四川省仁壽一中南校區2025屆物理高二第一學期期中檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的電路中，電源電動勢E=6V，內阻r=1Ω，電阻R1=6Ω，R2=5Ω，R3=3Ω，電容器的電容C=2×10-5F．若將開關S閉合，電路穩定時通過R2的電流為I；斷開開關S后，通過R1的電荷量為q．則（）A．I=0.25AB．I=0.5AC．q=1×10-5CD．q=2×10-5C2、當波源遠離觀測者時，觀測者所接收到的頻率f'和波源振動的頻率f的關系為A．f'fB．f'＜fC．f'＞fD．無法確定3、如圖所示，質量為m的木塊，被水平力F緊壓在傾角為θ＝60°的墻面上靜止。墻面對木塊A．壓力大小可能為零B．摩擦力大小可能為零C．壓力與摩擦力的合力大小為FD．壓力與摩擦力的合力大小為4、如圖所示，A、B為某一點電荷Q產生的電場中的一條電場線上的兩點，當一電子以某一速度沿電場線由A運動到B的過程中，動能增加，則（）A．電勢 B．電場線方向由A指向BC．場強大小 D．若Q為正電荷，則Q在A點左側5、如圖所示，真空中一橢圓的兩焦點M、N處固定兩個等量異種電荷+Q、-Q，O為橢圓中心，、分別是橢圓長軸和短軸，是橢圓上關于O點對稱的兩個點，下列說法中正確的是（）A．橢圓上某點的場強方向為該點的切線方向B．a、b兩點場強相同，e、f兩點場強大小相同、方向不相同C．將一正電荷由e點沿橢圓移到f點，電場力做功不為零D．將一電荷由O點移到橢圓上任意一點時，電勢能的變化量相同6、遠距離輸電中，當輸送的電功率為P，輸送電壓為U時，輸電線上損失的電功率為△P，若輸送的電功率增加為4P，而輸電線中損失的電功率減為△P（輸電線電阻不變），那么輸電電壓應增為A．2U B．4UC．8U D．16U二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一臺直流電動機額定電壓為100V正常工作時電流為20A，線圈內阻為0.5Ω，那么在1min內是（）A．電動機線圈產生的熱量為1.2×105J B．電動機消耗的電能為1.2×105JC．電動機的機械功率為1.8×103W D．電源輸入給電動機的功率為2.0kW8、如圖所示，光滑水平面AB與豎直面上的半圓形固定軌道在B點銜接，軌道半徑為R，BC為直徑．一可看作質點、質量為m的物塊在A點處壓縮一輕質彈簧（物塊與彈簧不拴接），釋放物塊，物塊被彈簧彈出后，經過半圓形軌道B點時瞬間對軌道的壓力變為其重力的7倍，之后向上運動恰好通過半圓軌道的最高點C，重力加速度大小為g，不計空氣阻力，則（）A．物塊經過B點時的速度的大小為B．剛開始時被壓縮彈簧的彈性勢能為3mgRC．物塊從B點到C點克服阻力所做的功為mgRD．若開始時被壓縮彈簧的彈性勢能變為原來的2倍，物塊到達C點的動能為mgR9、截面直徑為d、長為L的導線，兩端電壓為U，當這三個量中的一個改變時，對自由電子定向移動平均速率的影響，下列說法正確的是A．電壓U加倍時，自由電子定向移動的平均速率不變B．導線長度L加倍時，自由電子定向移動的平均速率減為原來的一半C．導線截面直徑d加倍時，自由電子定向移動的平均速率不變D．導線截面直徑d加倍時，自由電子定向移動的平均速率加倍10、如圖所示，用兩節干電池點亮幾只小燈泡，當逐一閉合開關，接入燈泡增多時，以下說法正確的是：()A．燈少時各燈較亮，燈多時各燈較暗B．燈多時各燈兩端的電壓較低C．燈多時通過電池的電流較大D．燈多時通過各燈的電流較大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一靈敏電流計，允許通過的最大電流為Ig=1mA，表頭電阻Rg=500Ω，若改裝成量程為Um=5V的電壓表，應串聯的電阻阻值為______Ω。若將改裝后的電壓表再改裝成量程為Um=50V的電壓表，應再串聯一個阻值為_______Ω的電阻。12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，利用實驗得到了8組數據，在圖1所示的坐標系中，通過描點連線得到了小燈泡的伏安特性曲線.（1）根據圖線的坐標數值，請在圖2中選出該實驗正確的實驗電路圖：____(選填“甲”或“乙”).（2）根據所選電路圖，請在圖3中用筆畫線代替導線，把實驗儀器連接成完整的實驗電路.（________）（3）根據圖1，可判斷出圖4中正確的關系圖象是（圖中P為小燈泡功率"為通過小燈泡的電流）___.（5）將同種規格的兩個這樣的小燈泡并聯后再與R=10的定值電阻串聯，接在電動勢為8V、內阻不計的電源上，如圖5所示.閉合開關S后，則電流表的示數為____A，兩個小燈泡的總功率為__W(本小題結果均保留兩位有效數字）.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示的電路中，電源的電動勢E=12V，內電阻r＝1Ω，R1=1Ω，R2=6Ω，電動機的線圈電阻RM=1Ω,若開關S閉合后通過電源的電流I=3A，通過R2電流I2=1A

。求:（1）R2的兩端電壓U2（2）R1的消耗電功P1（3）電動機輸出的機械功率P14．（16分）如圖所示電子射線管.陰極K發射電子，陽極P和陰極K間加上電壓后電子被加速.A、B是偏轉極板使飛進的電子偏離.若已知P、K間所加電壓為偏向板長L，板間距離d，所加電壓.偏轉板右端距熒光屏為R.電子質量為m，電子電量為e.設從陰極出來的電子速度為為0.試問：(1)電子通過陽極P板的速度是多少？(2)電子通過偏向板時的偏轉位移為多少？(3)電子過偏向板向到達距離偏向板R熒光屏上點，此點偏離入射方向的距離y是多少？15．（12分）如圖所示．在豎直平面內一個帶正電的小球質量為m，所帶的電荷量為q，用一根長為L不可伸長的絕緣細線系在一勻強電場中的O點．勻強電場方向水平向右，分布的區域足夠大．現將帶正電小球從O點右方由水平位置A點無初速度釋放，小球到達最低點B時速度恰好為零．求:(1)A、B兩點的電勢差；(2)勻強電場的電場強度E的大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

開關S閉合電路穩定時，外電路中總電阻為根據閉合電路歐姆定律得：電容器兩端的電壓為電量斷開開關S后：電容器通過與放電，設通過與的放電電流分別為和，則由電量公式q=It可知，通過與的的電量之比為又聯立得：通過的電量為故ABD錯誤，C正確；【點睛】開關S閉合電路穩定時，電容器相當于開關斷開，根據閉合電路歐姆定律求出電路中電流I，再求電容器的電壓，由Q=CU求其電量．斷開電源，電容器會放電，因、并聯，流過兩個電阻的電流與電阻成反比，通過的電荷量也與電阻成反比．2、B【解析】

f由波源每秒鐘所振動的次數決定,介質振動的頻率由波源頻率及波源相對介質是否移動來決定,當觀察者遠離波源過程中,觀察者接收到的機械波頻率比觀察者靜止時接收到的頻率小,即f'＜f.故ACD錯誤,B正確.故選B【點睛】利用多普勒效應分析即可,當觀察者遠離波源過程中,觀察者接收到的機械波頻率比觀察者靜止時接收到的頻率小;當觀察者靠近波源過程中,觀察者接收到的機械波頻率比觀察者靜止時接收到的頻率大.3、D【解析】

對木塊進行受力分析，根據共點力平衡，抓住合力為零，運用正交分解求出壓力和摩擦力的合力?！驹斀狻磕緣K受到重力和水平力F后，墻面對木塊一定有壓力，也一定有沿斜面向上的摩擦力，否則不能平衡。故AB錯誤；木塊受重力、支持力、推力和靜摩擦力平衡，根據多個共點力平衡的特點可知，墻壁的支持力與摩擦力的合力一定與重力與F的合力大小相等，方向相反，所以墻壁的支持力與摩擦力的合力為，故D正確，C錯誤。故選D。4、A【解析】

AB．一電子以某一速度沿電場線由運動到的過程中，動能增加，電場力對電子做正功，電場力方向與運動方向相同，所以電場強度方向由指向，電場線方向由指向，那么則有故A正確，B錯誤；C．電場線方向由指向，但不知電場線的疏密，故無法知道電場的強弱，故C錯誤；D．可以為正電荷，也可以為負電荷，若為正電荷，則在點右側，若為負電荷，則在點左側，故D錯誤；故選A。5、C【解析】

A．橢圓上某點的場強方向為該點的電場線方向。故A錯誤。

B．a、b兩點場強相同，e、f兩點場強大小相同，與ab的角度關于O點中心對稱，方向均指向斜上方。故B錯誤。

C．將一正電荷由e點沿橢圓移到f點，電場力做正功。故C正確。

D．將一電荷由O點移到橢圓上任意一點時，橢圓不是等勢面，故電勢能的變化量不同。故D錯誤。6、C【解析】

由P=UI知，則輸電線上損失的功率得輸電電壓若輸送的電功率增加為4P，而輸電線中損失的電功率減為，由上式得輸電電壓U應增為8U；A．2U，與結論不相符，選項A錯誤；B．4U，與結論不相符，選項B錯誤；C．8U，與結論相符，選項C正確；D．16U，與結論不相符，選項D錯誤；故選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

A.電動機線圈產生的熱量為故A錯誤。B.電動機消耗的電能為W=UIt=100×20×60J=1.2×105J故B正確。C.根據能量守恒定律得：電動機對外做功W外=W-Q=1.08×105J所以電動機的機械功率為故C正確。D.電源輸入給電動機的功率是電功率為P=UI=100×20W=2.0kW故D正確。8、AB【解析】

A、設物塊經過半圓軌道B點瞬間的速度為vB，物塊在B點時軌道對物塊的支持力為FN=7mg，根據牛頓第二定律有，可得．故A正確；B、物塊從A點到B點的過程，由功能關系有：剛開始時被壓縮彈簧的彈性勢能為Ep==3mgR，故B正確；C、設物塊到達C點時的速度為vC，物塊在C點時有，物塊從B點到C點的過程，由動能定理得，可解得物塊從B點到C點過程克服阻力做的功Wf=0.5mgR，故C錯誤；D、若剛開始時被壓縮彈簧的彈性勢能變為原來的2倍，則開始時彈簧的彈性勢能為6mgR，假設物體在半圓軌道上克服摩擦力做功不變，仍為Wf=0.5mgR，由功能關系可得：6mgR﹣Wf=2mgR+EKC，解得，而實際上，若剛開始時被壓縮彈簧的彈性勢能變為原來的2倍，物塊進入半圓形軌道的速度將增大，在同一點物塊對軌道的壓力增大，物塊受到的滑動摩擦力增大，物塊從B點到C點克服摩擦力所做的功增大，則物塊到達C點的動能小于，故D錯誤．故選AB．9、BC【解析】試題分析：根據公式I=UR可得，U加倍I增大，所以根據公式I=nqsv可得，電子的定向移動的平均速率增大，A錯誤，根據公式R=ρLS可得，當導線長度L加倍時，電阻增大一倍，根據公式I=UR，電流減小一倍，所以根據公式I=nqsv可得，電子定向移動速率減小為原來的一半，B正確，當導線截面直徑考點：考查了電流的微觀和宏觀表達式點評：正確掌握公式I=UR和R=ρL10、ABC【解析】試題分析：由并聯電路的規律可知外部總電阻的變化；由閉合電路的歐姆定律可判斷路端電壓和通過電池的電流變化．解：A、B、C由圖可知，燈泡均為并聯．當點亮的電燈數目增多時，并聯的支路增多，由并聯電路的電阻規律可知，外部總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知，通過電池的電流增大，則電池的內電壓增大，故路端電壓減小，燈泡兩端的電壓變小，燈泡變暗，故AB正確，C錯誤；D、由上分析可知，燈多時，通過電池的總電流減小，而支路的數目增大，所以各燈的電流較小，故D錯誤．故選AB【點評】解答本題應掌握：并聯電路中并聯支路越多，總電阻越??；同時注意閉合電路歐姆定律在電路動態分析中的應用方法，一般可按外電路﹣內電路﹣外電路的思路進行分析．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、4500Ω49500Ω【解析】

把電流表改裝成電壓表需要串聯分壓電阻，應用串聯電路特點與歐姆定律可以求出串聯電阻阻值?！驹斀狻堪央娏鞅砀难b成5V的電壓表需要串聯電阻阻值：R=U把電流表改裝成50V的電壓表需要串聯電阻阻值：R'【點睛】本題考查了電壓表的改裝，知道電壓表的改裝原理、應用串聯電路特點與歐姆定律可以解題。12、甲D0.601.2【解析】

（1）[1]描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，所以正確的實驗電路圖是甲．（2）[2]根據實驗電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（3）[3]由于燈泡電阻隨電流增大電阻R增大，由可知，圖象斜率增大，故選D．（4）[4][5]由圖5所示電路圖可知，兩燈泡并聯，可以把電源與定值電阻等效為電源，設每只電燈加上的實際電壓和實際電流分