上流下來，冷卻后呈球形，均是由液體表面張力造成的．____．（判斷對錯）22、某時刻一個分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判斷對錯）23、陰離子在陽極放電，陽離子在陰極放電．____（判斷對錯）24、任意兩條電場線都不相交．____．（判斷對錯）25、將未飽和汽轉(zhuǎn)化成飽和汽，可以用保持溫度不變，減小體積，或是保持體積不變，降低溫度，也可以用保持體積不變，減小壓強．____．（判斷對錯）評卷人得分四、計算題(共4題，共8分)26、（18分）如圖所示，在y軸左側(cè)有一勻強電場，場強大小為E，方向與x軸平行且沿x軸正向，在y軸右側(cè)有一勻強磁場，方向垂直紙面向外。現(xiàn)將一擋板放在第一象限內(nèi)，其與x、y軸的交點M、N到坐標原點的距離均為2L。有一質(zhì)量為m電荷量為+q的粒子在第二象限內(nèi)從距x軸為L、y軸為4L的P點由靜止釋放（不計重力），粒子與擋板碰后電荷量不變，速度大小不變方向變?yōu)檠貀軸正向，當粒子第一次到達y軸時電場消失。求：（1）粒子第一次到達y軸時距坐標原點多遠？（2）若使粒子再次打到檔板上，磁感應(yīng)強度的大小的取值范圍？27、【題文】如圖14所示，豎直平面內(nèi)有一邊長為L、質(zhì)量為m，電阻為R的正方形線框在豎直向下的勻強重力場和水平方向的磁場組成的復合場以初速度v0水平拋出（忽略空氣阻力）。運動過程中正方形線框始終在磁場中運動且磁場方向與線框平面始終垂直，磁場的磁感應(yīng)強度隨水平向右的x軸按B=B0+kx的規(guī)律均勻增大。（已知重力加速度為g）求：

（1）線框水平方向速度為v1時,線框中瞬時電流的大小；

（2）線框在復合場中運動經(jīng)時間t，此時速度為v2求此時電功率。28、【題文】某熱水袋內(nèi)水的體積約為已知水的摩爾質(zhì)量為阿伏伽德羅常數(shù)為求它所包含的水分子數(shù)目約為多少？（計算結(jié)果保留2位有效數(shù)字）29、如圖所示，用遙控器控制小車，使小車從靜止開始沿傾角為婁脕=37鈭?

的斜面向上運動，該過程可看成勻加速直線運動，牽引力F

大小為25N

運動x

距離時出現(xiàn)故障，此后小車牽引力消失，再經(jīng)過3s

小車剛好達到最高點，且小車在減速過程中最后2s

內(nèi)的位移為20m

已知小車的質(zhì)量為1kgg=10m/s2(

已知sin37鈭?=0.6cos37鈭?=0.8)

求：

(1)

小車與斜面的動摩擦因數(shù)；

(2)

求勻加速運動過程中的位移x

．評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)30、（6分）某同學利用圖甲的實驗裝置來驗證機械能守恒定律（1）該同學開始實驗時情形如圖甲所示，接通電源釋放紙帶。請指出該同學在實驗操作中存在的兩處明顯錯誤或不當?shù)牡胤剑孩伲虎凇＃?）該同學經(jīng)修改錯誤并正確操作研究從靜止開始下落的物體所受阻力的情況，得到如圖所示的紙帶（A、B、C、D、E均為相鄰的打點），測出A、C間的距離為14.77cm，點C、E間的距離為16.33cm。已知當?shù)刂亓铀俣葹?0m/s2，重錘質(zhì)量為m=1.0kg，設(shè)重錘所受阻力大小不變。在從A下落到E的過程中，阻力大小為________N（保留兩位有效數(shù)字）。（已知電源的頻率為50HZ）評卷人得分六、綜合題(共1題，共2分)31、【物理隆陋隆陋

選修3鈭?4

】(1)

如圖甲，同一均勻介質(zhì)中的一條直線上有相距10m

的兩質(zhì)點A

、B

，C

為AB

中點。從0

時刻起，A

、B

同時開始振動，且都只振動了一個周期。圖乙為A

的振動圖像，圖丙為B

的振動圖像。若A

向右傳播的波與B

向左傳播的波在0.5s

時相遇，則下列說法正確的是____A.兩列波的波長都是5m

B.兩列波在A

、B

間的傳播速度均為10m/s

C.在兩列波相遇過程中，C

為振動加強點D.在1s

時，質(zhì)點B

經(jīng)過平衡位置且振動方向向上E.1s

內(nèi)，C

經(jīng)過的路程為0

(2)

如圖甲所示是由透明材料制成的半圓柱體，一束細光束由真空沿著徑向與AB

成角射入，對射出的折射光線的強度隨角的變化進行記錄，得到的關(guān)系如圖乙所示，如圖丙所示是這種材料制成的器具，左側(cè)是半徑為R

的半圓，右側(cè)是長為8R

高為2R

的長方體，一束單色光從左側(cè)A鈥?

點沿半徑方向與長邊成37

角射入器具。已知光在真空中的傳播速度為c

求：壟脵

該透明材料的折射率；壟脷

光線穿過器具的時間。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【解析】

試題分析：帶電荷的云層靠近避雷針時；在避雷針尖端感應(yīng)出與云層相反的靜電，達到一定程度就向空中放電，中和云層中的電荷，利用了尖端放電原理，符合題意；油罐車上的搭地鐵鏈是為了把產(chǎn)生的靜電導走，不是利用尖端放電原理，不符合題意；靜電除塵時除塵器中的空氣被電離，煙霧顆粒吸附電子而帶負電，顆粒向電源正極運動，不是利用尖端放電原理，不符合題意；給飛機加油時，要把油箱與大地用電纜連接起來，為了把產(chǎn)生的靜電導走，不是利用尖端放電原理，不符合題意；

考點：本題考查的是關(guān)于靜電的防止與應(yīng)用；

點評：要求同學們熟練掌握靜電的防止與應(yīng)用中具體實例的原理．【解析】【答案】A2、A【分析】解：潛水器勻速下降時；受到重力mg

向上的浮力F

向上的阻力f

根據(jù)平衡條件：

Mg=(F+f)壟脵

勻速上升時，設(shè)需要排出物體的質(zhì)量為鈻?m

則受到的重力為(m鈭?鈻?m)g

向上的浮力仍為F

向下的阻力f

根據(jù)平衡：

F=(M鈭?鈻?m)g+f壟脷

由壟脵壟脷

式聯(lián)立得：鈻?m=2(M鈭?Fg)

故A正確，BCD錯誤；

故選：A

分別對潛水器勻速下降和勻速上升過程進行受力分析；根據(jù)平衡條件求解即可。

本題關(guān)鍵對潛水器受力分析，要注意空氣阻力與速度方向相反，速率不變，阻力大小不變，然后根據(jù)根據(jù)平衡條件列式求解。【解析】A

3、D【分析】【分析】產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化．根據(jù)閉合電路歐姆定律分析ab中電流是否變化，分析cd所在回路的磁通量是否變化，再進行判斷．【解析】【解答】解：ABC、如果導線中無電流產(chǎn)生，則說明通過上面的閉合線圈的磁通量沒有發(fā)生變化，也就是說通過導線ab段的電流沒有發(fā)生變化．顯然，A、B、C三種情況的過程通過導線ab中的電流都發(fā)生變化；都能在cd導線中產(chǎn)生感應(yīng)電流．

D、開關(guān)S始終閉合，不滑動觸頭，ab中電流不變；穿過上面回路的磁通量不變，cd中不產(chǎn)生感應(yīng)電流；

本題選無電流的，故選：D．4、D【分析】【分析】太空中的物體在轉(zhuǎn)動過程中，由于受到的地球的引力充當物體轉(zhuǎn)動的向心力；則物體有向下的加速度．【解析】【解答】解：因水球隨飛船在繞地球做圓周運動；水球受到的引力充當水球的向心力；物體加速度向下，則水球處于完全失重狀態(tài)，水球?qū)︼w船沒有壓力；

水球漂浮在空中；故ABC錯誤，D正確；

故選：D．5、C【分析】【分析】平拋運動的特點是初速度水平，僅受重力，做勻變速曲線運動．【解析】【解答】解：物體的初速度在水平方向；只受重力作用下在空中作平拋運動．

故選：C．6、C【分析】【分析】子彈擊中單擺的過程，子彈和擺球組成的系統(tǒng)遵守動量守恒，由此定律分析擺球（2m+M）組成的單擺的狀態(tài)，并求解出向右擺動時的最大速度．系統(tǒng)要克服阻力做功，系統(tǒng)的機械能一定減少．根據(jù)單擺的運動過程分析其運動時間．【解析】【解答】解：

A；B、取向右為正方向．第一顆擊中擺球的過程；由子彈和擺球組成的系統(tǒng)動量守恒得：

mv0=（M+m）v1，得v1=

若當擺球向右經(jīng)最低點時；被另一顆完全相同的彈丸擊中，則由系統(tǒng)的動量守恒得：

（M+m）v1+mv0=（2m+M）v2

聯(lián)立得v2=

若當擺球向左經(jīng)最低點時；被另一顆完全相同的彈丸擊中，則由系統(tǒng)的動量守恒得：

（M+m）v1-mv0=（2m+M）v2

聯(lián)立得v2=0

故由擺球（2m+M）組成的單擺可能靜止，最大速度可能等于．故AB正確．

C；由于系統(tǒng)克服阻力做功；系統(tǒng)的機械能一定減少，機械能增大不可能，故C錯誤．

D、子彈擊中后單擺的運動可視為簡諧振動，從開始擺動到第2次擊中時，單擺運動的時間為t=n?=nπ；（n=1，2，3，），故D正確．

本題選不可能的，故選：C7、A【分析】【分析】物體4-6s內(nèi)勻速運動，可根據(jù)平衡條件求得滑動摩擦力．再根據(jù)v的表達式，求出2s-4s內(nèi)物體的加速度，根據(jù)牛頓第二定律求解質(zhì)量．即可由摩擦力公式f=μN求解μ．【解析】【解答】解：由題可知4-6s，物塊做勻速運動，有Ff=F=4N．

在2s-4s內(nèi)，由v=（4t-8）m/s，可知，加速度為a==4m/s2；物塊做勻加速運動．

由牛頓第二定律得：ma=F-Ff；

將F=8N、Ff=4N，a=4m/s2，代入解得：m===1kg．

由動摩擦力公式得：μ===0.4；故A正確．

故選：A．8、A【分析】【分析】根據(jù)歐姆定律可知，電壓不變，要減小電流，則要增大電阻，而影響電阻大小的因素是：材料、長度、橫截面積、溫度，且其它條件相同，導體越長、橫截面積越小，導體的電阻越大．【解析】【解答】解：根據(jù)歐姆定律可知；電壓不變，要減小電流，則要增大電阻；

A；只增加電阻線的長度；電阻增大，故A正確；

B；只增加電阻線的橫截面積；電阻減小，故B錯誤；

C；只再在其兩端并聯(lián)一個阻值相同的電阻；總電阻減小，故C錯誤；

C；只改用電阻率小的電阻線繞制；電阻減小，故D錯誤．

故選：A9、A【分析】【分析】連接A、B使滑動觸頭順時針轉(zhuǎn)動時，根據(jù)電阻定律，電位器接入電路的電阻增大，電流減小，燈泡的功率P=I2R，P減小，燈泡變暗．連接A、C，電位器接入電路的電阻不變．連接B、C使滑動觸頭順時針轉(zhuǎn)動時，位器接入電路的電阻減小，燈泡變亮．【解析】【解答】解：A、連接A、B使滑動觸頭順時針轉(zhuǎn)動時，根據(jù)電阻定律，電位器接入電路的電阻增大，電流減小，燈泡的功率P=I2R；P減小，燈泡變暗．故A正確．

BC；連接A、C；電位器無論怎滑動觸頭，接入電路的電阻不變，電流不變，燈光亮度不變．故BC錯誤．

D；連接B、C使滑動觸頭順時針轉(zhuǎn)動時；位器接入電路的電阻減小，電流增大，燈泡變亮．故D錯誤．

故選：A．二、填空題(共8題，共16分)10、63.5【分析】【分析】先根據(jù)題意求出x1=1m位置磁感應(yīng)強度和導體棒有效的切割長度；再由E=BLv求出感應(yīng)電動勢，再由歐姆定律求出回路中的電流強度．

導體棒向右運動的過程中，B均勻增大，結(jié)合B-x圖象的面積求出磁通量的變化量△Φ，根據(jù)q=求通過導體棒的電量．【解析】【解答】解：由題可得，x1=1m位置磁感應(yīng)強度B1=B0+0.5x1=1+0.5=1.5T

導體棒有效的切割長度L1=x1=1m

則導體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=B1L1v1=1.5×1×2=3V

回路中的電阻R=rx1=0.5Ω

由歐姆定律得，回路中的電流強度大小I==6A

設(shè)移動到x位置（1＜x＜2）

在極短時間△t內(nèi)產(chǎn)生的電量△q=I△t

此時B的大小為Bx=B0+0.5x

l=x，v1=2m/s；電阻R的大小0.5x

導體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=Blv=（x+0.5x）xv

感應(yīng)電流I===（2+x）v

則△q=（2+x）v△t

△t=

得△q=（2+x）v?=（2+x）△x

故q=（+2x）|=3.5C

故答案為：6，3.5．11、【分析】【分析】汽車沿圓跑道行駛時，由靜摩擦力提供向心力，當靜摩擦力達到最大值時，車速達到最大，由牛頓第二定律求出最大速度．【解析】【解答】解：以汽車為研究對象，當汽車受到的靜摩擦力達到最大值時速度達到最大，設(shè)最大速度為vm．

根據(jù)牛頓第二定律得：

fm=

又由題意有：fm=mg

聯(lián)立解得：vm==

故答案為：12、左BILsinα，α是導體與磁場方向的夾角【分析】【分析】根據(jù)左手定則，讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是導線受的安培力的方向．根據(jù)F=BILsinα，α是導體與磁場的夾角，來計算安培力的大小即可．【解析】【解答】解：（1）通電導線所受安培力方向；由左手定則判定．

（2）安培力的大小為：

F=IBLBILsinα；α是導體與磁場的夾角；

故答案為：左，BILsinα，α是導體與磁場的夾角，13、p=（1+）×105【分析】【分析】（1）由圖看出；圖象是直線，根據(jù)數(shù)學知識，得到圖象的函數(shù)表達式．

（2）所有等容線都是過-273℃的直線，分別作出等容線．【解析】【解答】解：（1）由圖看出，圖象是直線，即P與t是線性關(guān)系，由圖象得到斜率k=；橫軸截距為-273，則由數(shù)學知識得：該圖象的函數(shù)表達式為。

p=（1+）×105．

（2）由題意；氣體先等溫膨脹，后作等容變化，作出等容線如下圖．

故答案為：（1）p=（1+）×105．（2）畫出該等容線如圖所示．14、P到N【分析】【分析】對B分析可知B受拉力的方向，對A分析找出力臂由力矩平衡可求得作用力的大小．【解析】【解答】解：因B的質(zhì)量忽略不計；故B重力對平衡沒有影響，故對B平衡起作用的只有N和P點，即只有NP起作用，故B可以作為桿處理；故拉力只能沿P到N；

對A分析，A受重力和P點的拉力而關(guān)于支點M平衡，設(shè)邊長為L，由幾何關(guān)系可知，重力的力臂L1=L×=L，拉力的力矩L2=L；

則由力矩平衡可知，Mg×L=F×L；解得：

F=；

故答案為：P到N；．15、略

【分析】解：螺旋測微器固定刻度讀數(shù)1.5mm；可動刻度讀數(shù)為0.01×38.0mm=0.380mm，所以讀數(shù)為：1.5mm+0.380mm=1.880mm．

游標卡尺主尺讀數(shù)為23mm；游標尺上第17個刻度與主尺上某一刻度對齊，因此游標讀數(shù)為：0.05×17mm=0.85mm，所以最終讀數(shù)為：23mm+0.85mm=23.85mm；

故答案為：1.880；23.85．

游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)；不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，再讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

解決本題的關(guān)鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，要注意游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，再讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．【解析】1.880；23.8516、10-4C【分析】【分析】根據(jù)場強的定義式E=，對公式進行變形，就可求出點電荷的電量．【解析】【解答】解：已知E=100N/C；F=0.01N

由E=，得q===1×10-4C

故答案為：10-4C．17、545【分析】【分析】簡諧運動的質(zhì)點離平衡位置的最大距離叫做振幅，由y的最大值讀出；對于簡諧橫波，相鄰兩個波峰或波谷間的距離等于一個波長，由圖直接讀出，由波速公式求解該波的頻率．【解析】【解答】解：振幅和波長的定義分別是：質(zhì)點離平衡位置的最大距離叫做振幅；對于簡諧橫波；相鄰兩個波峰或波谷間的距離等于一個波長，則由圖讀出，振幅為：A=5cm，波長為：λ=4m．

由波速公式v=λf，得，頻率為：f==Hz=5Hz

故答案為：5，4，5．三、判斷題(共8題，共16分)18、×【分析】【分析】根據(jù)電場強度的定義式E=變形得到F與E的關(guān)系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)電場強度的定義式E=得：F=qE

可知電場力與電場強度和電荷量都有關(guān)；則電場力大的地方電場強度不一定大，故該判斷是錯的．

故答案為：×．19、×【分析】【分析】一定質(zhì)量的氣體，保持體積不變，溫度升高時，發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律分析壓強的變化【解析】【解答】解：根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程，一定質(zhì)量的氣體，保持壓強不變，溫度升高時氣體的體積跟它的熱力學溫度成正比，即：；

初狀態(tài)：T0=100℃=373K，末狀態(tài)：T1=200℃=473K；所以溫度從100℃升高到200℃時，它的體積改變?yōu)樵瓉淼谋叮?/p>

故答案為：×20、×【分析】【分析】晶體有單晶體和多晶體兩種，單晶體各向異性，而多晶體各向同性．【解析】【解答】解：由于晶體在不同方向上物質(zhì)微粒的排列情況不同；即為各向異性，則為單晶體具有各向異性，但并不是所有物理性質(zhì)都是各向異性的．故該說法是錯誤的．

故答案為：×21、√【分析】【分析】作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．就象你要把彈簧拉開些，彈簧反而表現(xiàn)具有收縮的趨勢．【解析】【解答】解：兩滴水銀相接觸；立即合并到一起以及熔化的蠟燭從燃燒的蠟燭上流下來，冷卻后呈球形，是因為表面張力使液體表面有收縮的趨勢．故該說法是正確的．

故答案為：√22、√【分析】【分析】分子在永不停息的做無規(guī)則熱運動，物體內(nèi)部個別分子的速度具有怎樣的數(shù)值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整體來看，在一定的條件下，物體分子的速度分布也遵從一定的統(tǒng)計規(guī)律．【解析】【解答】解：對于大量分子；其運動有一定的統(tǒng)計規(guī)律，但對于個別分子，其運動的速度完全是偶然的；

故答案為：√23、×【分析】【分析】陰極射線是在1858年利用低壓氣體放電管研究氣體放電時發(fā)現(xiàn)的．1897年約瑟夫?約翰?湯姆生根據(jù)放電管中的陰極射線在電磁場和磁場作用下的軌跡確定陰極射線中的粒子帶負電，并測出其荷質(zhì)比，這在一定意義上是歷史上第一次發(fā)現(xiàn)電子．【解析】【解答】解：陰極即負極；陰極射線是負極發(fā)出的射線，是電子流；同理，陽離子在陽極放電．故該說法是錯誤的．

故答案為：×．24、√【分析】【分析】掌握電場線特點是解本題的關(guān)鍵，電場線從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合．【解析】【解答】解：電場中任意兩條電場線不會相交；否則相交的地方的電場線的方向有兩個．所以該說法是正確的．

故答案為：√25、×【分析】【分析】根據(jù)飽和汽壓僅僅與溫度有關(guān)，然后結(jié)合理想氣體的狀態(tài)方程即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)與飽和蒸汽壓有關(guān)的因素可知；同一種蒸汽的飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關(guān)，與其體積無關(guān)．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×四、計算題(共4題，共8分)26、略

【分析】（1）設(shè)粒子與板作用前瞬間，速率為由動能定理有（1分）得（1分）粒子與檔板碰后在電場中作類平拋運動，設(shè)到達y軸時與Q點的豎距離為y，在x軸方向有（1分）在y軸方向有（1分）由以上二式得（1分）（1分）故粒子第一次到達y軸時距坐標原點為（1分）（2）粒子到A點時，x軸方向的速度分量為（1分）設(shè)與y軸正向的夾角為有，故（1分）此時速度（1分）粒子進入磁場后將做勻速率圓周運動，轉(zhuǎn)過300°后打到板上的N點時，磁感強度為最大，有（1分）又（1分）故=（1分）當磁感強度的大小減小到時，粒子做半徑為r2的圓周運動到達y軸上的C點，之后沿直線運動打到板上的M點。∠OCM=30°，OC長為（1分）故（1分）同理（1分）所以B的取值范圍為：≤B≤（2分）本題考查的是帶電粒子在磁場和電場中運動的規(guī)律問題，首先根據(jù)動能定理計算出初速度，再根據(jù)帶電粒子在電場中運動的規(guī)律計算出第一次到達y軸時距離原點的距離；最后根據(jù)粒子在磁場中運動的規(guī)律計算出磁感應(yīng)強度的取值范圍；【解析】【答案】（1）（2）≤B≤27、略

【分析】【解析】（1）設(shè)此時ad邊所在處磁感應(yīng)強度為B1=B0+kx

此時ad邊產(chǎn)生的瞬時電動勢的大小為：ead=（B0+kx）LV1（1分）

此時bc邊所在處磁感應(yīng)強度為B2=B0+k(x+L)

此時bc邊產(chǎn)生的瞬時電動勢的大小為：ebc=[B0+k(x+L）]LV1（1分）

線框中瞬時電動勢的大小為：e=ebc-ead=(B2-B1)LV1=KL2V1（1分）

線框中瞬時電流的大小為（1分）

（2）情況I：若水平速度為零：線框的速度V2為豎直向下。

線框中瞬時電功率的大小為零。（2分）

情況II：若線框水平速度不為零：

線框在豎直方向做自由落體運動：Vy=gt（1分）

此時線框水平方向速度：（1分）

線框中瞬時電動勢的大小為：e=eed-eab=(B2-B1)LVx=KL2Vx

線框中瞬時電流的大小為：（1分）

線框中瞬時電功率的大小為：

（1分）【解析】【答案】（1）（2）28、略

【分析】【解析】

試題分析：已知一熱水袋內(nèi)水的體積大約是：水的密度為則一滴露水含有的水分子數(shù)目為

考點：本題考查了阿伏伽德羅常數(shù)的計算。【解析】【答案】29、略

【分析】

(1)

小車牽引力消失后做勻減速運動；已知時間；位移和末速度，將其運動看成反向的初速度為零的勻加速運動，由位移公式求得加速度，再由牛頓第二定律求動摩擦因數(shù)．

(2)

由速度公式求得牽引力剛消失時小車的速度.

再對勻加速運動過程運用牛頓第二定律求得加速度；最后由速度位移關(guān)系公式求位移x

．

本題考查牛頓第二定律和運動學公式的基本運用，知道加速度是聯(lián)系力學和運動學的橋梁，在動力學問題中是必求的量．【解析】解：(1)

設(shè)小車勻減速直線運動的加速度大小為a

最后2s

內(nèi)的位移為x

可將勻減速運動看成反向的初速度為零的勻加速直線運動.

則有：

x=12at2

代入數(shù)據(jù)解得：a=10m/s2

．

小車的受力如圖．

由牛頓第二定律得：mgsin婁脕+婁脤mgcos婁脕=ma

代入數(shù)據(jù)解得：婁脤=0.5

(2)

設(shè)牽引力消失時小車的速度為v

即為勻減速過程的初速度，在勻減速運動過程中，得：

v=at=10隆脕3=30m/s

在勻加速運動過程中；設(shè)加速度大小為a隆盲

小車的受力如圖所示．

根據(jù)牛頓第二定律得：

F鈭?mgsin婁脕鈭?婁脤mgcos婁脕=ma隆盲

代入數(shù)據(jù)解得：a隆盲=15m/s2

．

由v2=2a隆盲x

得：x=v22a鈥?=3022脳15=30m

答：(1)

小車與斜面的動摩擦因數(shù)是