…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版必修3物理上冊階段測試試卷708考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，直角三角形abc中，∠abc=30°，將一電流為I、方向垂直紙面向外的長直導線放置在頂點a處，則頂點c處的磁感應強度大小為B0。現再將一電流大小為4I、方向垂直紙面向里的長直導線放置在頂點b處。已知長直通電導線產生的磁場在其周圍空間某點的磁感應強度大小其中I表示電流大小，r表示該點到導線的距離，k為常量。則頂點c處的磁感應強度（）

A.大小為方向沿ac向上B.大小為B0，方向垂直紙面向里C.大小為3B0，方向沿∠abc平分線向下D.大小為2B0，方向垂直bc向上2、正點電荷電場分布如圖，該正點電荷電量為Q，則Q在與它相距r處的點所產生的電場強度大小為A、B、C是電場線上的三個點。C點到正點電荷的距離與B點到正點電荷的距離相等，正點電荷在靜電力作用下，沿電場線由A點移至B點的過程中，電場力對正電荷所做的功為已知該電荷所帶電量為則A、C兩點間的電勢差U為（）

A.8VB.80VC.5VD.50V3、兩個分別帶有電荷量2Q和+6Q的相同金屬小球（均可視為點電荷），固定在相距為r的兩處，它們間庫侖力的大小為F。兩小球相互接觸后將其固定距離變為2r，則兩球間庫侖力的大小為（）A.B.C.D.4、如圖所示，是一粒子從A點射入電場，從B點射出；電場的等勢面和粒子的運動軌跡如圖所示，圖中左側前三個等勢面彼此平行，不計粒子的重力．下列說法正確的有（）

A.電場力對粒子做正功B.粒子的加速度先不變，后變小C.粒子的速度不斷增大D.粒子的電勢能先減小，后增大5、如圖所示，電源電動勢為內阻不計，閉合后，燈泡都正常發光；由于故障兩燈突然熄滅，若故障只有一處，則下列說法中正確的是（）

A.將電壓表并聯在兩端，示數為0，說明間一定無斷路B.將電壓表并聯在兩端，示數為說明間一定有斷路C.將電壓表并聯在兩端，示數為說明故障一定發生在或間D.將電壓表并聯在兩端，示數為0，說明間一定有短路評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、在如圖所示的4種情況中，a、b兩點的場強相同，電勢不同的是（）A.帶電平行板電容器兩極板間的a、b兩點B.離點電荷等距的a、b兩點C.達到靜電平衡時導體內部的a、b兩點D.兩個等量異種電荷連線上，與連線中點O等距的a、b兩點7、如圖；R1，R2為定值電阻，L為小燈泡，R3為光敏電阻，當照射光強度增大時()

A.電壓表的示數增大B.R2中電流減小C.小燈泡的功率增大D.電路的路端電壓增大8、如圖所示，兩個帶等量負電荷的小球A、B（可視為點電荷），被固定在光滑的絕緣水平面上，M、N是小球A、B連線的水平中垂線上的兩點，且現將一個電荷量很小的帶正電的小球C（可視為質點）由M點靜止釋放，在小球C向N點運動的過程中；下列關于小球C的說法可能正確的是（）

A.速度一直增大B.速度先增大，再減小C.加速度先減小，再增大D.加速度先增大再減小，過O點后，加速度先減小再增大9、如圖所示，直角坐標系中x軸上在x=-r處固定有帶電荷量為＋9Q的正點電荷，在x=r處固定有帶電荷量為-Q的負點電荷，y軸上a、b兩點的坐標分別為ya=r和yb=-r，c、d、e點都在x軸上，d點的坐標為xd=2r，r<xc<2r，cd點間距與de點間距相等。以無窮遠處為零電勢。下列說法正確的是（）

A.a、b兩點的場強相同B.a、b兩點的電勢相等C.d點場強為零D.c點電勢一定為負，e點電勢一定為正10、如圖所示，兩段長度和材料相同、各自粗細均勻的金屬導體單位體積內的自由電子數相等，橫截面積之比已知內有個自由電子通過導體的橫截面，電子的電荷量下列說法正確的是（）

A.流經導體的電流均為B.的電阻之比C.自由電子在導體和中的定向移動速率之比D.相同時間內導體和產生的焦耳熱之比11、如圖所示，電路中定值電阻阻值R大于電源內阻阻值r．閉合電鍵后，將滑動變阻器滑片向下滑動，理想電壓表示數變化量的絕對值分別為理想電流表示數變化量的絕對值為則（）

A.B.C.和保持不變D.電源輸出功率先增大后減小評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)12、電磁感應現象的發現直接導致了___________的設計成功。使大規模生產電能成為可能，人類社會得以蒸汽時代進入到電氣時代。1887年，物理學家___________用實驗方法首次獲得電磁波，證實了麥克斯韋關于電磁波的這一預言，人類從此進入無線電時代。13、如圖所示電路，電源內阻不可忽略，電壓表、電流表均為理想電表，R1、R2均為定值電阻。開關S閉合后，在變阻器R0的滑動端向下滑動的過程中，電流表A的變化情況是__________；若電壓表V示數變化的絕對值為△U，電流表A示數變化的絕對值為△I，則的變化情況是__________，你判斷的理由是：_____________。

14、靜電復印：復印機應用了______的原理，復印機的有機光導體鼓表面涂覆有機光導體（OPC），無光照時，OPC是______，受光照時變成導體．15、用多用電表進行了幾次測量，指針分別處于a和b的位置，如圖所示，若多用電表的選擇開關處于下面表格中所指的擋位，a和b的相應讀數是多少？請填在表格中。

指針位置選擇開關所處擋位讀數a直流電流10mA______mA直流電壓50V______V______Vb電阻×100______Ω16、同一直線上相距為L的兩個點電荷，A、B點處的電荷電量分別為QA、QB，QA＜0、QB＞0，則二者間的庫侖力的大小為_____，在B的右側相距也為L的C點電場強度的大小為_________。

17、如圖所示，一個驗電器用金屬網罩罩住，當加上水平向右的，場強大小為E的勻強電場時，驗電器的箔片________（填“張開”或“不張開”），我們把這種現象稱之為__________。此時，金屬網罩的感應電荷在網罩內部空間會激發一個電場，它的場強大小為__________，方向為_____________。

18、量程為0-0.6A的電流表讀數。讀數為_________A。

19、如圖用伏安法測電阻時，如果不知道待測電阻的大概值時，為了選擇正確的電路以減少誤差，可將電壓表一個接頭分別在兩點接觸一下，如果安培表讀數有顯著變化，則S應接在___________處，如果伏特表讀數有顯著變化，則S應接在___________處。

評卷人得分四、作圖題(共1題，共6分)20、由電流產生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、實驗題(共2題，共16分)21、（一）下圖是某實驗小組為了定性探究平行板電容器的電容與其結構之間的關系裝置圖。充電后與電源斷開的平行板電容器的A板與靜電計相連；B板和靜電計金屬殼都接地，A板通過絕緣柄固定在鐵架臺上，人手通過絕緣柄控制B板的移動。請回答下列問題：

（1）本實驗采用的科學方法是___________

A．理想實驗法B.等效替代法C.控制變量法D.建立物理模型法。

（2）在該實驗中，靜電計的作用是___________

A．測定該電容器的電荷量B.測定該電容器兩極的電勢差。

C．測定該電容器的電容D.測定A；B兩板之間的電場強度。

（3）在實驗中觀察到的現象是___________

A．甲圖中的手水平向左移動時；靜電計指針的張角變大。

B．甲圖中的手水平向左移動時；靜電計指針的張角不變。

C．乙圖中的手豎直向上移動時；靜電計指針的張角變小。

D．丙圖中的手不動；而向兩板間插入陶瓷片時，靜電計指針的張角變大。

（二）某物理興趣小組利用圖示裝置來探究影響電荷間的靜電力的因素是一個帶正電的物體，系在絕緣絲線上的帶正電的小球會在靜電力的作用下發生偏離，靜電力的大小可以通過絲線偏離豎直方向的角度顯示出來他們分別進行了以下操作。

步驟一：把系在絲線上的帶電小球先后掛在橫桿上的等位置；比較小球在不同位置所受帶電物體的靜電力的大小。

步驟二：使小球處于同一位置；增大或減小小球所帶的電荷量，比較小球所受的靜電力的大小。

（1）該實驗采用的方法是___________填正確選項前的字母

A．理想實驗法B.控制變量法C.等效替代法。

（2）實驗表明，電荷之間的靜電力隨著電荷量的增大而增大，隨著距離的增大而___________填“增大”、“減小”或“不變”

（3）若物體A的電荷量用Q表示，小球的電荷量用q表示、質量用m表示，物體與小球間的距離用d表示，靜電力常量為k，重力加速度為g，可認為物體A與小球在同一水平線上，則小球偏離豎直方向的角度的正切值為___________。22、（1）某同學要測量一只電壓表V1的內阻查看表面刻度得知，該電表的量程為2.0V。他先用多用電表歐姆檔粗測電壓表V1的內阻，通過正確操作后，將選擇旋鈕置于“×100”檔，歐姆表指針如圖所示，則該電壓表的內阻的值約為______Ω。

（2）為了精確測量電壓表的內阻該同學還找到下列可選用的器材：

A．電源E（電動勢6V；內阻很小）

B．電壓表V2(量程0～6V；內阻未知）

C．定值電阻R1=4kΩ

D．定值電阻R2=200Ω

E．滑動變阻器R3（最大阻值1kΩ；額定電流為0.5A）

F．滑動變阻器R4（最大阻值10Ω；額定電流為2A）

G．開關S及導線若干。

請選用上述實驗器材設計一個能精確測量電壓表V1的內阻的實驗方案；并解答下列問題：

①為了便于實驗操作和提高測量精確度，除待測電壓表V1外，在上述實驗器材中還需要選用的器材有______。（填寫實驗器材前面序號）

②請在右邊的方框內畫出測量電壓表V1內阻的原理圖______；并在圖中標出所選用儀器的符號。

③電路接通后，若電壓表V1和V2的讀數分別為U1和U2，則待測電壓表V1的內阻=______。（用相關字母表示）參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

令ac間距為r，根據幾何知識可知bc間距為2r，由安培定則可知，a點處電流產生的磁場在c點處的磁感應強度方向垂直ac向左，大小為

用右手螺旋定則判斷通電直導線b在c點上所產生的磁場方向垂直于bc斜向右上，大小為

如圖所示。

由幾何知識可得θ=60°，根據矢量的合成法則，則有各通電導線在c點的合磁感應強度，在水平方向上的分矢量Bx=2B0cos60°-B0=0

在豎直方向上的分矢量

所以在c點處的磁感應強度大小為方向沿ac向上。

故選A。2、D【分析】【詳解】

由題意可知，B、C電勢相等，則

又

可得

故D正確；ABC錯誤。

故選D。3、B【分析】【詳解】

接觸前相距為r時，根據庫侖定律得F=k

接觸后，各自帶電量變為Q′=

則此時有F′=k=k=F

故選B。4、B【分析】【詳解】

A．由圖左側的電勢高；電場線（垂直于等勢面）先向右后（虛線上方）向上偏，而粒子后向下偏，說明電場力斜向左下，與電場強度方向相反，所以粒子帶負電，故A錯誤；

B．因為等勢面先平行并且密；后變疏，說明電場強度先不變，后變小，則電場力先不變，后變小，所以加速度先不變，后變小，故B正確；

C．勻強電場中電場力與初速度方向相反；右側電場力與速度夾鈍角，電場力一直做負功，所以速度不斷減小，故C錯誤；

D．因為電場力一直做負功；所以電勢能一直增大，故D錯誤。

故選B。5、B【分析】【詳解】

A．將電壓表并聯在兩端，示數為0，說明部分以外發生了斷路，而間電路完好；故A錯誤；

B．將電壓表并聯在兩端，示數為說明間一定有斷路；故B正確；

C．將電壓表并聯在兩端，示數為說明間一定有斷路，間電路完好；故C錯誤；

D．將電壓表并聯在兩端，示數為0，說明部分以外發生了斷路，而間電路完好；故D錯誤。

故選B。二、多選題(共6題，共12分)6、A:D【分析】【分析】

電勢是標量；電場強度是矢量，標量只要大小相等，標量就相等，而矢量，大小；方向均相同，矢量才相同．根據電場線的分布判斷．

【詳解】

a、b處于勻強電場中，場強相同，電勢不同，沿著電場線電勢逐漸降低，a點電勢高于b點電勢，即a、b兩點電勢不等，故A正確；a、b處于同一等勢面上，電勢相等，而電場強度方向不同，故電場強度不同，故B錯誤．處于靜電平衡狀態下的金屬內部a，b兩點，電場強度均為零，整個導體是等勢體，電勢相等，故C錯誤；根據電場線的分布情況可知a、b兩點場強相同，a、b間的電場線從正電荷到負電荷，沿著電場線電勢逐漸降低，故a、b兩點電勢不等；故D正確；故選AD．

【點睛】

對于典型的電場的電場線分布要掌握，抓住特點，有助于解答關于電場強度、電勢高低判斷的問題．7、A:B:C【分析】【詳解】

當光強度增大時，R3阻值減小，外電路電阻隨R3的減小而減小，R1兩端電壓因干路電流增大而增大，同時內電壓增大，故電路路端電壓減小，而電壓表的示數增大，A項正確，D項錯誤；由路端電壓減小而R1兩端電壓增大知，R2兩端電壓必減小，則R2中電流減小，故B項正確；結合干路電流增大知流過小燈泡的電流必增大，則小燈泡的功率增大，C項正確．8、B:C【分析】【詳解】

AB．在等量同種負點電荷連線中垂線上，段電場強度方向正點電荷從點到點運動的過程中，所受的電場力方向由電場力做正功，小球的速度增大,越過點后，段電場強度方向由小球所受的電場力方向由小球做減速運動，則小球C的速度先增大，再減小，故A錯誤，B正確；

CD．O點的場強為零，小球通過O點時的加速度為零；由于OM間電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況不能確定，所以小球C由過程，可能加速度不斷減小，也可能先增加后減小；在間同樣如此；故D錯誤，C正確。

故選BC。9、B:C【分析】【詳解】

A．根據電場的對稱性。

可知，a、b兩點的場強大小相等方向不同；故A錯誤；

B．根據電場分布對稱性可知，a、b兩點的電勢相等；故B正確；

C．根據電場的疊加原理，d點場強

故C正確；

D．ce點的電場線方向由無窮遠指向負電荷；以無窮遠處為零電勢，沿電場線方向電勢降低，所以兩點電勢均為負的，故D錯誤。

故選BC。10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據電流強度的定義式，流過的電流為

A正確；

B．由電阻定律

可得

B錯誤；

C．因兩段導體串聯，通過的電流相等，根據電流強度的微觀表達式

可得自由電子在導體a和b中的定向移動速率之比為

C錯誤；

D．根據焦耳定律

相同時間內導體和產生的焦耳熱之比為

D正確。

故選AD。11、B:C【分析】【詳解】

A．測量路端電壓，測量R的電壓，測量滑動變阻器的電壓，將滑動變阻器滑片向下滑動，滑動變阻器阻值減小，總電阻減小，則總電流增大，內電壓增大，變小，變大，變小，減小量小于增大量和減小量之和，所以

；A錯誤：

B．根據閉合電路歐姆定律得

則有B正確；

C．根據歐姆定律得不變，根據閉合電路歐姆定律得

則有不變，C正確；

D．當外電路電阻等于內阻時，電源輸出功率最大，而電路中定值電阻阻值R大于電源內阻阻值r；所以將滑動變阻器滑片向下滑動，電源輸出功率變大，D錯誤．

故選BC。三、填空題(共8題，共16分)12、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]電磁感應現象的發現直接導致了發電機的設計成功。使大規模生產電能成為可能；人類社會得以蒸汽時代進入到電氣時代。

[2]1887年，物理學家赫茲用實驗方法首次獲得電磁波，證實了麥克斯韋關于電磁波的這一預言，人類從此進入無線電時代。【解析】發電機赫茲13、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]．由電路圖可知，R2與R0并聯后與R1串聯，電壓表測量并聯支路的電壓，電流表測量R2的電流；當滑動端向下滑動時，滑動變阻器接入電阻減小，總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，總電流增大，R1和內阻r上的電壓變大，則并聯支路電壓減小，即電壓表V讀數減小，電流表A示數減小；因R2是固定電阻，則

可知不變。【解析】變小不變（U=IR2，U’=I’R2，△U=△IR2,也可根據圖像）14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】靜電吸附絕緣體15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]指針在a位置時；直流電流10mA擋，讀第二行刻度“0～10”一排，最小分度值為0.2mA，估讀到0.1mA就可以了，讀數為2.0mA。

[2]指針在a位置時；直流電壓50V擋，讀第二行刻度“0～50”一排，最小分度值為1V，估讀到0.1V就可以了，讀數為10.0V。

[3]指針在b位置時，電阻×100擋，讀第一行刻度，測量值等于表盤上讀數“3.2”乘以倍率100，讀數為320Ω。【解析】①.2.0②.10.0③.32016、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]二者間的庫侖力的大小為

[2]在B的右側相距也為L的C點電場強度的大小為【解析】①.②.17、略

【分析】【詳解】

[1][2]金屬網罩的感應電荷在網罩內部空間會激發一個電場；和外界電場大小相等，方向相反，合場強為零，這種現象叫靜電感應，驗電器的箔片沒有感應電荷，故不張開。

[3][4]由前面分析可知金屬網罩內部合場強為零，因外界場強大小為E，方向水平向右，故金屬網罩的感應電荷在網罩內部空間激發的電場大小為E，方向水平向左。【解析】不張開靜電屏蔽E水平向左18、略

【分析】【詳解】

[1]分度值為0.02A，讀數為0.50A。【解析】0.5019、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．如果電壓表讀數變化不明顯而安培表變化明顯，則說明電流表的分壓作用較小，即電流表內阻較小，由于電流表內阻越小時，電流表采用內接法時誤差較小，所以S應接在b處．

[2]．根據歐姆定律和串并聯規律可知，若電流表示數沒有顯著變化，而電壓表變化明顯，則說明電壓表的分流作用較小，即電壓表的內阻很大，由于電壓表內阻越大時采用電流表外接法誤差較小，所以電流表應采用外接法，即S應接在a處；【解析】ba四、作圖題(共1題，共6分)20、略

【分析】【詳解】

第一幅圖中線圈內部磁場垂直紙面向外；根據右手定則可以判斷，電流為逆時針；第二幅圖中，磁場向上，根據右手定則可以判斷，左端電流垂直紙面向