…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年岳麓版必修3物理下冊月考試卷749考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、關于電磁波，下列說法中正確的是（）A.變化的電場一定在周圍空間產生變化的磁場B.麥克斯韋首先預言了電磁波的存在，赫茲最先用實驗證實了電磁波的存在C.電磁波和機械波都依賴于介質才能傳播D.各種頻率的電磁波在真空中以不同的速度來傳播2、如圖是一個簡易風速測量儀的示意圖，絕緣彈簧的一端固定，另一端與導電的迎風板相連，彈簧套在水平放置的電阻率較大的均勻金屬細桿上。迎風板與金屬桿垂直且接觸良好，并能在金屬桿上自由滑動。迎風板與金屬桿末端分別與電壓傳感器的兩端相連，整個裝置與電阻R串聯接入閉合電路；則（）

A.風速越大，電壓傳感器的示數越大B.風速越大，流過電阻的電流越大C.風速不變時，電阻的阻值越大，電壓傳感器示數越大D.其他條件不變時，電壓傳感器示數與彈簧形變量是線性關系3、“頓牟掇芥”是東漢王充在《論衡·亂龍篇》中記載的摩擦起電現象，意指摩擦后的帶電琥珀能吸引輕小物體。現做如下簡化：在某處固定一個電荷量為Q的帶正電的點電荷，在其正下方h處有一個原子。在點電荷的電場作用下，原子的負電荷中心與正電荷中心會分開很小的距離l，點電荷與原子之間產生作用力F。你可能不會求解F，但是你可以通過物理分析進行判斷，關于F的表達式，可能正確的是（式中k為靜電力常量）（）

A.F=0B.C.D.4、如圖所示為一正四棱錐，底面四個頂點A、B、C、D上固定電荷量均為q的正點電荷，O點為底面中心；取無窮遠處電勢為零。下列說法正確的是（）

A.O點電勢為零B.從O點到E點場強一定減小C.將一電子從O點沿直線移動到E點電勢能不變D.將B處的點電荷沿OB方向移到無窮遠過程中電場力做正功5、如圖所示，螺線管、蹄形鐵芯、環形導線（垂直紙面）均相距較遠。a、b、c、d四個小磁針放置在圖示位置，其中b放置在螺旋管內部。當開關閉合后；小磁針N極（黑色的一端）的指向正確的小磁針是（）

A.a和bB.b和cC.c和dD.b和d評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖所示電路中，閉合開關S后，穩定時，連接帶電小球P的絕緣細線與豎直方向的夾角為θ，現將滑動變阻器R2的滑片向右滑動，下列說法正確的是()

A.A1的示數增大，A2的示數減小；V1和V2的示數均增大B.L變亮，θ增大C.若R2不變，只減小R4，可以使θ增大D.7、如圖所示，三根絕緣輕繩懸掛著質量分別為m1、m2、m3的A、B、C三個帶電小球（均可視為質點），三小球靜止在同一水平面內，懸掛點O在△ABC重心O'的正上方，且∠BAC=∠ACB=45°，OB與豎直方向的夾角為37°。已知m2=0.2kg，小球A、B之間的距離為L，若小球A、B、C的電荷量分別為q1、q2、q3，且q2=6×10-5C，k=9.0×109N?m2/C2，重力加速度g=10m/s2；則下列說法正確的是（）

A.小球C的質量不同B.輕繩OB的拉力為2.5NC.D.小球C在小球B處產生的合場強大小為2.5×104N/C8、某帶電金屬棒所帶電荷均勻分布，其周圍的電場線分布如圖所示，在金屬棒的中垂線上的兩條電場線上有A、B兩點，電場中另有一點C．已知A點到金屬棒的距離大于B點到金屬棒的距離，C點到金屬棒的距離大于A點到金屬棒的距離；則（）

A.A點的電勢高于B點的電勢B.B點的電場強度大于C點的電場強度C.負電荷在A點的電勢能小于其在B點的電勢能D.將正電荷沿AC方向從A點移動到C點，電場力做正功9、一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內a、b、c三點的位置如圖所示；三點的電勢分別為18V；20V、26V，下列說法正確的是（）

A.坐標原點處的電勢為12VB.電場強度的大小為C.電子從b點運動到c點，克服電場力做功為6eVD.電子在a點的電勢能比在b點的電勢能大2eV10、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三條電場線，實線為一帶電的粒子僅在電場力作用下通過該區域時的運動軌跡（運動方向不知），P、R、Q是這條軌跡上的三點；由圖可知（）

A.一定可以確定出帶電粒子在P、R、Q三點時所受電場力的方向B.一定可以判斷出帶電粒子在P、R、Q三點時電勢能的大小關系C.一定可以判斷出帶電粒子的運動方向D.一定可以判斷出帶電粒子在P、R、Q三點時加速度的大小關系11、如圖甲所示，在真空中足夠大的絕緣水平地面上，一質量為m=0.1kg、帶電荷量為的小物塊處于靜止狀態，小物塊與地面間的摩擦因數從t=0時刻開始，空間上加如圖乙所示的電場.下列說法正確的是（）

A.4秒內小物塊一直向同一方向運動B.2s末小物塊速度大小為2m/sC.4秒內小物塊的位移大小為6mD.4秒內電場力對小物塊所做的功為0.8J12、如圖所示，四個電阻分別為三個電流表的內阻均可忽略不計，下列說法中正確的是（）

A.四個電阻為并聯關系B.與為并聯關系C.的示數為通過和的電流之和D.的示數與的示數之和等于的示數13、光敏電阻是一種電阻阻值隨光照強度變化而變化的元器件，廣泛應用于各種控制電路中。如圖所示為利用光敏電阻的一種控制電路，其中電源電動勢為E、內阻為r，Rt為光敏電阻（光照強度增加時；其電阻值減小），當光照強度增加時，下列判斷正確的是（）

A.電源的總電流增大B.R0兩端電壓變小C.A燈變亮D.B燈變暗評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、__________提出光是一種__________波，__________用實驗驗證了這一預言．紅外線最顯著的作用是__________，__________都會發出紅外線，紅外線波長比紅光__________，所以__________現象較顯著，易透過云霧，可用于高空攝影；紫外線的主要作用是__________，__________能發出紫外線，紫外線還有__________效應和__________作用，倫琴射線又叫__________射線．15、如圖所示的電路中，當S斷開時，電流表示數為S閉合時，電流表示數為則電源的電動勢_______V，內阻_______

16、圖示為一個半徑為R的均勻帶電圓環，取環面中心O為原點，以垂直于環面的軸線為x軸，P到O點的距離為2R，質量為m，帶負電且電量為q的小球從軸上P點由靜止釋放，小球經M點（圖中未畫出）時速度最大，運動到Q點時速度為零，Q點在O點上方R處．則圓環在M點的場強大小EM=__________________，P、Q兩點的電勢差UPQ=_________________．

17、在如圖所示的電路中，電源內電阻為r，R1、R3分別為兩個定值電阻．閉合電鍵S，當變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時，伏特表V1的示數逐漸________________（選填“增大”、“減小”、“不變”）．若移動P的過程中，電流表示數變化量的大小為ΔI，則伏特表V2示數變化量的大小ΔU2＝________________．

18、如圖所示，同一平面內有兩根互相平行的長直導線甲和乙，通有大小均為I=5A且方向相反的電流，a、b兩點與兩導線共面，其連線與導線垂直，a、b到兩導線中點O的連線長度和甲乙間距離均相等，已知直線電流I產生的磁場中磁感應強度的分布規律是（K為比例系數，r為某點到直導線的距離），現測得O點磁感應強度的大小為B0=3T，則a點的磁感應強度大小為_____T，乙導線單位長度（1米）受到的安培力的大小為__________N．

19、均勻帶電正方形框邊長為R，所帶電量為+Q，若取無窮遠處電勢為零，則其兩條對角線交點處的電勢___零，(選填“大于”、“小于”或“等于”)；今在其一邊中點挖去一個長為r(r<<R)的一小段后，則其兩條對角線交點處電場強度大小____________20、如圖是雙量程電壓表的原理圖，它有兩個量程分別為3V和15V，則使用圖的a、b兩端時量程應為_____，使用圖的a、c兩端時量程為____，已知表頭內阻為15Ω，滿偏電流為1mA，則R1=____，R2=____。

21、煤炭和石油的燃燒對環境的危害∶

（1）燃燒時增加了大氣中________的含量；加劇了溫室效應。

（2）因為煤炭和石油中含有硫，燃燒時形成二氧化硫等物質使雨水的酸度升高，形成“_____”。

（3）內燃機工作時的高溫使空氣和燃料中的多種物質發生化學反應，產生氮的氧化物和碳氫化合物。這些化合物在大氣中受到紫外線的照射，產生二次污染物質——________。評卷人得分四、作圖題(共4題，共16分)22、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

23、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

24、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內有一個由四個阻值相同的電阻構成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

25、如圖1所示，用電動勢為E、內阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共18分)26、某同學要測量一節干電池的電動勢和內電阻：

①實驗室除提供開關S和導線外；有以下器材可供選擇：

電壓表：V（量程3V，內阻Rv=10kΩ）

電流表：G（量程3mA，內阻Rg=100Ω）

電流表：A（量程3A；內阻約為0.5Ω）

滑動變阻器：R1（阻值范圍0-10Ω；額定電流2A）

R2（阻值范圍0-1000Ω；額定電流1A）

定值電阻：R3=0.5Ω

該同學依據器材畫出了如圖所示的原理圖，他沒有選用電流表A的原因是___________；

②該同學將電流表G與定值電阻R3并聯，實際上是進行了電表的改裝，則他改裝后的電流表對應的量程是_______A；

③為了能準確地進行測量，同時為了操作方便，實驗中應選用的滑動變阻器_______（填寫器材的符號）；

④該同學利用上述實驗原理圖測得數據，以電流表G讀數為橫坐標，以電壓表V讀數為縱坐標繪出了如圖所示的圖線，根據圖線可求出電源的電動勢E=_______V（結果保留三位有效數字），電源的內阻r=_______Ω（結果保留兩位有效數字）。27、某實驗小組需測定電池的電動勢和內阻，器材有：一節待測電池、一個單刀雙擲開關、一個定值電阻（阻值為）、一個電流表（內阻為）、一根均勻電阻絲（電阻絲總阻值大于并配有可在電阻絲上移動的金屬夾）；導線若干。由于缺少刻度尺，無法測量電阻絲長度，但發現桌上有一個圓形時鐘表盤。某同學提出將電阻絲繞在該表盤上，利用圓心角來表示接入電路的電阻絲長度。主要實驗步驟如下：

（1）將器材如圖（a）連接：

（2）開關閉合前，金屬夾應夾在電阻絲的___________端（填“a”或“b”）；

（3）改變金屬夾的位置，閉合開關，記錄每次接入電路的電阻絲對應的圓心角和電流表示數得到多組數據；

（4）整理數據并在坐標紙上描點繪圖，所得圖像如圖（b）所示，圖線斜率為與縱軸截距為設單位角度對應電阻絲的阻值為該電池電動勢和內阻可表示為___________，___________（用表示）

（5）為進一步確定結果，還需要測量單位角度對應電阻絲的阻值利用現有器材設計實驗，在圖（c）方框中畫出實驗電路圖__________（電阻絲用滑動變阻器符號表示）；

（6）利用測出的可得該電池的電動勢和內阻。28、某實驗小組準備用銅片和鋅片作為2個電極插入蘋果制成水果電池，探究電極間距、電極插入深度對水果電池的電動勢和內阻的影響。實驗小組在市場上購買了品種、大小和成熟程度幾乎相同的蘋果，成員設計了兩個方案測量蘋果電池的電動勢E和內阻r；電路原理如下圖所示。實驗室可供器材如下：

電壓表V（0~3V；內阻約3kΩ；0~15V，內阻約15kΩ）；

電流表A（0~0.6A；內阻約0.125Ω；0~3A，內阻約0．025Ω）；

微安表G（量程200μA；內阻約1000Ω）；

滑動變阻器（額定電流2A；最大阻值100Ω），電阻箱（最大阻99999Ω），開關；導線若干。

（1）查閱資料知道蘋果電池的電動勢約為1V，內阻約為幾kΩ，經過分析后發現方案A不合適，你認為方案A不合適的原因是_______（多選題）

A．滑動變阻器起不到調節的作用B．電流表幾乎沒有示數。

C．電壓表分流明顯導致測量誤差偏大D．電壓表示數達不到量程的三分之一。

（2）實驗小組根據方案B進行實驗，根據數據作出圖像，己知圖像的斜率為k，縱軸截距為b，微安表內阻為可求得被測電池的電動勢______，內電阻______．

（3）改變電極間距、電極插入深度重復實驗，測得數據如圖所示。序號電極插入深度h/cm電極間距d/cm電動勢E/V內阻r/Ω1421.01659812441.05695083221.08311073

（3）分析以上數據可知電極插入越深入，水果電池內阻越_____，電極間距越大，水果電池內阻越_____。評卷人得分六、解答題(共2題，共20分)29、某人從一平臺上跳下，下落后雙腳觸地接著他用雙腿彎曲的方法緩沖，但自身重心又下降了試分析在整個過程中，有哪些力對人做功？有哪些能發生相互轉化？30、如圖甲所示，平行金屬板間距離為d、板長其下極板的A端與右側豎直放置的光滑圓弧形絕緣軌道相切，軌道半徑為d，軌道處在水平向左的勻強電場中。平行金屬板間電場強度隨時間的變化規律如乙圖所示，時刻，帶正電的小球以一定的初速度沿中線射入兩板間，時間內小球勻速啟動，T時刻小球運動至A點。當小球沿著軌道運動到最高點B時，小球對軌道的壓力恰好為零。已知小球的質量為m，重力加速度的大小為g，為已知量，T未知。求：

（1）小球的帶電量q；

（2）小球的初速度大小v0；

（3）水平向左的勻強電場的電場強度大小E。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．變化的電場一定在周圍空間產生磁場；周期性變化的電場才會在周圍空間產生變化的磁場，選項A錯誤；

B．麥克斯韋首先預言了電磁波的存在；赫茲最先用實驗證實了電磁波的存在，選項B正確；

C．電磁波可以在真空中傳播；選項C錯誤；

D．各種頻率的電磁波在真空中傳播的速度相同等于光速；選項D錯誤。

故選B。2、B【分析】【詳解】

AB．風速越大，金屬桿接入電路的長度越短，接入電路的阻值越小，金屬桿兩端電壓越小，電壓傳感器的示數越小，通過電阻的電流越大；A錯誤，B正確；

C．風速不變時，金屬桿接入電路的長度不變，接入電路的阻值不變，電阻的阻值越大；電路中的電流越小，金屬桿兩端電壓越小，電壓傳感器的示數越小，C錯誤；

D．假設彈簧的原長為金屬桿單位長度的電阻為當彈簧的壓縮量為時，金屬桿接入電路的阻值為

根據閉合電路歐姆定律可得

電壓傳感器示數為

可知電壓傳感器示數與彈簧形變量不是線性關系；D錯誤；

故選B。3、D【分析】【詳解】

由題意可知

ABC錯誤；D正確。

故選D。4、D【分析】【詳解】

A．取無窮遠處電勢為零，正電荷周圍電勢為正，O點電勢大于零；A錯誤；

B．根據矢量疊加原則，O點的場強為零，故從O點到E點場強先增加后減小；不是一定減小，B錯誤；

C．將一電子從O點沿直線移動到E點電場力做負功；電勢能增加，C錯誤；

D．將B處的點電荷沿OB方向即沿電場方向移動；移到無窮遠過程中電場力做正功，D正確。

故選D。5、B【分析】【分析】

【詳解】

小磁針N極的指向就是該處的磁場的方向，根據右手螺旋定則，螺線管內部磁場向左，外部向右，因此小磁針a的N極應指向右側，小磁針b的N極應指向左側；在蹄形鐵芯中心位置，磁場方向向左，因此小磁針c的N極應指向左側；在環形導線中軸線上，磁場方向向右，因此小磁針d的N極應指向右側。

故選B。二、多選題(共8題，共16分)6、A:D【分析】【詳解】

AB．將滑動變阻器R2的滑片向右滑動，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，由“串反并同”可知，由圖可知，A1與滑動變阻器并聯，所以A1的示數增大，A2與滑動變阻器串聯，所以A2的示數減小，V1與滑動變阻器并聯，所以V1的示數增大，V2與滑動變阻器并聯，所以V2的示數增大，燈泡L與滑動變阻器串聯，所以燈泡L的電功率變小，即變暗，R3與滑動變阻器串聯，所以R3兩端電壓變小，由于MN兩板與R3并聯，所以MN兩板間電壓變小，MN間的場強變小，所以變小；故A正確，B錯誤；

C．由于R4未接入電路中，所以若R2不變，只減小R4，MN兩板間電壓不變，MN間的場強不變，所以不變；故C錯誤；

D．A2的示數減小，所以R3兩端電壓變小，由于V2的示數增大，由串聯電路特點可知，

所以

則有

故D正確。

故選AD。7、B:D【分析】【詳解】

A．已知為等腰三角形，為重心，則因此則輕繩OA、OC與水平面的夾角相等，根據牛頓第三定律知對B受力分析如圖1所示。

A、C兩球對B球的合力沿方向，即角平分線的反方向，則綜上所述，可得故A錯誤；

B．對B受力分析如圖2所示。

平移到同一個力的矢量三角形中，有

故B正確；

C．A、C兩球對B球的庫侖力的合力

由庫侖定律有

解得

故C錯誤；

D．由電場強度的定義式

解得

故D正確。

故選BD。8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖；結合電場線的特點可知，該題中金屬棒兩側的電場是對稱的，由于。

所以OA之間的電勢差大于OB之間的電勢差，根據沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知A點電勢低于B點電勢；A錯誤；

B．根據電場線的疏密表示電場強度的大小，可知B點的電場強度大于C點的電場強度；B正確；

C．負電荷在電勢高的位置的電勢能小，所以負電荷在A點的電勢能大于其在B點的電勢能；C錯誤；

D．沿著電場線方向電勢降低，A點電勢比C點高，則將正電荷沿AC方向從A點移動到C點；電勢能減小，電場力做正功，D正確。

故選BD。9、A:B:D【分析】【詳解】

如圖所示，在ac連線上，確定一點，電勢為將連線，即為等勢線，那么垂直連線；則為電場線，再依據沿著電場線方向，電勢降低，則電場線方向如下圖：

則有

因此可知

A．根據

因a、b、c三點電勢分別為解得原點處的電勢為

故A正確；

B．根據上圖，因為勻強電場，則有

依據幾何關系，則

因此電場強度大小為

故B正確；

C．bc間的電勢差

電子從b點運動到c點，電場力做正功為

故C錯誤；

D．因

電子從a點到b點電場力做功為

因電場力做正功，則電勢能減小，那么電子在a點的電勢能比在b點的高故D正確。

故選ABD。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由曲線運動的合外力總是指向軌跡彎曲的一面；由圖可知電場力方向大概向下，但無法確定準確的方向，所以A錯誤；

B．由于電場力方向向下，所以帶電粒子從P到Q的過程電場力做正功，動能增大，電勢能減小，則一定可以判斷出帶電粒子在P、R、Q三點時電勢能的大小關系；所以B正確；

C．帶電粒子的初速度方向無法確定；所以C錯誤；

D．根據等勢面的疏密可判斷電場強度的強弱，場強的大小可判斷電場力的大小，所以一定可以判斷出帶電粒子在P、R、Q三點時加速度的大小關系；則D正確；

故選BD。11、A:D【分析】【詳解】

ABC．0～2s，由牛頓第二定律得物塊加速度：

物塊向右做加速運動，2s末小物塊速度

前2s內的位移

2～4s，由牛頓第二定律得加速度

物塊向右做減速運動，4s末減速到零，2～4s的位移

4秒內小物塊的位移

故A正確；BC錯誤；

D．4秒內電場力對小物塊所做的功

代入數據解得

故D正確．12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．四個電阻為并聯關系，然后與R4串聯；選項A錯誤，B正確；

C．的示數為通過和的電流之和；選項C正確；

D．因的示數等于的電流之和；的示數等于的電流之和；的示數為通過和的電流之和；則的示數與的示數之和不等于的示數，選項D錯誤。故選BC。13、A:D【分析】【詳解】

A．當光照強度增加時；光敏電阻的電阻值減小，故總電路的阻值在減小，根據閉合電路歐姆定律可知電源的總電流增大，A正確；

BC．電源的總電流增大，根據閉合電路歐姆定律可知，電路的外電壓變小；由歐姆定律可知A燈電流變小，A燈變暗；則流過R0的電流變大；兩端電壓變大，BC錯誤；

D．電路的干路電壓變小，R0兩端電壓變大則燈泡兩端的電壓變小；故B燈變暗，D正確。

故選AD。三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]麥克斯韋提出光是一種電磁波；后來赫茲用實驗驗證了這一預言；

[4]紅外線最顯著的作用是熱效應；

[5][6]一切物體都會發出紅外線；紅外線波長比紅光長；

[7]由衍射條件可知；當障礙物的尺寸與波長相差不多或小得多時，能發生明顯衍射，所以衍射現象較顯著，易透過云霧，可用于高空攝影；

[8]紫外線的主要作用是化學效應；

[9][10][11]高溫物體發出紫外線；紫外線還有熒光和殺菌作用；

[12]倫琴射線又叫x射線。【解析】麥克斯韋電磁赫茲熱效應一切物體長衍射化學效應高溫物體熒光殺菌X15、略

【分析】【詳解】

[1][2]開關S斷開時，由閉合電路歐姆定律可得

閉合時有

聯立解得【解析】6316、略

【分析】【分析】

小球經M點時速度最大，則在M點的加速度為零，根據平衡條件求出M點的場強大小；從P點運動到Q點過程中，根據動能定理可求P、Q兩點的電勢差．

【詳解】

解：小球經M點時速度最大，則在M點的加速度為零，有解得M點的場強大小

從P點運動到Q點過程中，根據動能定理可得P、Q兩點的電勢差【解析】17、略

【分析】【詳解】

當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，R2變大，外電路總電阻變大，由歐姆定律，I變小，U1=IR1變小，故V1逐漸減小；因R1、R3為定值電阻，故由歐姆定律U2＝E?I(R1+R3+r)可知，電壓表V2示數的變化量絕對值與電流表A示數的變化量比值等于R1+R3+r，故．【解析】減小ΔI(R3+R1+r)18、略

【分析】【詳解】

[1]設兩導線間距為d，根據右手螺旋定則知，甲導線在O點的場強方向垂直紙面向里，乙導線在O點的場強方向垂直紙面向里，根據場強的疊加有：

甲導線在a點的場強方向垂直紙面向外，乙導線在a點的場強方向垂直紙面向里，根據場強的疊加知，a點的磁感應強度為：

[2]甲導線在乙導線處產生的磁感應強度為：

則單位長度的乙導線所受的安培力為：F=BIL=【解析】13.7519、略

【分析】【詳解】

[1]均勻帶電正方形框；根據對稱性可知，其兩條對角線交點處的電場強度為零，而正點電荷，電場線是擴散狀，根據沿著電場線方向電勢降低可知，兩條對角線交點處的電勢大于零；

[2]在其一邊中點挖去一個長為r（r＜＜R）的一小段后，則其兩條對角線交點處電場強度等于由r長的電荷在對角線交點處的場強，即【解析】大于20、略

【分析】【詳解】

[1]改裝后電壓表的量程為

故串聯的電阻越大，量程越大，接a、b時，為靈敏電流計與R1串聯；量程為3V。

[2]接a、c時，為靈敏電流計與R1和R2串聯；量程為15V。

[3]由題可知，滿偏電壓

則R1兩端的電壓為

則

[4]由題可知，則

解得【解析】3V15V2985Ω12000Ω21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]燃燒時增加了大氣中二氧化碳的含量；加劇了溫室效應。

（2）[2]因為煤炭和石油中含有硫；燃燒時形成二氧化硫等物質使雨水的酸度升高，形成“酸雨”。

（3）[3]內燃機工作時的高溫使空氣和燃料中的多種物質發生化學反應，產生氮的氧化物和碳氫化合物。這些化合物在大氣中受到紫外線的照射，產生二次污染物質——光化學煙霧。【解析】二氧化碳酸雨光化學煙霧四、作圖題(共4題，共16分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環形電流的安培定則，可知環形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環形電流方向沿逆時針方向，如圖所示。【解析】24、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯，后再與第三個電阻串聯，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點向坐標軸作垂線后與坐標軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖