2025屆浙江省樂清外國語學院物理高二上期中考試模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，鐵路在彎道處的內外軌道高低是不同的，已知內外軌道對水平面傾角為，彎道處的圓弧半徑為R，若質量為m的火車以速度v通過某彎道時，內、外軌道均不受側壓力作用，下面分析正確的是A．B．若火車速度小于v時，外軌將受到側壓力作用，其方向平行軌道平面向內C．若火車速度大于v時，外軌將受到側壓力作用，其方向平行軌道平面向外D．無論火車以何種速度行駛，對內側軌道都有壓力2、如圖所示為洛倫茲力演示儀的結構圖，勵磁線圈產生的勻強磁場方向垂直紙面向外，電子束由電子槍產生，其速度方向與磁場方向垂直。電子速度的大小和磁場強弱可分別由電子槍的加速電壓和勵磁線圈的電流來調節。下列說法正確的是（）A．僅使勵磁線圈中電流為零，電子槍中飛出的電子束將做勻加速直線運動B．僅提高電子槍加速電壓，電子束徑跡的半徑變大C．僅增大勵磁線圈中電流，電子做圓周運動的周期將變大D．僅提高電子槍加速電壓，電子做圓周運動的周期將變小3、如圖所示，在等量的異種點電荷形成的電場中，有、、三點，點為兩點電荷連線的中點，點為連線上距點距離為的一點，為連線中垂線距點距離也為的一點，則下面關于三點電場強度的大小、電勢高低的比較，正確的是（）A．，B．，C．，，，D．因為零電勢點未規定，所以無法判斷電勢的高低4、有三個用電器，分別為日光燈、電烙鐵和電風扇，它們的額定電壓和額定功率均為“220V,60W”．現讓它們在額定電壓下工作相同時間，產生的熱量()A．日光燈最多 B．電烙鐵最多C．電風扇最多 D．一樣多5、如圖所示為足夠長的固定光滑斜面，小物塊從斜面底端以一定的初速度沖上斜面，經過一段時間后又返回斜面底端．在小物塊往返的全過程中（）A．重力的沖量大小為0B．支持力的沖量大小為0C．合外力的沖量大小為0D．合外力做功大小為06、真空中兩個靜止的點電荷相距r時，相互作用的靜電力大小為F。僅將它們之間的距離增大到4r時，它們之間的靜電力大小為A．4F B．16F C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示的電場中，有A、B兩點，則A．A點場強小于B點場強B．A點電勢低于B點電勢C．A點場強方向向左D．電子在A點受的電場力方向向左8、如圖所示，I為電流表示數，U為電壓表示數，P為定值電阻R2消耗的功率，Q為電容器C所帶的電荷量，W為電源通過電荷量q時電源做的功．當變阻器滑動觸頭向右緩慢滑動過程中，下列圖象能正確反映各物理量關系的是（）A． B． C． D．9、理發用的電吹風機中有電動機和電熱絲，電動機帶動風葉轉動，電熱絲給空氣加熱，得到熱風將頭發吹干，設電動機線圈電阻為R1，它與電熱絲電阻值R2串聯后接到直流電源上，吹風機兩端電壓為Ｕ，電流為Ｉ，消耗的功率為P，則有（）A．P=UI B．P=I2(R1+R2) C．P＞UI D．P＞I2(R1+R2)10、一電池外電路斷開時的路端電壓為3V，接上8Ω的負載后路端電壓降為2.4V，則可以判定電池的電動勢E和內阻r分別為（）A．E=3V B．r=1Ω C．r=2Ω D．E=2.4V三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一個小燈泡上標有“2.5V，0.6W”的字樣，現要描繪并研究其伏安特性曲線，有下列器材可供選用：A．電壓表（0—3V，內阻約3kΩ）B．電流表（0—0.6A，內阻約0.2Ω）C．滑動變阻器（10Ω，1A）D．滑動變阻器（1000Ω，0.3A）E.直流電源，另有開關一個、導線若干。（1）實驗中滑動變阻器應選__________（只填器材的字母代號）。（2）某同學已連接如圖所示的電路，已知各元件均無故障，但在合上開關后，無論如何調節滑片P，電壓表和電流表的示數總是不能調為零，其原因是__________（請填寫圖中的字母，如ne）導線沒有接好。電路中還有一個連接不當之處，請提出改進方案：___________。（3）利用正確實驗方案測得的實驗數據，在I-U坐標系中描繪出小燈泡的伏安特性曲線如圖所示，則小燈泡的電阻值隨工作電壓的增大而__________（填“不變”、“增大”或“減小”）。若把該燈泡接到一個電動勢為3.0V、內阻為10Ω的直流電源時，小燈泡消耗的實際功率約為__________W。（結果保留兩位有效數字）12．（12分）為了描繪一個“、”的小燈泡的伏安特性曲線，提供以下器材：直流電源E：，內阻不計；電流表A：量程分別為和，內阻約為；電壓表V：量程分別為和，內阻約為；滑動變阻器R：最大阻值為，允許通過的最大電流為；開關一個；導線若干．實驗時要求加在燈泡兩端的電壓可從調到．（1）在下面方框里畫出符合本實驗要求的電路圖___，并根據電路圖連接右側的實物圖_____：（2）某次測量時，電流表指針位置如圖所示，電流表讀數為__________，此時小燈泡的實際功率為__________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）某科技興趣小組試飛一架自制的無人機，該無人機的質量m=0.2kg，由靜止開始沿豎直方向勻加速上升，加速度a=2m/s2，上升時間t=3s，求：該過程中無人機(1)受到合力的大小F；(2)上升的高度h；(3)末動能Ek．14．（16分）在平面直角坐標系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第Ⅳ象限存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度為B．一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以一定的初速度垂直于y軸射入電場，經x軸上的N點與x軸正方向成θ＝60°角射入磁場，最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出磁場，已知ON＝d，如圖所示．不計粒子重力，求：（1）粒子在磁場中運動的軌道半徑R；（2）粒子在M點的初速度v0的大小；（3）粒子從M點運動到P點的總時間t．15．（12分）三個完全相同的金屬小球，a球帶電量為4q，b球帶電量為-6q，c球原來不帶電。讓c球先后與a、b相互接觸，然后分別放在邊長為L的正三角形的頂點上如圖所示.（靜電力常量為k）求：c球受到的庫侖力。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】AD、火車以某一速度v通過某彎道時，內、外軌道均不受側壓力作用，其所受的重力和支持力的合力提供向心力，由圖可以得出：（為軌道平面與水平面的夾角合力等于向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，故AD錯誤；B、當轉彎的實際速度小于規定速度時，火車所受的重力和支持力的合力大于所需的向心力，火車有向心趨勢，故其內側車輪輪緣會與鐵軌相互擠壓，內軌受到側壓力作用方向平行軌道平面向內，故B錯誤；C、當轉彎的實際速度大于規定速度時，火車所受的重力和支持力的合力不足以提供所需的向心力，火車有離心趨勢，故其外側車輪輪緣會與鐵軌相互擠壓，外軌受到側壓力作用方向平行軌道平面向外，故C正確；故選C【點睛】本題關鍵抓住火車所受重力和支持力的合力恰好提供向心力的臨界情況，計算出臨界速度，然后根據離心運動和向心運動的條件進行分析．2、B【解析】

根據電子所受洛倫茲力的方向結合右手定則判斷勵磁線圈中電流方向是順時針方向，電子在加速電場中加速，由動能定理有：eU=12mv02…①

電子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力充當向心力，有：eBv0=mv02r…②

T=2πmeB…④

可見：僅使勵磁線圈中電流為零，電子槍中飛出的電子束不再受任何作用力，故將做勻速直線運動，故A錯誤；提高電子槍加速電壓，電子束的軌道半徑變大、周期不變，故B正確，D錯誤；增大勵磁線圈中的電流，電流產生的磁場增強，由④式知周期變小，故C【點睛】本題考查了粒子在磁場中運動在實際生活中的應用，正確分析出儀器的原理是關鍵，知道帶電粒子在電場中加速而在磁場中偏轉做圓周運動，明確周期公式和半徑公式的推導過程和應用．3、B【解析】

ABC．等量異種點電荷的電場線分布情況如圖所示電場線越密集的地方場強越大，則等量異種電荷中垂線為等勢線，則等量異種電荷連線上電場線從正電荷指向負電荷且沿電場線方向電勢降低，則有所以故AC錯誤，B正確；D．對于點電荷形成的電場，一般我們規定距電荷無窮遠處電勢為零，且各點電勢高低與零電勢點的規定無關，故D錯誤。故選B。4、B【解析】

日光燈在工作時是電能轉化為光能和內能，電烙鐵在工作時是電能只轉化為內能，電風扇在工作時是電能轉化為機械能能和內能，所以在額定電壓下工作相同時間，消耗的電能相同，電烙鐵產生的內能最多，產生的熱量最多，B對，ACD錯．5、D【解析】

ABC.小物塊往返的全過程中，重力、支持力、合力均不為零，根據沖量可知重力、支持力、合力的沖量都不等于零，故A、B、C錯誤；D.光滑斜面，返回斜面底端時的速度和初速度大小相等，由動能定理可知動能的變化為零，即合外力做功大小為0，故D正確；6、D【解析】

由庫侖定律的可得原來它們之間的庫侖力為：，變化之后它們之間的庫侖力為：，所以D正確、ABC錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

A．A點電場線較B點密集，可知A點場強大于B點場強，選項A錯誤；B．沿電場線電勢降低，可知A點電勢低于B點電勢，選項B正確；CD．由電場線可知，A點場強方向向右，電子在A點受的電場力方向向左，選項C錯誤，D正確。8、AB【解析】試題分析：變阻器滑動觸頭向右緩慢滑動過程中，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，消耗的功率為,∝，故A正確；電容器的電壓，電荷量，則，保持不變，則圖象是向下傾斜的直線，故B正確；電壓表示數，圖象應是向下傾斜的直線，故C錯誤；電源通過電荷量時電源做的功，是電源的電動勢，則是過原點的直線，故D錯誤．考點：本題考查了閉合電路的動態分析9、AD【解析】

AC．電吹風機消耗的電功率P是總的功率，總功率的大小應該是用P=IU來計算，所以總功率P=IU，故A正確，C錯誤；BD．電吹風機中發熱的功率要用I2R來計算，所以總的發熱功率為，因為總功率一部分轉化為機械功率，一部轉化熱功率，則吹風機的總功率要大于發熱部分的功率，故B錯誤，D正確。故選AD。10、AC【解析】試題分析：電源的電動勢等于外電路斷開時電源兩極間的電壓．電源接上8Ω的負載電阻后路端電壓降為2.4V，根據歐姆定律利用比例法求出電源的內電阻．電池外電路斷開時的路端電壓為3V，則電池的電動勢為E=3V．當電源接上8Ω的負載電阻后路端電壓降為2.4V，則電路中電流為，得內阻，故AC正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、Cck導線gh的g端應接在a或m處增大0.22（0.20-0.24）【解析】

（1）[1]．測伏安特性曲線電壓與電流應從零計，滑動變阻器應用分壓接法，應選阻值較小的，便于調節，故選C。（2）[2][3]．閉合開關S后，無論如何調節滑片P，電壓表和電流表的示數總是調不到零，可能是ck導線沒有接好，滑動變阻器實際上被接成了限流接法；由于燈泡電阻較小，為減小誤差應采用外接法，故應該把導線gh的h端應接在a處或m處；（3）[4][5]．由所示小電珠I-U圖象，根據歐姆定律可知，其電阻隨工作電壓的增大而增大。

由I-U圖可知把該燈泡接到一個電動勢為3.0V、內阻為10Ω的直流電源時，燈泡兩端電壓為U=1.25V，電流為I=0.175A，故燈泡的實際功率為：P=UI=1.25×0.175W≈0.22W．12、如圖所示：如圖所示：【解析】

（1）小燈泡的電阻為，則RV>>Rx，可知應采用電流表外接電路；要得到從0開始的電壓，則滑動變阻器用分壓電路，電路及實物連線如圖；（2）電流表選擇0-0.6A檔，則讀數為0.40A，從圖像中讀出此時的電壓為U=6V，則此時小燈泡的實際功率為：P=IU=0.40×6=2.40W．【點睛】滑動變阻器的分壓限流接法，安培表內外接法，儀器的選擇是電學實驗考查的重點，同時要學會根據圖線進行數據處理．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)0.4N(2)9m(3)3.6J【解析】

(1)據牛頓第二定律求得物體所受的合力；(2)據運動學公式求得物體3s內上升的高度；(3)據運動學公式求得物體3s末的速度，進而求得物體3s末的動能．【詳解】(1)據牛頓第二定律得物體所受的合力(2)據運動學公式求得物體3s內上升的高度(3)據運動學公式求得物體3s末的速度物體3s末的動能14、（1）粒子在磁場中運動的軌道半徑R為d；（2）粒子在M點的初速度v0的大小為；（3）粒子從M點運動