高級中學名校試卷PAGEPAGE1高三物理考試本試卷滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1.答題前，考生務必將自己的姓名、考生號、考場號、座位號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。4.本試卷主要考試內容：高考全部內容。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.核磁共振成像技術的基本原理是：當電磁波滿足一定條件時，強磁場可使人體內含量最多的氫原子吸收電磁波的能量，然后吸收了能量的氫原子又把這部分能量以電磁波的形式釋放出來形成核磁共振信號。氫原子從開始的能級能量依次為-13.6eV，-3.4eV，-1.51eV，-0.85eV，…，下列電磁波的能量，能被人體內處于基態的氫原子吸收的是（）A.9.2eV B.10.6eV C.12.9eV D.12.75eV【答案】D【解析】根據玻爾理論，只有能量剛好等于氫原子兩個能級差的光子（電磁波）才能被氫原子吸收，從到高能級的能量分別為10.2eV、12.09eV、12.75eV、13.06eV…。故選D。2.心電圖儀可以將心肌收縮產生的脈動轉化為電壓脈沖，其輸出部分可等效為一個不計內阻的交流電源，其電壓隨著心率發生變化，如圖所示。心電圖儀與一理想變壓器的原線圈相連接，揚聲器（可等效為一個定值電阻）與一滑動變阻器串聯后接在副線圈兩端。若原線圈兩端電壓（有效值）變大，滑動變阻器滑片的位置不變，則下列說法正確的是（）A.原、副線圈的匝數比變大B.通過滑動變阻器的電流變大C.副線圈兩端的電壓（有效值）不變D.揚聲器的功率變小【答案】B【解析】A．原、副線圈的匝數比只與變壓器本身結構有關，與電壓無關，故A錯誤；B．若原線圈兩端電壓變大，則副線圈兩端電壓變大，則通過滑動變阻器的電流變大，故B正確；C．若原線圈兩端電壓變大，則副線圈兩端電壓變大，則有效值變大，故C錯誤；D．若原線圈兩端電壓變大，則副線圈兩端電壓變大，則通過揚聲器的電流變大，故揚聲器的功率變大，故D錯誤。故選B。3.一石激起千層浪，t=0時某水波（簡諧橫波）沿x軸負方向傳播的波形圖如圖甲所示，在a、b、c、d四個質點中，其振動圖像和如圖乙所示的圖像相同的是（）A.a B.b C.c D.d【答案】D【解析】由于t=0時刻質點處于平衡位置，且向上振動，又由于波沿x軸負方向傳播，根據“上下坡”法可知，甲圖中該質點應處于平衡位置，且處于下坡階段，即d質點。故選D。4.游樂園里有一種叫“魔幻大轉盤”的游戲項目，如圖所示，a、b兩小孩（均視為質點）手拉手沿半徑方向站在水平轉盤上，兩小孩與轉盤間的動摩擦因數相同，水平轉盤繞通過轉盤中心的轉軸O1O2轉動，且轉速逐漸增大，直到兩小孩恰好要相對轉盤運動。在轉盤的角速度緩慢增大的過程中，a、b兩小孩間的作用力沿水平方向，下列說法正確的是（）A.轉盤對a小孩的作用力一定不變B.轉盤對b小孩的作用力一定增大C.轉盤對a、b兩小孩組成的系統的作用力一定增大D.a、b兩小孩的線速度大小相等【答案】C【解析】ABC．當轉盤角速度較小時，有隨著角速度增大，fa、fb均增大，但b小孩需要的向心力更大，所以b小孩與轉盤間的摩擦力先達到最大值，此時隨著角速度增大，fa繼續增大，但小孩b與轉盤間的摩擦力達到最大值后保持不變，即轉盤對a、b兩小孩組成的系統的作用力一定增大，故AB錯誤，C正確；D．由于兩小孩具有相同角速度，但轉動半徑不同，根據可知故D錯誤。故選C。5.一長方體玻璃磚長L=48cm，高d=6cm，其截面圖如圖所示，該玻璃磚的折射率n=1.25，一單色細光束從玻璃磚的左端的正中心射入，不從上、下兩側射出。已知光在真空中傳播的速度c=3×108m/s，sin53°=0.8，cos53°=0.6，關于光在玻璃磚中的傳播，下列說法正確的是（）A.光最多可以在玻璃磚中反射6次B.光最多可以在玻璃磚中反射5次C.光在玻璃磚中傳播的最長時間為1.6×10-9sD.光在玻璃磚中傳播的最長時間為2×10-9s【答案】A【解析】AB．光在介質中傳播時間最長，即光由介質射向空氣時恰好發生全反射，由可知由幾何關系可知，第一次發生全反射時，沿玻璃磚方向傳播的距離為此后每發生一次全反射沿玻璃磚方向傳播的距離均為所以全反射發生的次數為即光最多可以在玻璃磚中反射6次，故A正確，B錯誤；CD．光在玻璃磚中傳播的最長時間為故CD錯誤。故選A。6.某人在平直公路上進行汽車測試，汽車勻加速運動階段的速度—時間圖像如圖所示，4s時汽車達到額定功率，然后以額定功率運動至最大速度。已知該汽車（含司機）的質量為，運動過程中受到的阻力恒為其所受重力的，取重力加速度大小，下列說法正確的是（）A.0~4s內，汽車的位移大小為80mB.0~4s內，汽車的牽引力大小為C.汽車的額定功率為D.汽車做加速直線運動的總時間為14s【答案】C【解析】A．根據圖像與坐標軸圍成的面積代表位移可知m=40m故A錯誤；B．由圖像斜率代表加速度可知根據牛頓第二定律有解得N故B錯誤；C．根據功率的計算公式有W故C正確；D．汽車的最大速度為若汽車做勻加速直線運動，則實際汽車做加速度減小加速運動，則汽車做加速直線運動的總時間不為14s，故D錯誤；故選C。7.如圖所示，半徑為R的金屬圓環固定在豎直平面上，金屬圓環所帶電荷量為＋Q，且均勻分布，絕緣細線的一端固定在圓環的最高點，另一端連接一個質量為m的帶電小球（視為質點）。穩定時，小球在過圓心且垂直圓環平面的軸上的P點處于靜止狀態，O、P兩點間的距離也為R。已知靜電力常量為k，重力加速度大小為g，則小球所帶的電荷量為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】由幾何關系可知細線與水平方向夾角為，將帶電金屬圓環分成無數小微元，每一小微元的帶電量為，則每一小微元在P點沿水平方向的場強大小為則P點的合場強大小為對小球受力分析如圖所示根據受力平衡可得解得小球所帶的電荷量為故選B。8.如圖所示，一輕質彈簧的勁度系數為k，彈簧左端連接質量為m的小球，右端固定在豎直墻上，連接小球的細線固定在水平天花板上，細線與水平方向的夾角，彈簧處于水平狀態且小球靜止，重力加速度大小為g，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）A.細線的拉力大小為B.彈簧的伸長量為C.剪斷彈簧，小球到達最低點時細線對小球的拉力大小為D.剪斷彈簧，小球到達最低點時細線對小球的拉力大小為【答案】BC【解析】AB．根據平衡條件可得所以故A錯誤，B正確；CD．剪斷彈簧，小球做圓周運動，則小球到達最低點時，有聯立解得故C正確，D錯誤。故選BC。9.如圖甲所示，不計電阻的足夠長的光滑平行金屬導軌MN、PQ豎直固定，其間距L=1m，磁感應強度大小B=1T的勻強磁場垂直穿過導軌平面，導軌的上端M與P之間連接一電阻R=0.75Ω，一阻值r=0.25Ω、長度L=1m的金屬棒ab緊貼在導軌上?，F使金屬棒ab由靜止開始下滑，下滑過程中金屬棒ab始終保持水平，且與導軌接觸良好，其下滑距離x與時間t的關系如圖乙所示，圖像中的OA段為曲線，AB段為直線，忽略金屬棒ab運動過程中對原磁場的影響，取重力加速度大小g=10m/s2。下列說法正確的是（）A.金屬棒ab穩定運動時的速度大小為6m/sB.金屬棒ab的質量為0.8kgC.金屬棒ab勻速運動時，其兩端的電壓為2VD.在t0~t0+1s內，金屬棒ab中產生的熱量為16J【答案】BD【解析】A．由圖乙可知，金屬棒先向下做加速運動后做勻速運動，勻速運動的速度大小為故A錯誤；B．勻速階段有所以故B正確；C．金屬棒ab勻速運動時，其兩端的電壓為故C錯誤；D．在內，金屬棒ab中產生的熱量為故D正確。故選BD。10.2024年10月30日，搭載神舟十九號載人飛船的長征二號F遙十九運載火箭在酒泉衛星發射中心點火發射，發射取得圓滿成功。70后、80后、90后航天員齊聚“天宮”，完成中國航天史上第5次“太空會師”。飛船入軌后先在近地軌道上進行數據確認，后經橢圓轉移軌道與在運行軌道上做勻速圓周運動的空間站組合體完成自主快速交會對接，其變軌過程可簡化成如圖所示，已知近地軌道的半徑近似為地球半徑R，中國空間站軌道距地面的高度為h，飛船在近地軌道上運行的周期為T，下列說法正確的是（）A.飛船在轉移軌道上經過B點時加速度與在運行軌道上經過B點時的加速度大小相等B.飛船在轉移軌道上經過B點時的速率大于在近地軌道上經過A點時的速率C.飛船在運行軌道上的速率大于在近地軌道上的速率D.飛船在轉移軌道上運行的周期為【答案】AD【解析】A．根據牛頓第二定律可得所以可知，飛船在轉移軌道上經過B點時的加速度與在運行軌道上經過B點時的加速度大小相等，故A正確；BC．根據萬有引力提供向心力有所以所以飛船在運行軌道上經過B點時的速率小于在近地軌道上經過A點時的速率，飛船由轉移軌道變軌到運行軌道，需要在B點點火加速，所以飛船在轉移軌道上經過B點時的速率小于在運行軌道上經過B點時的速率，所以飛船在轉移軌道上經過B點時的速率小于在近地軌道上經過A點時的速率，故BC錯誤；D．根據開普勒第三定律有所以故D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.在“探究平拋運動的特點”實驗中，某同學設計了圖甲裝置和圖乙裝置，兩裝置均可探究平拋運動規律。用一張印有正方形小方格的紙記錄運動軌跡，小方格的邊長為l。a、b、c、d為小球在平拋運動中途經的幾個位置，如圖丙所示，重力加速度大小為g，回答下列問題：（1）圖甲中，小球1離開斜槽末端后做平拋運動，小球2離開斜槽末端后做勻速直線運動，實驗中發現兩小球總能相碰，說明平拋運動在________________________運動。（2）圖乙中，小球3到達斜槽末端時將S斷開后做平拋運動，此時小球4失去電磁鐵的吸引而做自由落體運動，實驗中發現兩小球總是同時落地，說明平拋運動在________________________運動。（3）建立如圖丙所示的xOy坐標系，由圖丙可知：小球做平拋運動的初速度大小v0=________（用l、g表示），小球做平拋運動的初始位置的坐標為________________?！敬鸢浮浚?）水平方向的分運動為勻速直線運動（2）豎直方向的分運動為自由落體運動（3）（，）【解析】【小問1詳析】小球1離開斜槽末端后做平拋運動，小球2離開斜槽末端后做勻速直線運動，實驗中發現兩小球總能相碰，所以該裝置驗證平拋運動在水平方向的分運動為勻速直線運動。【小問2詳析】圖2裝置中，小球3到達斜槽末端時將S斷開后做平拋運動，此時小球4失去電磁鐵的吸引而做自由落體運動，實驗中發現兩小球總是同時落地，所以該裝置驗證平拋運動在豎直方向的分運動為自由落體運動?！拘?詳析】[1]由圖可知所以[2]小球在b點時的豎直分速度大小為小球做平拋運動的初始位置橫縱坐標分別為聯立解得，小球做平拋運動的初始位置的坐標為（，）。12.某學習小組設計了如圖甲所示的電路來測量電源的電動勢E、內阻r及待測電阻的阻值，通過改變滑動變阻器的阻值R，記錄多組電壓表V1、V2及電流表A的示數，并描點作圖得到了如圖乙所示的a、b兩條U-I圖線，三個電表均為理想電表。（1）圖乙是根據電壓表與電流表的示數描繪的U-I圖線，其中圖線a是電壓表________（填“V1”或“V2”）與電流表A的關系圖線。（2）由圖乙可得，電源的電動勢E＝________V、內阻r＝________Ω，待測電阻Rx＝________Ω。（結果均保留兩位有效數字）（3）在滑動變阻器滑片滑動的過程中，電壓表V1、V2示數變化量分別用、表示，則________。【答案】（1）V1（2）1.51.02.0（3）【解析】【小問1詳析】根據閉合電路歐姆定律，可知U2-I圖像的斜率應該等于電阻Rx和電源內阻之和，U1-I圖像的斜率應該等于電源內阻，可知U2-I圖像的斜率較大，U1-I圖像的斜率較小，即電壓表V1與電流表A的示數描繪的U-I圖線是圖乙中的a；【小問2詳析】[1][2][3]由圖乙圖像縱坐標截距可得，電源電動勢E=1.5V由圖像a斜率可得由圖像b斜率可得聯立得待測電阻Rx=2.0Ω【小問3詳析】根據閉合電路歐姆定律得U1=E-Ir，U2=E-I（Rx+r）由關系式可得，聯立得13.籃球是中學生喜歡的一項體育運動，打籃球前需要將籃球內部氣壓調至才能讓籃球發揮最佳性能。某同學使用簡易充氣筒給新買的籃球充氣，由于是新買的籃球，初始時內部空氣的體積認為等于零，該充氣筒每次可以將壓強、體積的空氣打進籃球。已知籃球的容積。（忽略所有過程溫度的變化與籃球容積的變化）（1）該同學利用這個簡易充氣筒向籃球打氣，求使籃球內部氣壓達到需要打氣的次數；（2）某次打氣過多，使籃球內部的氣壓達到，可以采取緩慢放氣的辦法使籃球內部的氣壓恢復到，已知該溫度下氣體壓強時氣體的密度為，求放出氣體的質量。【答案】（1）120次（2）1.95g【解析】【小問1詳析】根據玻意耳定律可得解得【小問2詳析】根據題意可得代入數據解得14.某同學受自動雨傘開傘過程的啟發，設計了如圖所示的物理模型。豎直放置在水平桌面上的滑桿上套有一個滑塊，一勁度系數很大的輕彈簧下端固定在滑桿上，初始時它們處于靜止狀態。將滑塊向下壓縮彈簧，使彈簧壓縮一小段距離（可忽略不計）后自動鎖住彈簧，此時彈簧的彈性勢能Ep=3.2J。解除彈簧的鎖定，滑塊從A處以一定初速度向上滑動時，受到滑桿的摩擦力大小f=0.4N?；瑝K滑到B處與滑桿發生完全非彈性碰撞（時間極短），帶動滑桿離開桌面一起豎直向上運動，向上運動的最大高度h=0.8m。已知滑塊的質量m=0.1kg，A、B間的距離l=1m，取重力加速度大小g=10m/s2，不計空氣阻力。求：（1）滑塊與滑桿碰撞后瞬間的速度大??；（2）滑桿的質量?！敬鸢浮浚?）4m/s（2）0.05kg【解析】【小問1詳析】滑塊帶動滑桿豎直向上運動，則解得【小問2詳析】滑塊與滑桿碰撞過程，根據動量守恒定律可得滑塊上滑過程有根據牛頓第二定律有彈簧彈開滑塊的過程有聯立解得15.如圖所示，在豎直的xOy平面內，第一象限內有電場強度大小、方向平行于x軸向右的勻強電場，在x軸下方存在方向垂直于紙面向外的勻強磁場和電場強度大小、方向豎直向上的勻強電場（圖中未畫出）。一質量、電荷量的帶正電小球從y軸上的P點（0，0.4m）無初速度釋放，釋放后小球從第一象限進入第四象限做勻速圓周運動，運動軌跡恰好與y軸相切，取重力加速度大小。結果可以保留根號。求：（1）小球第一次通過x軸時的速度大小v及方向；（2）x軸下方的勻強磁場的磁感應強度大小B；（3）從P點開始到第三次通過x軸的運動時間t?！敬鸢浮浚?），方向與軸正向的夾角為（2）（3）【解析】【小問1詳析】小球受向下的重力和水平向右的電場力，做斜向右下的勻加速直線運動，設速度與軸正向的夾角為，有可得小球的豎直位移為，由動能定理有解得小球第一次通過x軸時的速度大小為【小問2詳析】小球進入第四象限做勻速圓周運動，則重力和電場力等大反向，洛倫茲力提供向心力，有運動軌跡恰好與y軸相切，軌跡如圖所示由幾何關系可知聯立可得勻強磁場的磁感應強度大小為【小問3詳析】小球的三次通過x軸的軌跡如圖所示小球由做勻加速直線運動，其等效重力加速度為其運動的時間為小球從做勻速圓周運動，其圓心角為則運動時間為小球從點因速度垂直于等效重力加速度，故小球做類平拋運動，設運動時間為，有解得故從P點開始到第三次通過x軸運動時間為高三物理考試本試卷滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1.答題前，考生務必將自己的姓名、考生號、考場號、座位號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。4.本試卷主要考試內容：高考全部內容。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.核磁共振成像技術的基本原理是：當電磁波滿足一定條件時，強磁場可使人體內含量最多的氫原子吸收電磁波的能量，然后吸收了能量的氫原子又把這部分能量以電磁波的形式釋放出來形成核磁共振信號。氫原子從開始的能級能量依次為-13.6eV，-3.4eV，-1.51eV，-0.85eV，…，下列電磁波的能量，能被人體內處于基態的氫原子吸收的是（）A.9.2eV B.10.6eV C.12.9eV D.12.75eV【答案】D【解析】根據玻爾理論，只有能量剛好等于氫原子兩個能級差的光子（電磁波）才能被氫原子吸收，從到高能級的能量分別為10.2eV、12.09eV、12.75eV、13.06eV…。故選D。2.心電圖儀可以將心肌收縮產生的脈動轉化為電壓脈沖，其輸出部分可等效為一個不計內阻的交流電源，其電壓隨著心率發生變化，如圖所示。心電圖儀與一理想變壓器的原線圈相連接，揚聲器（可等效為一個定值電阻）與一滑動變阻器串聯后接在副線圈兩端。若原線圈兩端電壓（有效值）變大，滑動變阻器滑片的位置不變，則下列說法正確的是（）A.原、副線圈的匝數比變大B.通過滑動變阻器的電流變大C.副線圈兩端的電壓（有效值）不變D.揚聲器的功率變小【答案】B【解析】A．原、副線圈的匝數比只與變壓器本身結構有關，與電壓無關，故A錯誤；B．若原線圈兩端電壓變大，則副線圈兩端電壓變大，則通過滑動變阻器的電流變大，故B正確；C．若原線圈兩端電壓變大，則副線圈兩端電壓變大，則有效值變大，故C錯誤；D．若原線圈兩端電壓變大，則副線圈兩端電壓變大，則通過揚聲器的電流變大，故揚聲器的功率變大，故D錯誤。故選B。3.一石激起千層浪，t=0時某水波（簡諧橫波）沿x軸負方向傳播的波形圖如圖甲所示，在a、b、c、d四個質點中，其振動圖像和如圖乙所示的圖像相同的是（）A.a B.b C.c D.d【答案】D【解析】由于t=0時刻質點處于平衡位置，且向上振動，又由于波沿x軸負方向傳播，根據“上下坡”法可知，甲圖中該質點應處于平衡位置，且處于下坡階段，即d質點。故選D。4.游樂園里有一種叫“魔幻大轉盤”的游戲項目，如圖所示，a、b兩小孩（均視為質點）手拉手沿半徑方向站在水平轉盤上，兩小孩與轉盤間的動摩擦因數相同，水平轉盤繞通過轉盤中心的轉軸O1O2轉動，且轉速逐漸增大，直到兩小孩恰好要相對轉盤運動。在轉盤的角速度緩慢增大的過程中，a、b兩小孩間的作用力沿水平方向，下列說法正確的是（）A.轉盤對a小孩的作用力一定不變B.轉盤對b小孩的作用力一定增大C.轉盤對a、b兩小孩組成的系統的作用力一定增大D.a、b兩小孩的線速度大小相等【答案】C【解析】ABC．當轉盤角速度較小時，有隨著角速度增大，fa、fb均增大，但b小孩需要的向心力更大，所以b小孩與轉盤間的摩擦力先達到最大值，此時隨著角速度增大，fa繼續增大，但小孩b與轉盤間的摩擦力達到最大值后保持不變，即轉盤對a、b兩小孩組成的系統的作用力一定增大，故AB錯誤，C正確；D．由于兩小孩具有相同角速度，但轉動半徑不同，根據可知故D錯誤。故選C。5.一長方體玻璃磚長L=48cm，高d=6cm，其截面圖如圖所示，該玻璃磚的折射率n=1.25，一單色細光束從玻璃磚的左端的正中心射入，不從上、下兩側射出。已知光在真空中傳播的速度c=3×108m/s，sin53°=0.8，cos53°=0.6，關于光在玻璃磚中的傳播，下列說法正確的是（）A.光最多可以在玻璃磚中反射6次B.光最多可以在玻璃磚中反射5次C.光在玻璃磚中傳播的最長時間為1.6×10-9sD.光在玻璃磚中傳播的最長時間為2×10-9s【答案】A【解析】AB．光在介質中傳播時間最長，即光由介質射向空氣時恰好發生全反射，由可知由幾何關系可知，第一次發生全反射時，沿玻璃磚方向傳播的距離為此后每發生一次全反射沿玻璃磚方向傳播的距離均為所以全反射發生的次數為即光最多可以在玻璃磚中反射6次，故A正確，B錯誤；CD．光在玻璃磚中傳播的最長時間為故CD錯誤。故選A。6.某人在平直公路上進行汽車測試，汽車勻加速運動階段的速度—時間圖像如圖所示，4s時汽車達到額定功率，然后以額定功率運動至最大速度。已知該汽車（含司機）的質量為，運動過程中受到的阻力恒為其所受重力的，取重力加速度大小，下列說法正確的是（）A.0~4s內，汽車的位移大小為80mB.0~4s內，汽車的牽引力大小為C.汽車的額定功率為D.汽車做加速直線運動的總時間為14s【答案】C【解析】A．根據圖像與坐標軸圍成的面積代表位移可知m=40m故A錯誤；B．由圖像斜率代表加速度可知根據牛頓第二定律有解得N故B錯誤；C．根據功率的計算公式有W故C正確；D．汽車的最大速度為若汽車做勻加速直線運動，則實際汽車做加速度減小加速運動，則汽車做加速直線運動的總時間不為14s，故D錯誤；故選C。7.如圖所示，半徑為R的金屬圓環固定在豎直平面上，金屬圓環所帶電荷量為＋Q，且均勻分布，絕緣細線的一端固定在圓環的最高點，另一端連接一個質量為m的帶電小球（視為質點）。穩定時，小球在過圓心且垂直圓環平面的軸上的P點處于靜止狀態，O、P兩點間的距離也為R。已知靜電力常量為k，重力加速度大小為g，則小球所帶的電荷量為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】由幾何關系可知細線與水平方向夾角為，將帶電金屬圓環分成無數小微元，每一小微元的帶電量為，則每一小微元在P點沿水平方向的場強大小為則P點的合場強大小為對小球受力分析如圖所示根據受力平衡可得解得小球所帶的電荷量為故選B。8.如圖所示，一輕質彈簧的勁度系數為k，彈簧左端連接質量為m的小球，右端固定在豎直墻上，連接小球的細線固定在水平天花板上，細線與水平方向的夾角，彈簧處于水平狀態且小球靜止，重力加速度大小為g，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）A.細線的拉力大小為B.彈簧的伸長量為C.剪斷彈簧，小球到達最低點時細線對小球的拉力大小為D.剪斷彈簧，小球到達最低點時細線對小球的拉力大小為【答案】BC【解析】AB．根據平衡條件可得所以故A錯誤，B正確；CD．剪斷彈簧，小球做圓周運動，則小球到達最低點時，有聯立解得故C正確，D錯誤。故選BC。9.如圖甲所示，不計電阻的足夠長的光滑平行金屬導軌MN、PQ豎直固定，其間距L=1m，磁感應強度大小B=1T的勻強磁場垂直穿過導軌平面，導軌的上端M與P之間連接一電阻R=0.75Ω，一阻值r=0.25Ω、長度L=1m的金屬棒ab緊貼在導軌上。現使金屬棒ab由靜止開始下滑，下滑過程中金屬棒ab始終保持水平，且與導軌接觸良好，其下滑距離x與時間t的關系如圖乙所示，圖像中的OA段為曲線，AB段為直線，忽略金屬棒ab運動過程中對原磁場的影響，取重力加速度大小g=10m/s2。下列說法正確的是（）A.金屬棒ab穩定運動時的速度大小為6m/sB.金屬棒ab的質量為0.8kgC.金屬棒ab勻速運動時，其兩端的電壓為2VD.在t0~t0+1s內，金屬棒ab中產生的熱量為16J【答案】BD【解析】A．由圖乙可知，金屬棒先向下做加速運動后做勻速運動，勻速運動的速度大小為故A錯誤；B．勻速階段有所以故B正確；C．金屬棒ab勻速運動時，其兩端的電壓為故C錯誤；D．在內，金屬棒ab中產生的熱量為故D正確。故選BD。10.2024年10月30日，搭載神舟十九號載人飛船的長征二號F遙十九運載火箭在酒泉衛星發射中心點火發射，發射取得圓滿成功。70后、80后、90后航天員齊聚“天宮”，完成中國航天史上第5次“太空會師”。飛船入軌后先在近地軌道上進行數據確認，后經橢圓轉移軌道與在運行軌道上做勻速圓周運動的空間站組合體完成自主快速交會對接，其變軌過程可簡化成如圖所示，已知近地軌道的半徑近似為地球半徑R，中國空間站軌道距地面的高度為h，飛船在近地軌道上運行的周期為T，下列說法正確的是（）A.飛船在轉移軌道上經過B點時加速度與在運行軌道上經過B點時的加速度大小相等B.飛船在轉移軌道上經過B點時的速率大于在近地軌道上經過A點時的速率C.飛船在運行軌道上的速率大于在近地軌道上的速率D.飛船在轉移軌道上運行的周期為【答案】AD【解析】A．根據牛頓第二定律可得所以可知，飛船在轉移軌道上經過B點時的加速度與在運行軌道上經過B點時的加速度大小相等，故A正確；BC．根據萬有引力提供向心力有所以所以飛船在運行軌道上經過B點時的速率小于在近地軌道上經過A點時的速率，飛船由轉移軌道變軌到運行軌道，需要在B點點火加速，所以飛船在轉移軌道上經過B點時的速率小于在運行軌道上經過B點時的速率，所以飛船在轉移軌道上經過B點時的速率小于在近地軌道上經過A點時的速率，故BC錯誤；D．根據開普勒第三定律有所以故D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.在“探究平拋運動的特點”實驗中，某同學設計了圖甲裝置和圖乙裝置，兩裝置均可探究平拋運動規律。用一張印有正方形小方格的紙記錄運動軌跡，小方格的邊長為l。a、b、c、d為小球在平拋運動中途經的幾個位置，如圖丙所示，重力加速度大小為g，回答下列問題：（1）圖甲中，小球1離開斜槽末端后做平拋運動，小球2離開斜槽末端后做勻速直線運動，實驗中發現兩小球總能相碰，說明平拋運動在________________________運動。（2）圖乙中，小球3到達斜槽末端時將S斷開后做平拋運動，此時小球4失去電磁鐵的吸引而做自由落體運動，實驗中發現兩小球總是同時落地，說明平拋運動在________________________運動。（3）建立如圖丙所示的xOy坐標系，由圖丙可知：小球做平拋運動的初速度大小v0=________（用l、g表示），小球做平拋運動的初始位置的坐標為________________?！敬鸢浮浚?）水平方向的分運動為勻速直線運動（2）豎直方向的分運動為自由落體運動（3）（，）【解析】【小問1詳析】小球1離開斜槽末端后做平拋運動，小球2離開斜槽末端后做勻速直線運動，實驗中發現兩小球總能相碰，所以該裝置驗證平拋運動在水平方向的分運動為勻速直線運動?！拘?詳析】圖2裝置中，小球3到達斜槽末端時將S斷開后做平拋運動，此時小球4失去電磁鐵的吸引而做自由落體運動，實驗中發現兩小球總是同時落地，所以該裝置驗證平拋運動在豎直方向的分運動為自由落體運動?！拘?詳析】[1]由圖可知所以[2]小球在b點時的豎直分速度大小為小球做平拋運動的初始位置橫縱坐標分別為聯立解得，小球做平拋運動的初始位置的坐標為（，）。12.某學習小組設計了如圖甲所示的電路來測量電源的電動勢E、內阻r及待測電阻的阻值，通過改變滑動變阻器的阻值R，記錄多組電壓表V1、V2及電流表A的示數，并描點作圖得到了如圖乙所示的a、b兩條U-I圖線，三個電表均為理想電表。（1）圖乙是根據電壓表與電流表的示數描繪的U-I圖線，其中圖線a是電壓表________（填“V1”或“V2”）與電流表A的關系圖線。（2）由圖乙可得，電源的電動勢E＝________V、內阻r＝________Ω，待測電阻Rx＝________Ω。（結果均保留兩位有效數字）（3）在滑動變阻器滑片滑動的過程中，電壓表V1、V2示數變化量分別用、表示，則________?！敬鸢浮浚?）V1（2）1.51.02.0（3）【解析】【小問1詳析】根據閉合電路歐姆定律，可知U2-I圖像的斜率應該等于電阻Rx和電源內阻之和，U1-I圖像的斜率應該等于電源內阻，可知U2-I圖像的斜率較大，U1-I圖像的斜率較小，即電壓表V1與電流表A的示數描繪的U-I圖線是圖乙中的a；【小問2詳析】[1][2][3]由圖乙圖像縱坐標截距可得，電源電動勢E=1.5V由圖像a斜率可得由圖像b斜率可得聯立得待測電阻Rx=2.0Ω【小問3詳析】根據閉合電路歐姆定律得U1=E-Ir，U2=E-I（Rx+r）由關系式可得，聯立得13.籃球是中學生喜歡的一項體