聊城市重點中學2025屆高二物理第一學期期末綜合測試模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、用多用電表測直流電壓U和測電阻R時，若紅表筆插入多用電表的(＋)插孔，則()A.測U時電流從紅表筆流入多用電表，測R時電流從紅表筆流出多用電表B.測U、測R電流均從紅表筆流入多用電表C.測U、測R電流均從紅表筆流出多用電表D.測U時電流從紅表筆流出多用電表，測R時電流從紅表筆流入多用電表2、一通電直導線用細線懸掛于勻強磁場中，磁場及電流方向如圖所示．通電導線所受安培力的方向是（）A.水平向左 B.水平向右C.豎直向上 D.豎直向下3、如圖所示，充電的平行板電容器兩板間形成勻強電場，以A點為坐標原點，AB方向為位移x的正方向，能正確反映電勢φ隨位移x變化的圖像是（）A. B.C. D.4、用電動勢ε=6V、內電阻r=4Ω的直流電源依次分別對下列四個電珠供電，最亮的電珠是（）A.6V，12W B.6V，9WC.6V，4W D.6V，3W5、如圖所示的電場中，AB=BC，UAB和UBC分別表示AB兩點間和BC兩點間的電勢差，兩者關系正確的是（）A.UAB=UBC B.UAB>UBCC.UAB<UBC D.與形成該電場的電荷種類有關6、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三條電場線，實線為一帶負電的粒子僅在電場力作用下通過該區域時的運動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點，由此可知()A.帶電粒子在R點時的速度大于在Q點時的速度B.帶電粒子在P點時的電勢能比在Q點時的電勢能大C.帶電粒子在R點時的動能與電勢能之和比在Q點時的小，比在P點時的大D.帶電粒子在R點時的加速度小于在Q點時的加速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一個邊長為L的正方形導電線框，在外力作用下，以速度v勻速穿過寬度均為L的兩個平行邊界的勻強磁場，這兩個磁場的磁感應強度大小均為B，方向相反，取順時針方向的電流為正，受力向右為正，以bc邊剛進入磁場開始關于線框中產生的感應電流和線框所受安培力F分別與位移x之間的函數圖象，下列圖像正確的是A. B.C. D.8、如圖所示，空間存在一水平向左的勻強電場和一垂直紙面向里的勻強磁場，磁場的磁感應強度大小為B，電場強度大小為E=，電場方向和磁場方向相互垂直．在此電磁場正交的空間中有一足夠長的固定粗糙絕緣桿，與電場正方向成60°夾角且處于豎直平面內．一質量為m，帶電量為+q的小球套在絕緣桿上．若給小球一沿桿向下的初速度v0，小球恰好做勻速運動，且小球電量保持不變，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A.小球的初速度為v0=B.若小球的初速度為，小球將做加速度不斷減小的減速運動，最后勻速C.若小球的初速度為，小球將做加速度不斷增大的加速運動，最后勻速D.若小球的初速度為，則運動中克服摩擦力做功為9、一質量為m的帶電液滴以豎直向下的初速度v0進入電場中，由于電場力和重力的作用，液滴沿豎直方向下落一段距離h時速度為零，取重力加速度為g，下列判斷正確的是A.液滴重力勢能減少量為mghB.液滴的機械能減少量等于液滴的電勢能增加量C.液滴的電勢能增加量為mghD.電場力對液滴做的功為10、一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為18V、20V、26V，下列說法正確的是（）A.坐標原點處的電勢為14VB.電場強度的大小為C.電子在a點的電勢能比在b點的電勢能高2eVD.電子從b點運動到c點，克服電場力做功為6eV三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學要測定一個圓柱體的電阻率，進行了如下操作：（1）用準確到0.1mm游標卡尺測量圓柱體的長度，用螺旋測微器測量其直徑如下圖所示．可知其長度為_____mm，其直徑為_____mm；（2）用已調零且選擇旋鈕指向歐姆檔“×1”位置的多用電表粗略測量該圓柱體的電阻，根據如圖所示的表盤，可讀出被測電阻阻值為_____Ω（3）為了精確的測量該圓柱體的電阻，實驗室準備了如下實驗器材，用伏安法進行測量：電壓表V1（量程0～3V，內電阻約1kΩ）；電壓表V2（量程0～15V，內電阻約5kΩ）；電流表A1（量程0～3A，內電阻約0.2Ω）；電流表A2（量程0～600mA，內電阻為1Ω）；滑動變阻器R（最大阻值為10Ω，額定電流為1A）；電池組E（電動勢為4V、內電阻約為0.1Ω）；開關及導線若干為使實驗能正常進行，減小測量誤差，實驗要求電表讀數從零開始變化，并能多測幾組電流、電壓值，以便畫出電流﹣電壓關系圖線，則①電壓表應選用_____（填實驗器材的代號）②電流表應選用_____（填實驗器材的代號）③完成實驗電路圖（4）這位同學在一次測量時，電流表、電壓表的示數如圖所示．由圖可知，電流表讀數為_____A，電壓表的讀數為_____V12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，需要測量一個規格為“”的小燈泡兩端的電壓和通過它的電流．現有如下器材：A.直流電源（電動勢，內阻不計）B.電流表（量程，內阻約為）C.電流表（量程，內阻約）D.電壓表（量程，內阻約）E.電壓表（量程，內阻約為）F．滑動變阻器（最大阻值，額定電流）（1）實驗中，電流表應選擇_________；電壓表應選擇____________．（填所選器材前的字母）（2）為了盡可能地減小實驗誤差，請根據正確選擇的器材設計電路并在方框中作出電路圖______（3）在正確操作的情況下，某同學根據實驗所得的數據畫出該小燈泡在伏安特性曲線如圖所示．實驗中，若把該小燈泡和一個阻值為的定值電阻串聯在電動勢為3、內阻為的直流電源上，則小燈泡此時的電阻為_________．（結果保留兩位有效數字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，足夠長光滑的兩平行金屬導軌，間距為L，導軌平面與水平面成θ角，定值電阻大小為R．導軌上停放著一根質量為m、電阻為r的金屬桿CD，導軌電阻不計，整個裝置處于磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直導軌平面向上．現用一垂直于金屬桿CD的外力F，沿導軌斜面向上拉金屬桿，使之由靜止開始沿導軌向上做加速度為a勻加速直線運動，并開始計時．試求：（1）推導外力F隨時間t的變化關系；（2）在時間t0內通過電阻的電量；14．（16分）如圖甲所示，兩根完全相同的光滑導軌固定在水平面上，每根導軌均由兩段與水平面成的長直導軌和一段圓弧導軌平滑連接而成，導軌兩端均連接電阻，阻值。導軌間距在右側導軌所在斜面的矩形區域內分布有垂直斜面向上的磁場，磁場上下邊界、的距離。磁感應強度大小隨時間的變化規律如圖乙所示。時刻，在右側導軌斜面上與距離處，有一根阻值的金屬棒ab垂直于導軌由靜止釋放，恰好勻速通過整個磁場區域，重力加速度g取，導軌電阻不計。求：(1)金屬棒ab在磁場中運動的速度大小v；(2)在時刻和時刻電阻R1的電功率之比；(3)金屬棒ab從靜止釋放到不再進入磁場區域的過程中，電阻產生的總熱量。15．（12分）如圖所示，用一直流電動機提升重物,重物的質量為m=10kg，電源供電電壓恒為220V電路中的保護電阻R＝10，電動機的電阻為r=1，不計各處摩擦，電動機正常工作時電壓表的示數為170V，求：（1）電動機正常工作后通過電動機的電流是多少？（2）重物勻速上升的速度是多少？（g取10m/s2）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】考查多用電表的使用。【詳解】根據多用電表的原理，若紅表筆插入多用電表的(＋)插孔，不管測什么物理量，電流都是紅表筆進，黑表筆出，B正確。故選B。2、D【解析】通電導線在磁場中所受安培力的方向可以通過左手定則判斷，根據左手定則可知ABC項說法錯誤、D項說法正確，應選D【點睛】通電導線在磁場中所受安培力的方向可以通過左手定則判斷，伸開左手，使拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一個平面內；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導線在磁場中所受安培力的方向3、C【解析】設距離A點為x的位置的電勢為φ，則得：（為AB連線與電場線的夾角），則有：故選C。4、B【解析】內外電阻相等時電源輸出功率最大，即小燈泡最亮．根據可知A、電阻為3Ω，B、4Ω，C、9Ω，D、12Ω，故選B5、C【解析】電場線密的地方電場強度大，電場線稀的地方電場強度小，故有：則兩點間的平均電場強度比兩點間的平均電場強度小，而距離相等，根據可得：A．與分析不符，故A錯誤；B．與分析不符，故B錯誤；C．與分析相符，故C正確；D．與分析不符，故D錯誤；故選C。6、A【解析】AB．電荷做曲線運動，電場力指向曲線的內側，所以電場力的方向向右；若粒子從P經過R運動到Q，電場力做負功，電荷的電勢能增大，動能減小，知道R點的動能大，即速度大，而P點電勢能較小，故A正確，B錯誤；C．根據能量守恒定律，帶電質點在運動過程中各點處的動能與電勢能之和保持不變。故C錯誤；D．由電場線疏密確定出，R點場強大，電場力大，加速度大，故D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】由E=BLv求出感應電動勢，由歐姆定律求出電流大小，由右手定則判斷出感應電流方向，應用安培力公式求出安培力大小，應用左手定則判斷出安培力方向，然后分析圖示圖象答題.【詳解】A、B、0-L內，感應電動勢為：E=BLv，感應電流為：，由右手定則可知，電流方向沿逆時針方向，為負的；L-2L內，感應電動勢為：E=2BLv，感應電流為：，由右手定則可知，電流方向沿順時針方向，為正的；2L-3L內，感應電動勢為：E=BLv，感應電流為：，由右手定則可知，電流方向沿逆時針方向，為負的，故A正確，B錯誤；C、D、安培力：F=BIL，在0-L內，L-2L內，2L-3L內，由左手定則可知，整個過程安培力始終向左，為負的，故C正確，D錯誤；故選AC.【點睛】此題電磁感應中圖象的問題，近幾年高考中出現的較為頻繁，解答本題關鍵要掌握法拉第電磁感應定律、歐姆定律、楞次定律、安培力公式等等知識，要知道當線框左右兩邊都切割磁感線時，兩個感應電動勢方向相同，是串聯關系.8、ABD【解析】小球受重力、摩擦力（可能有）、彈力（可能有）、向右上方的洛倫茲力、向左的電場力，當受到的合外力等于0時，小球做勻速直線運動．當小球受到的合外力不為0時，要判斷出支持力的方向，明確支持力的大小隨洛倫茲力的變化關系，然后做出判定【詳解】對小球進行受力分析如圖，電場力的大小：F=qE=，由于重力的方向豎直向下．電場力的方向水平向右，二者垂直，合力：FG+F==2mg，由幾何關系可知，重力與電場力的合力與桿的方向垂直，所以重力與電場力的合力不會對小球做功，而洛倫茲力的方向與速度的方向垂直，所以也不會對小球做功．所以，當小球做勻速直線運動時，不可能存在摩擦力，沒有摩擦力，說明小球與桿之間就沒有支持力的作用，則洛倫茲力大小與重力、電場力的合力相等，方向相反．所以qv0B=2mg．所以．故A正確；若小球的初速度為，則洛倫茲力：f=qv0B=3mg＞FG+F，則在垂直于桿的方向上，小球還受到桿的垂直于桿向下的支持力，則摩擦力：f=μFN．小球將做減速運動；隨速度的減小，洛倫茲力減小，則支持力逐漸減小，摩擦力減小，小球做加速度不斷減小的減速運動，最后當速度減小到時，小球開始做勻速直線運動．故B正確．若小球的初速度為，則洛倫茲力：f=qv0B=mg＜FG+F，則在垂直于桿的方向上，小球還受到桿的垂直于桿向上的支持力，而摩擦力：f=μFN．小球將做減速運動；隨速度的減小，洛倫茲力減小，則支持力逐漸增大，摩擦力逐漸增大，小球的加速度增大，所以小球將做加速度不斷增大的減速運動，最后停止．故C錯誤；若小球的初速度為，球將做加速度不斷增大的減速運動，最后停止，運動中克服摩擦力做功等于小球的動能，所以．故D正確．故選ABD【點睛】本題考查小球在混合場中的運動，解答的關鍵明確小球的受力情況，并能夠結合受力的情況分析小球的運動情況，要知道小球何時做加速度減小的減速運動，何時做加速度增大的減速運動，當加速度減為零時，做勻速運動9、AB【解析】帶電液滴在電場力和重力的作用，以豎直向下的初速度沿豎直方向下落，根據功能關系可得出電場力做的功；根據除重力以外的力做功，導致機械能變化，即可求解【詳解】帶電液滴下落h高度，液滴重力勢能減少量為mgh，選項A正確；由于只有重力和電場力做功，重力做正功，電場力做負功，電勢能增加，而液滴的電勢能與機械能之和不變，可知液滴的機械能減少量等于液滴的電勢能增加量，由功能關系：W電=-mgh-，即液滴的電勢能增加量大于mgh；電場力對液滴做的功大于選項B正確，CD錯誤；故選AB.【點睛】考查功能關系與機械能是否守恒，并知道除重力以外力做功，導致機械能變化：若此力做正功，則機械能增加；若做負功，則機械能減小10、BC【解析】電勢差等于電勢之差即可確定原點處的電勢；根據勻強電場的電場強度公式結合電勢差與場強間距，即可求解；根據電場力做功表達式W=qU，從而確定電場力做功，同時也能確定電勢能的變化情況【詳解】根據φc-φa=φb-φo，因a、b、c三點電勢分別為φa=18V、φb=20V、φc=26V，解得原點處的電勢為φ0=12V，故A錯誤；如圖所示，將ac連線四等分，可以確定e點的電勢為20V，則be即為等勢線，電場線方向如圖所示，根據幾何關系可得：d=0.06cos45°=0.03m，則有：，故B正確；因Uab=φa-φb=18-20=-2V，電子從a點到b點電場力做功為：W=qUab=2eV，因電場力做正功，則電勢能減小，那么電子在a點的電勢能比在b點的高2eV，故C正確；同理，bc間的電勢差為：Ubc=φb-φc=20-26=-6V，電子從b點運動到c點，電場力做功為：W=qUbc=-e×-6V=6eV，故D錯誤；故選BC【點睛】本題主要是考查勻強電場中，電勢之間的關系，掌握電場強度公式的應用以及幾何關系的運用，并理解W=qU中各量的正負值含義，注意在求解電功時各物理量要代入符號三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.29.8②.2.130③.7.0④.①V1⑤.②A2；③⑥.0.46⑦.2.40【解析】（1）解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標尺讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀（2）歐姆表的讀數是指針的讀數乘以歐姆檔的倍數；（3）根據電源的電動勢和待測電阻的大約阻值，求出電流最大值的大約值，從而確定電流表的量程．根據待測電阻的大小確定電流表的內外接，實驗要求電表讀數從零開始變化，并能多測幾組電流、電壓值，知滑動變阻器采用分壓式接法（4）根據圖示電表確定其分度值，讀出其示數【詳解】（1）游標卡尺的主尺讀數為：2.9cm＝29mm，游標尺上第8個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標尺讀數為8×0.1mm＝0.8mm，所以最終讀數為：29mm+0.8mm＝29.8mm螺旋測微器的固定刻度為2.0mm，可動刻度為13.0×0.01mm＝0.130mm，所以最終讀數為2.0mm+0.130mm＝2.130mm（2）歐姆表指針的讀數為7.0，乘以歐姆檔的倍數為“×l”，所以歐姆表的讀數為7.0×l＝7.0Ω（3）①電源電動勢為4V，則電壓表選擇電壓表V1，最大電流，則電流表應選用電流表A2，②實驗要求電表讀數從零開始變化，并能多測幾組電流、電壓值，知滑動變阻器采用分壓式接法．待測電阻遠小于電壓表的內阻，與電流表內阻接近，屬于小電阻，則電流表采用外接法（4）根據圖3可知，由圖示電流表可知，其分度值為0.02A，示數為0.46A；由圖示電壓表可知，其分度值為0.1V，示數為2.40V故答案為（1）29.8；2.130；（2）7.0；（3）①V1；②A2；③如圖所示；（4）0.46；2.40【點睛】對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，正確使用這些基本儀器進行有關測量，歐姆表的讀數要乘以歐姆檔的倍數，難度適中12、①.C②.D③.④.【解析】明確燈泡的額定值，從而根據安全和準確性原則進行分析，確定電表；根據實驗原理明確實驗中采用的接法，明確本實驗采用滑動變阻器分壓接法和電流表外接法；在燈泡的伏安特性曲線中作出電源的伏安特性曲線，兩圖象的交點即為燈泡的工作點，再根據歐姆定律即可求得電阻大小；【詳解】解：(1)由題意可知，燈泡的額定電壓為2.5V