…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選擇性必修2物理下冊月考試卷106考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、發電站輸出功率為P，輸電電壓為U，輸電線路的總電阻為R，則用戶得到的功率為A.PB.P－·RC.P－D.·R2、如圖所示電路中，L是一個自感系數較大的線圈（直流電阻可忽略不計）；A；B是兩個完全相同的燈泡，則以下說法錯誤的是（）

A.合上S時，A的亮度大，B的亮度小B.合上S時，B同時亮C.合上S后，A變亮，B逐漸熄滅D.電路接通穩定后，斷開S時，A立即熄滅，B閃亮后再熄滅3、如圖所示，金屬棒ab置于水平放置的光滑框架cdef上，棒與框架接觸良好，勻強磁場垂直于ab棒斜向下。從某時刻開始磁感應強度均勻減小，同時施加一個水平方向上的外力F使金屬棒ab保持靜止，則F()

A.方向向右，且為恒力B.方向向右，且為變力C.方向向左，且為變力D.方向向左，且為恒力4、某同學想對比電感線圈和小燈泡對電路的影響，他設計了如圖甲所示的電路，電路兩端電壓恒定，A1、A2為完全相同的電流傳感器。先閉合開關K得到如圖乙所示的圖像；等電路穩定后，斷開開關（斷開開關的實驗數據未畫出）。下列關于該實驗的說法正確的是（）

A.閉合開關時，自感線圈中電流為零，其自感電動勢也為零B.乙圖中的曲線表示電流傳感器A2測得的數據C.斷開開關時，小燈泡會明顯閃亮后逐漸熄滅D.時刻小燈泡與線圈的電阻相等5、如圖所示，U形光滑金屬框置于水平絕緣平臺上，和邊平行且足夠長，間距為L，整個金屬框電阻可忽略且置于豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度大小為B。一根長度也為L、電阻為R的導體棒MN置于金屬框上，用大小為F的水平恒力向右拉動金屬框，運動過程中，MN與金屬框保持良好接觸且固定不動；則金屬框最終的速度大小為（）

A.0B.C.D.6、如圖所示，一通有恒定電流的無限長直導線固定在光滑水平面上，一質量為0.4kg的金屬環，在該平面上以m/s、與導線成的初速度開始運動；在足夠長的運動時間里（）

A.金屬環中一直有順時針的感應電流B.金屬環剛開始運動時有收縮的趨勢C.金屬環中最多能產生0.72J的電能D.金屬環最多減少的動能為5.4J7、高中物理教材指出，v-t圖像下面的面積等于物體的位移；關于圖像中的面積與物理量的對應關系不正確的是。

A.F-x圖線（力隨禮的方向向上位移變化）下面的面積等于力做的功B.a-t圖像（加速度隨時間變化）下面的面積等于速度的變化量C.圖線（磁通量隨時間變化）下面的面積等于感應電動勢的大小D.I-t圖線（電流隨時間變化）下面的面積等于通過的電量8、如圖所示，一阻值為的單匝矩形金屬線框在勻強磁場中繞與磁感線垂直的轉軸勻速轉動，穿過線圈的磁通量隨時間變化的關系式為下列說法正確的是（）

A.每經過通過線框的感應電流方向變化一次B.時，線框中產生的感應電動勢最大C.內，線框中產生的焦耳熱為D.通過線框的感應電流的有效值為評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、理想的LC振蕩回路中電流i隨時間t的變化關系如圖所示；則下列說法正確的是（）

A.t1時刻，電容器的帶電量最大B.t2時刻，電路中的磁場能量最小C.從t2時刻到t3時刻電路中的電場能不斷增大D.從t3時刻到t4時刻，電容器的帶電量不斷增大10、如圖所示，在絕緣光滑水平面（圖中未畫出）上有P、Q兩個輕質線圈，兩線圈均固定。現將開關閉合，待電路穩定后撤去對線圈Q的固定，使線圈Q可自由滑動，向左移動滑動變阻器的滑片；該過程中（）

A.線圈Q向左滑動B.線圈Q向右滑動C.靈敏電流表G中有從到的電流D.靈敏電流表G中有從到的電流11、如圖所示，平行虛線M、N間，N、P間有垂直于光滑水平面、方向相反、磁感應強度大小均為B的勻強磁場，每個磁場的寬度均為L。邊長為L、質量為m、電阻為R的粗細均勻的單匝金屬線框靜止在水平面上，邊離虛線M的距離也為L，用水平拉力F（大小未知）作用在金屬線框上，使金屬線框在水平面上向右做初速度為零的勻加速直線運動，線框運動過程中邊始終與M平行，邊剛進磁場的一瞬間，受到的安培力大小為則下列判斷正確的是（）

A.線框運動的加速度大小為B.線框穿過虛線N的過程中，通過線框導線橫截面的電量為0C.線框進左邊磁場過程中安培力的沖量小于出右邊磁場過程中安培力的沖量D.線框穿過整個磁場的過程中，拉力F的最大值為12、如圖甲，一矩形線圈abcd在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸OO′勻速轉動，線圈的兩端與電阻R連接，流過電阻R的電流i隨時間t變化的圖像如圖乙所示，已知電阻R的阻值為2Ω。下列說法正確的是（）

A.時，穿過矩形線圈abcd的磁通量最小B.時，穿過矩形線圈abcd的磁通量最大C.經過4s，電阻R產生的焦耳熱為16JD.經過4s，電阻R產生的焦耳熱為8J13、為保證師生用電安全，學校電路系統中安裝有由熱敏電阻制成的溫度監測器，如圖所示為理想變壓器，原、副線圈匝數比為原線圈接交流電壓圖中電壓表和電流表為理想電表，為阻值隨溫度的升高而減小的熱敏電阻，為定值電阻；則下列說法正確的是（）

A.變壓器輸入與輸出功率之比為B.變壓器副線圈中電流的頻率為C.當處溫度升高時，電壓表示數不變D.當處溫度升高時，電流表示數減小評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、兩個速率不同的同種帶電粒子，如圖所示，它們沿同一方向從圖中長方形區域的勻強磁場的上邊緣射入，從下邊緣飛出時，相對于入射方向的偏轉角分別為90°，60°，則它們在磁場中運動的軌道半徑之比為________，在磁場中運動時間比為________。

15、如圖所示，質量為0.1g的小球，帶有5×10-4C的正電荷，套在一根與水平方向成37°角的足夠長的絕緣桿上，小球與桿之間的動摩擦因數為μ=0.5，桿所在空間有磁感應強度B=0.4T的勻強磁場，小球由靜止開始下滑，它的最大加速度為________m/s2，最大速率為________m/s。16、電熨斗裝有________________傳感器，其作用是____________________。17、模塊機器人具有三個部分，它們分別是傳感器、______器和______器，如果模塊機器人有2種傳感器，3種控制方式，4種執行器，那么從理論上可以有______種組合方式。18、周期（T）：

交變電流完成一次______變化所需的時間。19、頻率（f）：

周期的倒數叫作頻率，數值等于交變電流在單位時間內完成周期性變化的__________20、如圖所示，兩電子沿MN方向從M點射入兩平行平面間的勻強磁場中，它們分別以v1、v2的速率射出磁場，則v1：v2=______，通過勻強磁場所用時間之比t1、t2=______。

21、洛倫茲力。

（1）定義：______在磁場中受到的力．

（2）與安培力的關系：通電導線在磁場中受到的安培力是______的宏觀表現．22、顯像管的構造：如圖所示，由電子槍、______和熒光屏組成。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共36分)23、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

24、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

25、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

26、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共4題，共32分)27、電子體溫計（圖1）正在逐漸替代水銀溫度計。電子體溫計中常用的測溫元器件是熱敏電阻。某物理興趣小組制作一簡易電子體溫計；其原理圖如圖2所示。

（1）興趣小組測出某種熱敏電阻的I－U圖像如圖3所示，那么他們選用的應該是圖______電路（填“甲”或“乙”）；

（2）現將上述測量的兩個相同的熱敏電阻（伏安特性曲線如圖3所示）和定值電阻、恒壓電源組成如圖4所示的電路，電源電動勢為6V，內阻不計，定值電阻熱敏電阻消耗的電功率為______W（結果保留3位有效數字）；

（3）熱敏電阻的阻值隨溫度的變化如圖5所示，在設計的電路中（如圖2所示），已知電源電動勢為5.0V（內阻不計），電路中二極管為紅色發光二極管，紅色發光二極管的啟動（導通）電壓為3.0V，即發光二極管兩端電壓時點亮，同時電鈴發聲，紅色發光二極管啟動后對電路電阻的影響不計。實驗要求當熱敏電阻的溫度高于時紅燈亮且鈴響發出警報，其中電阻______（填“”或“”）為定值電阻，其阻值應調為______Ω（結果保留3位有效數字）。28、如圖為“探究電磁感應現象”的實驗裝置；閉合開關的瞬間，觀察到電流計的指針向左偏轉。

（1）閉合開關前，為防止電流過大導致螺線管A損壞，滑動變阻器的滑片P應位于最________（填“左”或“右”）端。

（2）保持開關閉合，下列操作能使電流計的指針發生偏轉的是________（填標號）。

A．將螺線管A從螺線管B中拔出。

B．螺線管A與螺線管B保持相對靜止向上運動。

（3）保持開關閉合，若將滑動變阻器的滑片P向左移動，則會觀察到電流計的指針向________（填“左”或“右”）偏轉。29、（1）探究滑動變阻器的分壓特性；采用圖1所示的電路，探究滑片P從A移到B的過程中，負載電阻R兩端的電壓變化。

①圖2為實驗器材部分連線圖，還需要______（選填af、bf；fd、fc、ce或cg）連線。

②圖3所示電壓表的示數為_______V。

③已知滑動變阻器的最大阻值R0=10Ω，額定電流I=1.0A。選擇負載電阻R=10Ω，以R兩端電壓U為縱軸，為橫軸（x為AP的長度，L為AB的長度），得到U-分壓特性曲線為圖4中的“I”；當R=100Ω；分壓特性曲線對應圖4中的__（選填“Ⅱ”或“Ⅲ”）；則滑動變阻器最大阻值的選擇依據是____。

（2）兩個相同的電流表G1和G2如圖5所示連接，晃動G1表，當指針向左偏時，靜止的G2表的指針也向左偏；原因是____。

A．兩表都是“發電機”

B．G1表是“發電機”，G2表是“電動機”

C．G1表和G2表之間存在互感現象。

D．G1表產生的電流流入G2表，產生的安培力使G2表指針偏轉。

30、在“探究變壓器線圈兩端的電壓和匝數的關系”實驗中；可拆變壓器如圖所示。

（1）本實驗要通過改變原、副線圈匝數，探究原、副線圈的電壓比與匝數比的關系，實驗中需要運用的科學方法是_______；

A.控制變量法。

B.等效替代法。

C.整體隔離法。

（2）如圖所示，為了減小渦流在鐵芯中產生的熱量，鐵芯是由相互絕緣的硅鋼片平行疊成。硅鋼片應平行于_______；

A.平面B.平面C.平面D.平面

（3）觀察兩個線圈的導線，發現粗細不同，導線粗的線圈匝數________；（填“多”或“少”）

（4）在實際實驗中將電源接在原線圈的“0”和“800”兩個接線柱上，用電表測得副線圈的“0”和“400”兩個接線柱之間的電壓為3.0V，則原線圈的輸入電壓可能為_______；（填字母）

A.1.5VB.3.0VC.5.0VD.7.0V

（5）實驗中原、副線圈的電壓之比與它們的匝數之比有微小差別。原因不可能為_____。（填字母）

A.原、副線圈上通過電流時發熱B.原線圈輸入電壓發生變化。

C.鐵芯在交變磁場作用下發熱D.變壓器鐵芯漏磁評卷人得分六、解答題(共2題，共12分)31、如圖，在平面直角坐標系xOy平面內，第一、二象限內存在沿y軸負方向的勻強電場，第三、四象限內存在垂直紙面向外的勻強磁場。一質量為m、電荷量為+q（q>0）的帶電粒子從y軸上的P點沿x軸正方向射入第一象限，初速度大小為v0，帶電粒子在勻強電場中運動一段時間后從Q點進入勻強磁場，經勻強磁場偏轉后又返回勻強電場，在勻強電場運動一段時間后又恰好回到P點。不計粒子重力，已知P點坐標為（0，4L0），Q點坐標為（6L0；0），sin37°=0.6，cos37°=0.8。

（1）求勻強電場的電場強度大小E；

（2）求勻強磁場的磁感應強度大小B；

32、如圖所示，兩條足夠長的平行金屬導軌相距L，傾角為整個空間存在垂直于導軌平面的勻強磁場，磁感應強度大小均為B，虛線上方軌道光滑且磁場方向向上，虛線下方軌道粗糙且磁場方向向下。當導體棒EF以初速度沿導軌上滑至最大高度的過程中，導體棒MN一直靜止在導軌上，若兩導體棒質量均為m，導體棒EF的電阻為R，導體棒MN的電阻為2R，導軌電阻不計，重力加速度為g，在此程中導體棒EF產生的焦耳熱為Q；求：

（1）導體棒EF以速度v向上運動時的加速度；

（2）導體棒MN受到摩擦力的最大值；

（3）導體棒EF能上升的最大高度。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

輸電線路上的電流由P=UI可得：

輸電線上消耗的功率為：P耗=I2r=

用戶得到的功率為：P用=P-P耗=

A．P與分析不符；故A錯誤。

B．P－·R與分析相符；故B正確。

C．P－與分析不符；故C錯誤。

D．·R與分析不符，故D錯誤。2、A【分析】【分析】

【詳解】

ABC．合上S時；電路中立即就有了電流，故燈泡A；B同時變亮；但通過線圈的電流增加，線圈會產生自感電動勢，故線圈的電流緩慢增加；當電流穩定后，線圈相當于直導線，燈泡B被短路，故電鍵閉合后，AB同時亮，但B逐漸熄滅，而A更亮，A選項符合題意，BC選項不合題意，故A正確，BC錯誤；

D．斷開S時；A燈立即熄滅；線圈產生自感電動勢和燈泡B構成閉合電路，B燈先閃亮后逐漸變暗，D選項不合題意，故D錯誤。

故選A。3、C【分析】【分析】

【詳解】

根據楞次定律，B減小時，磁通量Φ減小，為阻礙Φ減小，ab產生向右運動的趨勢，故外力F方向向左。再根據電磁感應定律

B均勻減小，故不變，E不變，I不變。則F安＝BIL均勻減小，根據平衡可知，F為變力。

故選C。4、D【分析】【詳解】

A．閉合開關時；其線圈自感電動勢等于電源電動勢，則自感線圈中電流為零，故A錯誤；

B．中電流等于自感線圈中電流，自感線圈中電流從零開始逐漸增大，最后趨于穩定，故中數據應為乙圖中b曲線；故B錯誤；

C．斷開開關前；兩支路中電流相等，剛斷開開關時，通電線圈的電流不變，故燈泡不會發生明顯閃亮，而是逐漸熄滅，故C錯誤；

D．時刻；兩支路中電壓相等，電流相等，則電阻相等，即小燈泡與線圈的電阻相等，故D正確。

故選D。5、C【分析】【分析】

【詳解】

由公式

解得

故選C。6、D【分析】【詳解】

A．金屬環的速度可以分解為平行于直導線的分速度v平行與垂直于直導線的向右的分速度v垂直；金屬環平行于直導線方向的分運動不產生感應電動勢；不產生感應電流，金屬環垂直于直導線方向的分運動導致穿過金屬環的磁通量減小，產生感應電動勢，產生感應電流，金屬環受水平向左的安培力，安培力與運動方向不是相反的，金屬環水平向右做減速運動，最終水平向右的速度減為零，金屬環的速度平行于直導線，最終金屬環平行于直導線做勻速直線運動，由楞次定律可知，金屬環向右的速度減為零前感應電流沿順時針方向，金屬環向右的分速度為零后金屬環中沒有感應電流，故A錯誤；

B．金屬環剛開始運動時穿過金屬環的磁通量減小；由“增縮減擴”可知金屬環有擴張的趨勢，故B錯誤；

CD．沿導線方向分速度為

根據動能定理解得

代入數值解得

故金屬環動能減少量最多為5.4J；環中最多產生5.4J的電能，故C錯誤，D正確。

故選D。7、C【分析】【詳解】

A．根據W=Fx；力與力方向上的位移的乘積等于力做的功，所以F-x圖線下面的面積等于力做的功，故A正確；

B．根據v=at；加速度與運動時間的乘積等于速度的變化量，所以a-t圖像下面的面積等于速度的變化量，故B正確；

C．根據法拉第電磁感應定律感應電動勢等于磁通量的變化率，所以圖線的斜率等于感應電動勢的大小；故C錯誤；

D．根據q=It；電流與時間的乘積等于通過導體橫截面積的電量，所以I-t圖線下面的面積等于通過的電量，故D正確．

本題選擇錯誤答案，故選：C8、C【分析】【分析】

【詳解】

A．因為。

線圈的轉動的角速度。

則轉動的周期。

每經過通過線框的感應電流方向變化2次，A錯誤；

B．圖示的位置電動勢最大；則在轉動半周時，線圈和磁場平行，電動勢在此最大，則需經過0.05s，B錯誤；

CD．產生電動勢的最大值。

則電動勢的有效值。

通過線圈的電流的有效值。

內；線框中產生的焦耳熱。

D錯誤；C正確。

故選C。二、多選題(共5題，共10分)9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．t1時刻；電路中電流最大，電容器的帶電量最小，所以A錯誤；

B．t2時刻；電路中電流最小，電容器帶電量最大，磁場能量最小，所以B正確；

C．從t2時刻到t3時；電路中電流變大，電場能不斷在減小，所以C錯誤；

D．從t3時刻到t4時刻；電路中電流逐漸減小，電容器的帶電量不斷增大，所以D正確。

故選BD。10、B:C【分析】【詳解】

AB．當滑片向左滑動時；導致接入電路中的電阻減小，則流過線圈P的電流增大，線圈P產生的磁場增大，所以穿過線圈Q的磁通量增大，根據楞次定律的推廣可知，為阻礙磁通量增大，線圈Q將向右運動，選項A錯誤，B正確；

CD．根據安培定則，線圈產生的磁場的方向向右，滑片向左滑動時，則向右穿過線圈Q的磁通量增大，根據楞次定律可得靈敏電流表G中有從到的電流；選項C正確，D錯誤。

故選BC。11、A:D【分析】【詳解】

A．設線框邊剛進磁場時速度大小為則感應電動勢與感應電流分別為

則安培力為

解得

根據運動學公式有

解得

A正確；

B．線框穿過虛線N的過程中，平均電動勢為

電流的平均值為

解得

B錯誤；

C．根據上述，線框進左邊磁場過程通過的電荷量與出右邊磁場過程通過的電荷量均為

則由于安培力的沖量大小為

解得

即線框進左邊磁場過程中安培力的沖量和出右邊磁場過程中安培力的沖量相等；C錯誤；

D．線框向右做勻加速直線運動，可知令邊剛要通過N邊時的速度為邊剛要通過P邊時的速度為則有

則對應速度產生的電動勢為

對應位置的感應電流為

對應位置根據牛頓第二定律有

解得

即線框穿過整個磁場的過程中，拉力F的最大值為D正確。

故選AD。12、B:D【分析】【詳解】

AB．時；由圖乙可知感應電流為零，線圈處于中性面，磁通量最大，故A錯誤，B正確；

CD．計算交流電產生的焦耳熱需要用有效值，流過電阻R的電流有效值為

經過4s，電阻R產生的焦耳熱為

故C錯誤；D正確。

故選BD。13、B:C【分析】【詳解】

A．理想變壓器輸入與輸出功率之比為1：1；故A錯誤；

B．變壓器副線圈中電流的頻率不變，為

故B正確；

C．RT處溫度升高時；不會影響變壓器的輸入電壓值，故C正確；

D．RT處溫度升高時，電阻值減小，原副線圈的匝數及原線圈電壓不變，則副線圈電壓不變，為定值電阻，由

可知；電流表示數增大，故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【詳解】

[1]．設粒子的入射點到磁場下邊界的磁場寬度為d，畫出粒子軌跡過程圖，如圖所示，

由幾何關系可知：

第一個粒子的圓心為O1，由幾何關系可知：R1=d；

第二個粒子的圓心為O2；由幾何關系可知：R2sin30°+d=R2

解得：R2=2d；

故粒子在磁場中運動的軌道半徑之比為：R1：R2=1：2；

[2]．粒子在磁場中運動的周期的公式為由此可知，粒子的運動的周期與粒子的速度的大小無關，所以粒子在磁場中的周期相同；由粒子的運動的軌跡可知，兩種速度的粒子的偏轉角分別為90°、60°，所以偏轉角為90°的粒子的運動的時間為偏轉角為60°的粒子的運動的時間為所以在磁場中運動時間比為【解析】1:23:215、略

【分析】【分析】

【詳解】

以小球為研究對象；通過分析受力可知：小球受重力，垂直桿的支持力和洛倫茲力，摩擦力，由牛頓第二定律得。

解得。

當。

即。

小球的加速度最大；此時。

而當時；即。

小球的速度最大；此時。

代入數據點。

【解析】6m/s210m/s16、略

【分析】【詳解】

[1][2]電熨斗能夠自動控制溫度的原因是它裝有雙金屬片溫度傳感器，這種傳感器的作用是控制電路的通斷。【解析】雙金屬片溫度控制電路的通斷17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]模塊機器人由傳感器、控制器和執行器三個模塊組成，相當于人的感覺器官、大腦和肌肉，根據數學組合可知，若選擇一個傳感器，一個控制方式，則有四種組合，因此共有24種組合。【解析】①.控制②.執行③.2418、略

【解析】周期性19、略

【解析】次數20、略

【分析】【詳解】

[1]粒子運動軌跡如下圖所示

電子垂直射入磁場，在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力有，根據

電子做圓周運動的半徑

則得電子在電場中的運動速度之比等于電子做圓周運動的半徑之比，根據幾何關系有

所以電子在電場中的速度之比為

[2]電子在磁場中做圓周運動的周期

以v1運動的電子在磁場中運動的時間

以v2運動的電子在磁場中運動的時間

所以電子在磁場中運動的時間之比為【解析】1:23:221、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】運動電荷洛倫茲力22、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】偏轉線圈四、作圖題(共4題，共36分)23、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】26、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共4題，共32分)27、略

【分析】【詳解】

（1）[1]描繪熱敏電阻的伏安特性曲線；要求電壓從0開始調節，故選擇分壓電路乙。

（2）[2]設熱敏電阻兩端電壓為U、通過熱敏電阻的電流為I，根據閉合電路歐姆定律有

代入數據得

作出圖線如圖所示。

圖線交點表示此時熱敏電阻的電壓為2.4V、電流為6mA，故電功率

（3）[3][4]由于熱敏電阻阻值隨溫度的升高而降低，要使發光二極管電壓時點亮，則有分壓隨總電阻的減小而增大，由串聯電路中的電壓之比等于電阻之比，為熱敏電阻，由圖5可知，當溫度為38.5℃時，熱敏電阻阻值

由閉合電路歐姆定律列出表達式，有

解得【解析】乙5728、略

【分析】【詳解】

（1）[1]閉合開關前；為防止電流過大導致螺線管A損壞，滑動變阻器接入電路阻值應最大，則滑動變阻器的滑片P應位于最右端。

（2）[2]

A．將螺線管A從螺線管B中拔出；則螺線管B中磁通量減少，螺線管B產生感應電動勢，回路產生感應電流，電流計的指針發生偏轉，故A正確；

B．螺線管A與螺線管B保持相對靜止向上運動；則螺線管B中磁通量保持不變，回路沒有感應電流，電流計的指針不發生偏轉，故B錯誤。

故選A。

（3）[3]根據題意：閉合開關的瞬間，觀察到電流計的指針向左偏轉，可知螺線管B中磁通量增加時，電流計的指針向左偏轉；保持開關閉合，若將滑動變阻器的滑片P向左移動，滑動變阻器接入電路阻值變小，螺線管A中電流變大，則螺線管B中磁通量增加，則會觀察到電流計的指針向左偏轉。【解析】右A左29、略

【分析】【詳解】

（1）[1]依原理圖可知；還需要af；fd、ce連線；

[2]依題意；所示電壓表的示數為1.50V，考慮到偶然誤差(1.50±0.02)V也可；

[3]假定AP部分的電阻為R'；R'分別與10Ω與100Ω并聯再與BP部分的電阻串聯；由于相同的R'與100Ω并聯后的電阻較與10Ω并聯后的電阻大，則根據閉合電路的歐姆定律可知，滑片在相同位置下，負載電阻越大，其兩端電壓越大；即在相同橫坐標下，此時負載100Ω時，電壓表的示數應該較曲線為圖4中的“I”來得大，故應該選“Ⅱ”。

[4]由上述分析可知，對于不同的負載電阻，調節滑動觸頭時負載兩端的電壓變化規律不同，當負載電阻小于滑動變阻器最大阻值時，負載電阻兩端電壓隨滑動觸頭的變化而更迅速變化；當負載電阻大于滑動變阻器最大阻值時，負載電阻兩端電壓隨滑動觸頭的變化而更加平穩變化，從而獲得更多的實驗數據。所以，在保證電路安全的情況下，滑動變阻器最大阻值的選擇依據是相比負載電阻越小越好，即R0

（2）[5]據題意可知：電流表主要部件是永久磁鐵和帶有指針的線圈，G1和G2用導線連接起來．當晃動動G1時，相當于G1中的線圈做切割磁感線運動，電路中會產生感應電流；由于兩個電表構成了閉合電路，則電流會通過G2表中的線圈，而該線圈處于磁場中，由于通電導線在磁場中受力的作用，G2的指針也會偏轉；則G1表相當于“發電機”，G2表相當于“