…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯教版高二物理上冊月考試卷130考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、某小型發電機產生的交變電動勢為（V），對此電動勢，下列表述正確的有A.最大值是VB.周期是0.02sC.有效值是VD.頻率是100Hz2、下圖是直角扇形導體繞O

在平面內勻速轉動產生的感應電流，設順時針為電流正方向，則線框所處的磁場區域正確的是A.B.C.D.3、真空中的某裝置如圖所示，其中平行金屬板AB

之間有加速電場，CD

之間有偏轉電場，M

為熒光屏。現有質子、氘核和婁脕

粒子均由A

板從靜止開始被加速電場加速后垂直于電場方向進入偏轉電場，最后打在熒光屏上。已知質子、氘核和婁脕

粒子的質量之比為1隆脙2隆脙4

電荷量之比為1隆脙1隆脙2

不計粒子重力，則下列說法中正確的是：()

A.三種粒子打到熒光屏上的位置相同B.三種粒子從B

板運動到熒光屏經歷的時間相同C.偏轉電場的電場力對三種粒子做功之比為1隆脙2隆脙2

D.偏轉電場的電場力對三種粒子做功之比為1隆脙2隆脙4

4、x軸上有兩個點電荷Q1和Q2，Q1和Q2之間各點對應的電勢高低如圖中曲線所示。下列判斷中正確的是A.電勢最低的P點所在處的電場強度為零B.Q1和Q2一定是同種電荷，但不一定是正電荷C.Q1的電量一定大于Q2的電量D.Q1和Q2之間各點的電場方向都指向P點5、如圖甲所示；矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉軸在勻強磁場中勻速轉動，輸出交變電流的電動勢圖象如圖乙所示，經原.

副線圈匝數比為110

的理想變壓器給一燈泡供電，如圖丙所示，副線圈電路中燈泡的額定功率為22W

現閉合開關，燈泡正常發光.

則(

)

A.t=0.01s

時，穿過線框回路的磁通量為零B.金屬線框的轉速為50r/s

C.變壓器原線圈中電流表的示數為2A

D.燈泡的額定電壓為22V

6、一只理想變壓器的原線圈有55

匝，副線圈有1100

匝，若把原線圈接到10V

的電池組上，則副線圈的輸出電壓是(

)

A.200V

B.20V

C.0.5V

D.0V

7、如圖所示，一個均勻的帶電圓環，帶電荷量為＋Q，半徑為R，放在絕緣水平桌面上．圓心為O點，過O點作一豎直線，在此線上取一點A，使A到O點的距離為R，在A點放一檢驗電荷＋q，則＋q在A點所受的電場力為。

A.方向向上B.方向向上C.方向向上D.不能確定評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)8、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解9、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)10、容積為20L的鋼瓶內，貯有壓強為1.5×107Pa的氧氣。打開鋼瓶的閥門，讓氧氣分裝到容積為5L的氧氣袋中(袋都是真空的)，充氣后的氧氣袋中氧氣壓強都是1.0×106Pa，設充氣過程不漏氣，環境溫度不變，則這瓶氧氣最多可分裝——袋11、如圖所示，一個驗電器用金屬網罩罩住，當網罩外加上水平向右、場強大小為E的勻強電場時，驗電器的箔片____（填“張開”或“不張開”），我們把這種現象稱之為。此時，金屬網罩的感應電荷在網罩內部空間會激發一個電場，它的場強大小為，方向為。12、一個20匝、面積為2m2的圓形線圈放在勻強磁場中，磁場的方向與線圈平面垂直，若該磁場的磁感應強度在0.05s內由0.1T增加到0.5T，在此過程中，穿過線圈的磁通量變化量為______Wb，磁通量的變化率為______Wb/S，線圈中感應電動勢的大小為______V．13、如圖1所示裝置驗證碰撞中的動量守恒，A、B兩球直徑相同，質量分別為m1、m2．

（1）實驗中所必須用的測量工具是______、______．

（2）某次實驗得出小球的落點情況如圖2所示，若碰撞中動量守恒，則兩小球質量之比m1：m2=______．

14、(1)

如圖所示，虛線區域內有垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B.

一邊長為L

的正方形導體框垂直磁場放置，框的右邊與磁場邊界重合.

現將導體框以速度v

沿紙面垂直邊界拉出磁場，則此過程中穿過導體框的磁通量改變了____，導體框中產生的感應電動勢是____．

(2)

如圖甲中常見的電學元件，它的名稱是____，在物理學中用大寫字母____表示該元件，它是存儲____的裝置.

圖乙中電容是____F

15、（4分）如圖所示為《探究碰撞中的動量守恒》實驗裝置示意圖。關于該實驗，下列說法正確的是____（不定項選擇）A．A球質量應大于B球質量B．每次A球開始下滑的位置G必須固定C．槽的末端是否水平對該實驗無影響D．必須測量G點相對于水平槽面的高度E．必須測量水平槽面離地面的高度或小球在空中飛行時間16、某同學在做利用單擺測重力加速度的實驗中；先測得擺線長為97.50cm，擺球直徑為2.0cm，然后用秒表記錄了單擺振50次所用的時間，如圖1所示，則：

（1）秒表所示讀數為______s．

（2）如果測得g值偏小，可能的原因是______

A．測擺線長時擺線拉得過緊。

B．擺線上端懸點未固定；振動中出現松動，使擺線長度增加了。

C．開始計時時；秒表過遲按下。

D．實驗中誤將49次全振動次數記為50次。

（3）在用單擺測定重力加速度g實驗中，另外一位同學作出的L-T2圖線如圖2所示，此圖線不過原點的原因可能是______．17、如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態A

變化到狀態B

已知在此過程中，氣體內能增加100J

則該過程中氣體______(

選填“吸收”或“放出”)

熱量______J.評卷人得分四、判斷題(共4題，共16分)18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

20、處于靜電平衡狀態的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、解答題(共3題，共12分)22、一質量為m；帶電量為q的帶電粒子以某一初速射入如圖所示的勻強磁場中（磁感應強度為B；磁場寬度為L），要使此帶電粒子穿過這個磁場，則帶電粒子的初速度應為多大？

23、如圖所示，兩根光滑的平行金屬導軌處于同一水平面內，相距L=0.3m，導軌的左端M、N用R=0.2Ω的電阻相連，導軌電阻不計，導軌上跨接一電阻r=0.1Ω的金屬桿ab；質量m=0.1kg，整個裝置放在豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度B=1T，現對桿施一水平向右的拉力F=1.5N，使它由靜止開始運動，求：

（1）當桿的速度為3m/s時；桿的加速度多大？

（2）桿能達到的最大的速度多大？此時拉力的瞬時功率多大？

（3）若桿達到最大速度后撤去拉力；則此后R上共產生多少熱能？

24、在壓強p-溫度T的坐標系中；一定質量的某種理想氣體先后發生以下兩種狀態變化過程：第一種變化是從狀態A到狀態B，外界對該氣體做功為6J；第二種變化是從狀態A到狀態C，該氣體從外界吸收熱量為9J．圖線AC反向延長線通過坐標原點O，B；C兩狀態的溫度相同，理想氣體的分子勢能為零．求：

（1）從狀態A到狀態C過程，該氣體對外界做功W1和其內能的增量△U1；

（2）從狀態A到狀態B過程，該氣體內能的增量△U2及其從外界吸收的熱量Q2．

評卷人得分六、推斷題(共2題，共18分)25、化合物rm{G[}rm{G[}是一種醫藥中間體，它的一種合成路線如下：請回答下列問題：rm{]}是一種醫藥中間體，它的一種合成路線如下：的名稱是_____________。rm{]}的反應條件為_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反應類型分別是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在濃硫酸加熱的條件下會生成一種含六元環的化合物，該化合物的結構簡式為_____________。rm{D隆煤E}是一種高聚酯，rm{(3)D}的化學方程式為___________。rm{(4)H}下列關于化合物rm{D隆煤H}的說法錯誤的是_________。A.rm{(5)}的分子式為rm{G}B.rm{G}與rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加熱最多消耗rm{1molG}C.一定條件下rm{NaOH}發生消去反應生成的有機物存在順反異構體D.在一定條件下rm{2molNaOH}能與rm{G}發生取代反應rm{G}是rm{HBr}的同分異構體，與rm{(6)M}具有相同的官能團。則rm{D}可能的結構有________種。rm{D}26、【化學rm{隆陋隆陋}選修rm{5}有機化學基礎】氯吡格雷是一種用于抑制血小板聚集的藥物，可通過如圖方法合成：已知：rm{壟脵}rm{壟脷}中氯原子較難水解；rm{壟脹RCHO}根據以上信息回答下列問題：rm{(1)A}的名稱是_________，rm{F}中無氧官能團的名稱是_______。rm{(2)D}的結構簡式為_______；rm{C}分子中最多有____個原子共平面。rm{(3)}寫出下列反應的化學方程式：反應rm{壟脷:}_________________。rm{(4)}已知：則由乙醇、甲醇為有機原料制備化合物需要經歷的反應類型有________rm{(}填寫編號rm{)}rm{壟脵}加成反應rm{壟脷}消去反應rm{壟脹}取代反應rm{壟脺}氧化反應rm{壟脻}還原反應，寫出制備化合物的最后一步反應_______________________________________________。rm{(5)E}的同分異構體中，滿足下列條件的有___種rm{(}不考慮立體異構rm{)}其中一種的核磁共振氫譜顯示rm{5}組峰，且峰面積之比為rm{1隆脙1隆脙2隆脙2隆脙2}請寫出其結構簡式____。rm{壟脵}結構中含有苯環且存在與rm{F}相同的官能團；rm{壟脷}能發生銀鏡反應，其堿性條件下水解的兩種產物也能發生銀鏡反應。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】試題分析：由表達式知電動勢最大值為選項A錯誤；周期選項B正確；有效值選項C錯誤；頻率為選項D錯誤；故選B.考點：本題考查了交流的峰值、有效值以及它們的關系.【解析】【答案】B2、A【分析】【分析】根據閉合面內磁通量的變化由楞次定律判斷感應電流的方向，由于磁通量均勻變化根據法拉第電磁感應定律知產生的電動勢大小不變，感應電流大小不變，采用排除法即可得答案。本題主要借助圖象考查感應電流方向及大小的判斷，能夠從圖中讀取信息和運用楞次定律和法拉第電磁感應定律是解題的關鍵。【解答】A.線框開始轉動到轉過婁脨2

過程，磁通量減小向外在減小，根據楞次定律判斷感應電流的方向先逆時針，i鈭?t

圖像在時間軸的下方；當從婁脨2

繼續轉動到婁脨

的過程中，磁通量向里增大，據楞次定律判斷感應電流的方向在逆時針，i鈭?t

圖像在時間軸的下方；繼續轉動到32婁脨

的過程中，磁通量向里減小，據楞次定律判斷感應電流的方向在順時針，i鈭?t

圖像在時間軸的上方；繼續轉動到2婁脨

的過程中，磁通量向外增加，據楞次定律判斷感應電流的方向在順時針，i鈭?t

圖像在時間軸的上方；感應電動勢大小不變化，則感應電流大小也不會發生變化；故A正確。B..

線框開始轉動到轉到婁脨2

磁通量向外增大，根據楞次定律判斷感應電流的方向先順時針，i鈭?t

圖像在時間軸的上方；故B錯誤。C..

線框開始轉動到婁脨2

磁通量向里減小，根據楞次定律判斷感應電流的方向先順時針，i鈭?t

圖像在時間軸的上方；故C錯誤。D..

線框開始轉動到婁脨2

磁通量向里增大，根據楞次定律判斷感應電流的方向先逆時針，i鈭?t

圖像在時間軸的下方；當轉到婁脨2

時候磁通量最大，繼續轉動到婁脨

的過程中，磁通量向里減小，根據楞次定律判斷感應電流的方向在順時針，i鈭?t

圖像在時間軸的上方；故D錯誤。故選A。【解析】A

3、A【分析】【分析】三種粒子在偏轉電場中做類平拋運動，飛出電場后做勻速直線運動，兩個過程中水平方向是速度相同的勻速直線運動，根據動能定理求出加速獲得的速度表達式，可分析從B

板運動到熒光屏經歷的時間關系.

根據推論分析粒子偏轉距離與加速電壓和偏轉電壓的關系，分析粒子打到熒光屏上的位置關系；根據W=qEy

分析電場力做功之比。本題考查了帶電粒子在勻強電場中的運動。本題是帶電粒子在電場中運動問題，先加速后偏轉，y=U2L24dU1

是重要推論，掌握要牢固，要抓住該式與哪些因素有關，與哪些因素無關。【解答】設加速電壓為U11，偏轉電壓為U22，偏轉極板的長度為L

板間距離為d

A.根據推論：y=U2L24dU1

可知，y

與粒子的種類、質量、電量無關，故三種粒子偏轉距離相同，打到熒光屏上的位置相同，故A正確；B.在加速電場中，由動能定理得：qU1=12mv02

則加速獲得的速度為v0=2qU1m

三種粒子從B

板運動到熒光屏的過程，水平方向做速度為v00的勻速直線運動，由于三種粒子的比荷不同，則v00不同，所以三種粒子從B

板運動到熒光屏經歷的時間不同，故B錯誤；CD.

偏轉電壓的電場力做功為W=qEy

則W

與q

成正比，三種粒子的電荷量之比為112

則有電場力對三種粒子做功之比為112

故C

D錯誤。故選A。【解析】A

4、A|C|D【分析】試題分析：圖線某點處的切線斜率表示該點的電場強度，由圖像可知，P點的電場強度為零，即兩點電荷在P點的場強大小相等、方向相反；所以A正確；由圖像作出兩點電荷之間的電場線如下：故可知，兩電荷一定是正電荷，所以B錯誤、D正確；由可知所以C正確；考點：電勢、電場強度【解析】【答案】ACD5、B【分析】解：A

由圖乙可知；當0.01s

時，感應電動勢為零，則此時穿過線框回路的磁通量最大，故A錯誤；

B、由圖可知，交流電的周期為0.02s

則轉速為：n=1T=50r/s

故B正確；

C、原線圈輸入電壓為有效值為22V

則副線圈的電壓為22隆脕10=220V

由P=UI

可知，副線圈電流I2=22220=0.1A

則由電流與匝數成反比，求得I1=1A

故C錯誤；

D；燈泡正常發光；故額定電壓為220V

故D錯誤；

故選：B

由圖2

可知特殊時刻的電動勢；根據電動勢的特點，可判處于那個面上，由圖象還可知電動勢的峰值和周期，根據有效值和峰值的關系便可求電動勢的有效值。

本題關鍵是明確線圈在勻強磁場中勻速轉動產生的是正弦式交變電流，會根據變壓比公式、變流比公式列式求解即可【解析】B

6、D【分析】解：根據題意可知；電池組屬于直流電源，變壓器不能工作，所以負線圈的輸出電壓為0V.

故D正確，ABC錯誤；

故選：D

．

根據變壓器的匝數之比等于電壓之比；只適用于交流電，而直流電，變壓器不能工作，即可求出．

根據變壓器的匝數之比等于電壓之比，只適用于交流電，而直流電，變壓器不能工作，即可求出．【解析】D

7、B【分析】【詳解】

檢驗電荷受的庫侖力沿著電荷的連線指向+q，由對稱性可知在垂直于豎直線的方向上的分力相互抵消，只有沿豎直線方向的分力．所以+q在A點所受的電場力方向向上．由庫侖力公式知：故B正確．二、雙選題(共2題，共4分)8、AB【分析】本題考查物質的性質。該題屬于基礎性試題，難度不大。只要能記住常見物質的性質，就不難得出正確的結論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB。【解析】AB9、AB【分析】本題考查物質的性質。該題屬于基礎性試題，難度不大。只要能記住常見物質的性質，就不難得出正確的結論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB。【解析】AB三、填空題(共8題，共16分)10、略

【分析】【解析】試題分析：應用理想氣體狀態方程環境溫度不變計算得除去瓶中剩余的20L氣體無法充到氧氣袋中，剩余氣體可充滿袋數考點：理想氣體狀態方程【解析】【答案】56袋11、略

【分析】因為處于電場中的導體內部會激發一個與外部電場大小相等，方向相反的電場，即合電場為零，所以箔片不會張開，此現象我們叫做靜電屏蔽現象，【解析】【答案】不張開，靜電屏蔽，E，水平向左12、略

【分析】解：圓線圈在勻強磁場中；現讓磁感強度在0.05s內由0.1T均勻地增加到0.5T．

所以穿過線圈的磁通量變化量是：△?=?2-?1=（B2-B1）S=0.8Wb

而磁通量變化率為：==16Wb/s

則線圈中感應電動勢大小為：E=N=20×16=320V

故答案為：0.8；16，320．

穿過線圈的磁通量發生變化；導致線圈中產生感應電動勢，從而出現感應電流．由法拉第電磁感應定律可得感應電動勢的大小．

感應電動勢的大小與磁通量的變化率有關，而與磁通量變化及磁通量沒有關系．由此求出則是平均感應電動勢，而瞬時感應電動勢則由E=BLV，式中L是有效長度，V是切割磁感線的速度．【解析】0.8；16；32013、略

【分析】解：（1）兩球離開軌道后做平拋運動；它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則有：

m1v1=m1v1′+m2v2′；

兩邊同時乘以t得：m1v1t=m1v1′t+m2v2′t；

即為：m1OP=m1OM+m2O′N，m1OP=m1OM+m2（ON-2r）；由此可知，實驗需要測出小球質量；小球的水平位移；

測質量需要天平；測水平位移需要刻度尺，故需要的測量工具為：天平；刻度尺．

（2）由圖2所示可知，OP=25.5cm，OM=15.5cm，O′N=ON-2r=41.1cm-1.1cm=40.0cm．

如果兩球碰撞過程動量守恒，則：m1OP=m1OM+m2（ON-2r）；

代入數據求得：m1：m2=4：1；

故答案為：（1）天平；刻度尺；（2）4：1．

根據動量守恒定律求出實驗需要驗證的表達式；然后根據表達式分析答題．

本題主要考查了“驗證動量守恒定律”的實驗的原理及要求以及數據處理等基礎知識，掌握實驗原理、應用動量守恒定律求出實驗需要驗證的表達式即可正確解題．【解析】天平；刻度尺；4：114、（1）BL2，BLv

（2）可變電容器C4.7×10-5【分析】(1)

【分析】由磁通量的定義式求出磁通量的變化量；

由E=BLv

求出感應電動勢。本題考查了求磁通量的變化量、求感應電動勢，知道磁通量的定義式、知道導體棒切割磁感線產生感應電動勢的公式即可正確解題。【解答】在把線框拉出磁場過程中；

磁通量的變化量：鈻?婁碌=婁碌2鈭?婁碌1=B鈻?S=BL2

導體框勻速運動；產生的感應電動勢：E=BLv

故答案為：BL2BLv

(2)

【分析】甲圖是可變電容器，圖乙是電容器的相關的數據；本題考查了電容器，對于課本的基礎知識要掌握，包括圖片、課后習題。【解答】甲圖是可變電容器，改變動片的位置可以改變電容的大小；該電學元件是可變電容器，符號是：C

圖乙是電容器的相關的數據，其中47婁脤F

是該電容器的電容，47婁脤F=4.7隆脕10鈭?5F

故答案為：可變電容器C4.7隆脕10鈭?5

【解析】(1)BL2BLv

(2)

可變電容器C4.7隆脕10鈭?5

15、略

【分析】【解析】【答案】（4分）AB16、略

【分析】解：（1）停表表示讀數：內圈讀數：90s；外圈讀數9.7s，總讀數為：t=90s+9.7s=99.7s；

（2）根據單擺的周期公式T=2π得：g=．

A；測擺線長時擺線拉得過緊；使得擺長的測量值偏大，則測得的重力加速度偏大．故A錯誤．

B；擺動后出現松動；知擺長的測量值偏小，則測得的重力加速度偏小．故B正確．

C；實驗中開始計時；秒表過遲按下，則測得周期偏小，所以測得的重力加速度偏大．故C錯誤．

D；實驗中將49次全振動數成50次全振動；測得周期偏小，則測得的重力加速度偏大．故D錯誤．

故選：B；

（3）根據單擺的周期公式T=2π得：L=．

而另外一位同學作出的L-T2圖線如圖2所示；此圖線不過原點的原因可能是計算擺長時，加入球的直徑，而不是半徑．

故答案為：（1）99.7；（2）B；

（3）可能是計算擺長時；加入球的直徑，而不是半徑．

（1）秒表讀數：先讀內圈；讀數時只讀整數，小數由外圈讀出，讀外圈時，指針是準確的，不用估讀．

（2）根據單擺的周期公式T=2π得出重力加速度的表達式；從而判斷出重力加速度減小的原因；

（3）根據實驗注意事項與實驗原理分析實驗誤差．由單擺周期公式變形，得到T2與L的關系式；分析圖象的意義，即可求解．

本題關鍵明確實驗原理，根據原理選擇器材；由單擺的周期公式變形，得到T2與L的關系式得到圖象斜率的物理意義，再分析實驗產生的誤差．【解析】99.7；B；可能是計算擺長時，加入球的直徑，而不是半徑17、略

【分析】解：氣體的體積變大，對外做功，W=F鈻?X=PS鈻?X=P鈻?V=1.0隆脕105隆脕(4.0鈭?2.0)隆脕10鈭?3=200J

對外做功，W

為負值，根據熱力學第一定律：鈻?E=Q鈭?W

所以：Q=鈻?E+W=300J.

正號表示吸收熱量．

故答案為：吸收；300

物體的內能與物體的溫度和體積有關.

溫度是分子平均動能的標志；溫度低的物體分子運動的平均動能小．

理想氣體經歷等壓變化；由玻意爾定律求出狀態B

體積，根據熱力學第一定律求解．

本題要要掌握熱力學第一定律鈻?U=W+Q

的應用.

抓住溫度的微觀含義：溫度是分子平均動能的標志，溫度越高，分子的平均動能越大．【解析】吸收；300

四、判斷題(共4題，共16分)18、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．20、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．五、解答題(共3題，共12分)22、略

【分析】

由于不知道粒子的電性；所以要分為兩種情況來分析解答：

（1）若帶電粒子帶正電。

帶電粒子在磁場中沿逆時針方向運動；當運動軌跡剛好與磁場右邊界相切時，軌道半徑R-Rcosθ=L

則有又因

則速度為

即帶電粒子要穿過磁場，速度要大于

（2）若帶電粒子帶負電。

帶電粒子在磁場中沿順時針方向運動；當運動軌跡剛好與磁場右邊界相切時，軌道半徑R+Rcosθ=L

又因

則速度

帶電粒子要穿過磁場，速度要大于

答：帶正電的粒子要穿過磁場，速度要大于帶負電的粒子要穿過磁場，速度要大于．

【解析】【答案】因本題沒有指明帶電粒子所帶的電性；所以首先要分為兩種情況進行討論．帶正電時粒子將沿逆時針方向運動，帶負電時粒子將沿順時針方向運動．兩種情況都要與磁場的右邊界相切時為臨界狀態，根據題意畫出草圖，確定圓心的位置，利用解三角形的知識進行求解．

23、略

【分析】

（1）當桿的速度為3m/s時，桿切割磁感線產生的感應電動勢E=BLv=1×0.3×3V=0.9V，ab桿中產生的電流方向沿a指向b

此時桿中電流I=

此時桿受到的安培力：F安=BIL=1×3×0.3N=0.9N

根據左手定則；安培力的方向水平向左．

對桿受力分析，在水平方向桿受兩個力，拉力F=1.5N方向向右，安培力F安=0.9N；方向水平向左。

則桿在水平方向受到的合力F合=F-F安=1.5-0.9N=0.6N；方向水平向右．

根據牛頓第二定律，桿產生的加速度a=

（2）由（1）分析知，桿達到最大速度vmax時；安培力和拉力平衡，又因為：

=

所以：F=

即：==5m/s．

據P=Fv=1.5×5W=7.5W．

（3）桿達到平衡時；最大速度為5m/s，此時撤去外力F，根據能量守恒，桿的動能將轉變成電路內能釋放。

故電路中產生的熱能等于桿的動能：

即=

因為電阻產生熱量Q=I2Rt可知，電路中R和r串聯，所以電阻R和r上產生的熱量之比等于電阻之比。

所以由題意可知，電阻R上產生的熱量QR和電路產生總熱量之比為：

即電阻產生熱量==0.83J

答：（1）當桿的速度為3m/s時，桿的加速度為6m/s2

（2）桿能達到的最大的速度為5m/s；此時拉力的瞬時功率為7.5W

（3）若桿達到最大速度后撤去拉力；則此后R上共產生0.83J熱能．

【解析】【答案】桿運動時；在水平方向受2個力，拉力和安培力，已知拉力和桿運動的速度，可以求得感應電動勢E，并根據歐姆定律求得電流，根據F=BIL求得安培力的大小，這樣可以求出此時桿加速度；由題意知桿做加速度減小的加速運動，桿速度最大時，拉力與安培力平衡，已知拉力的大小即安培力的大小，根據安培定則可以求得電流I，再根據歐姆定律求得感應電動勢的大小，由E=BLv可以求得桿速度最大時的加速度，然后由P=Fv得拉力的瞬時功率；根據能量守恒，撤去拉力后機械能轉化為熱能，根據歐姆定律求得電阻R上產生的熱量．

24、略

【分析】

（1）從狀態A到狀態C過程，氣體發生等容變化，該氣體對外界做功W1=0

根據熱力學第一定律有△U1=W1﹢Q1

內能的增量△U1=Q1=9J

（2）從狀態A到狀態B過程；體積減小，溫度升高。

該氣體內能的增量△U2=△U1=9J

根據熱力學第一定律有△U2=W2﹢Q2

從外界吸收的熱量Q2=△U2-W2=3J

答：（1）從狀態A到狀態C過程，該氣體對外界做功W1=0，其內能的增量△U1=9J；

（2）從狀態A到狀態B過程，該氣體內能的增量△U2為9J，從外界吸收的熱量Q2為3J．

【解析】【答案】（1）從狀態A到狀態C過程，氣體發生等容變化，不做功．根據熱力學第一定律求解內能的增量△U1；

（2）由于B、C兩狀態的溫度相同，內能相等，則氣體從狀態A到狀態B過程與A到C的過程內能的增量相等．再由根據熱力學第一定律求解從外界吸收的熱量Q2．

六、推斷題(共2題，共18分)25、rm{(1)2-}甲基丙烯或異丁烯

rm{(2)NaOH}溶液加熱加成反應取代反應

rm{(3)}

rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}

rm{(5)BC}

rm{(6)4}

【分析】【分析】本題考查學生有機推斷和有機合成，是現在考試的熱點，難度較大，可以根據所學知識進行回答。【解答】由rm{A}到rm{B}發生加成反應，rm{B}到rm{C}反生鹵代烴的水解，再氧化生成rm{D}rm{E}與rm{F}反生取代反應生成rm{G}由此來推斷各反應類型和產物；rm{(1)A}是烯烴，名稱是rm{2-}甲基丙烯；rm{(2)B隆煤C}的反應條件為rm{NaOH}水溶液并加熱，根據題目所給的信息，可知rm{A隆煤B}和rm{D隆煤E}的反應類型分別是加成反應、取代反應；rm{(3)D}在濃硫酸加熱的條件下發生酯化反應會生成一種含六元環的化合物，該化合物的結構簡式為在濃硫酸加熱的條件下發生酯化反應會生成一種含六元環的化合物，該化合物的結構簡式為rm{(3)D}；

是一種高聚酯，rm{(4)H}的化學方程式為rm{D隆煤H}rm{nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}

rm{+(n-1)H_{2}O}根據rm{(5)A.}和rm{E}發生取代反應生成rm{F}rm{G}被取代，可知rm{-OH}的分子式為rm{G}故A正確；B.rm{C_{12}H_{14}O_{5}}含有rm{1molG}酚酯基和rm{1mol}醇酯基，可知與rm{1mol}溶液加熱最多消耗rm{NaOH}注意酚羥基的性質，故B錯誤；C.一定條件下rm{3molNaOH}發生消去反應生成的有機物碳碳雙鍵兩側的碳原子有rm{G}不存在順反異構體，故C錯誤；D.在一定條件下rm{-CH_{2}}能與rm{G}發生取代反應，體現羥基的性質，故D正確；故選BC；rm{HBr}是rm{(6)M}的同分異構體，與rm{D}具有相同的官能團即羧基和羥基，羥基和羧基看作取代基，相當于丙烷的二元取代產物，則rm{D}可能的結構有rm{M}種。