2025屆河南豫南九校物理高二上期末達標檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L標有“6V12W”字樣，電動機線圈的電阻RM=0.5Ω．若燈泡恰能正常發光且電動機轉動，以下說法中正確的是（）A.電動機的輸入功率是14WB.電動機的輸出功率10WC.電動機的熱功率是1WD.整個電路消耗電功率是22W2、如圖所示，長方體發電導管的前后兩個側面是絕緣體，上下兩個側面是電阻可忽略的導體電極，兩極間距為d，極板面積為S，這兩個電極與可變電阻R相連．在垂直前后側面的方向上，有一勻強磁場，磁感應強度大小為B.發電導管內有電阻率為ρ的高溫電離氣體，氣體以速度v向右流動，并通過專用管道導出．由于運動的電離氣體受到磁場的作用，將產生大小不變的電動勢．若不計氣體流動時的阻力，由以上條件可推導出可變電阻消耗的電功率.調節可變電阻的阻值，根據上面的公式或你所學過的物理知識，可求得可變電阻R消耗電功率的最大值為()A. B.C. D.3、如圖所示，兩段長度和材料相同、各自粗細均勻金屬導線a、b，單位體積內的自由電子數相等，橫截面積之比Sa∶Sb＝1∶2。已知5s內有5×1018個自由電子通過導線a的橫截面，電子的電荷量e=1.6×10－19C。下列說法正確的是（）A.流經導線a的電流為0.16AB.流經導線b的電流為0.32AC.a、b的電阻之比Ra∶Rb＝1∶2D.自由電子在導線a和b中的定向移動速率之比va∶vb＝1∶24、如圖所示，三根相互平行的固定長直導線、和垂直紙面如圖放置，與坐標原點分別位于邊長為a的正方形的四個點上，與中的電流均為I，方向均垂直于紙面向外，中的電流為2I，方向垂直紙面向里（已知電流為I的長直導線產生的磁場中，距導線r處的磁感應強度（其中k為常數）．某時刻有一質子（電量為e）正好沿與x軸正方向成45°斜向上經過原點O，速度大小為v，則質子此時所受磁場力為()A.方向垂直紙面向里，大小為B.方向垂直紙面向外，大小為C.方向垂直紙面向里，大小為D.方向垂直紙面向外，大小為5、關于下列實驗及現象的說法，正確的是A.圖甲說明薄板是非晶體B.圖乙說明氣體速率分布隨溫度變化而變化，且C.圖丙說明氣體壓強的大小既與分子動能有關也與分子的密集程度有關D.圖丁說明水黽受到了浮力作用6、靜電場方向平行于x軸，其電勢φ隨x分布可簡化為如圖所示的圖線，圖中φ0和d為已知量。一個帶正電的粒子沿x軸方向由x=d/2處運動至x=d處。已知該粒子質量為m、電量為q，忽略重力。則運動過程中（）A.粒子所受電場力的大小為B.粒子的電勢能減少C.Od間的電勢差為D.粒子運動的加速度越來越大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，所有電阻都不受溫度影響，滑片位于滑動變阻器R2的中點，電鍵S閉合時，水平放置的平行板電容器中帶電塵埃恰好處于靜止狀態，現將滑片由中點移動到b端的過程中，設△U1、△U2、△U3分別為三塊電壓表示數變化量的絕對值，△I為流經電源電流變化量的絕對值，則下列說法正確的是（）A.不斷增大B.C.通過R3的電流由c經R3至dD.塵埃帶負電，向上做加速度越來越大的加速運動8、在研究自感現象的實驗中，用兩個完全相同的燈泡、分別與有鐵芯的線圈和定值電阻組成如圖所示的電路（自感線圈的直流電阻與定值電阻的阻值相等，且的自感數足夠大），閉合開關達到穩定后兩燈均可以正常發光．關于這個實驗的下面說法中正確的是（）A.閉合開關后，燈先亮，燈后亮B.閉合開關后，燈后亮，燈先亮C.閉合開關，待后電路穩定斷開開關，燈會閃亮一下D.閉合開關，待電路穩定后斷開開關，燈不會閃亮，但會緩慢熄滅9、如圖所示，垂直紙面的正方形勻強磁場區域內，有一位于紙面的、電阻均勻的正方形導體框abcd，現將導體框分別朝兩個方向以v、3v速度勻速拉出磁場，則導體框從兩個方向移出磁場的兩個過程中（）A.導體框中產生的感應電流方向相同B.導體框中產生的焦耳熱相同C.通過導體框截面的電荷量相同D.導體框ad邊兩端電勢差相同10、如圖所示，虛線是帶電粒子在電場中運動的徑跡，不考慮重力和空氣阻力，粒子在由電場中的A點運動到B點的過程中，以下判斷正確的是（）A.粒子帶負電B.粒子在A點受到的電場力的大小比在B點受到的大C.粒子在A點的動能比在B點的動能大D.粒子在A點的電勢能比在B點的電勢能大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某興趣小組設計以下實驗來測量一塊正方形薄片導體R0的電阻；（1）使用多用電表粗測時，該小組先用“×100”歐姆擋，歐姆表的指針偏轉情況如圖中虛線a位置．為了減小誤差，多用電表的選擇開關應選用歐姆擋的__（選填“×1000”或“×10”）擋；按操作規程再次測量該待測電阻的阻值，歐姆表的指針示數位置如圖中實線b所示，則該待測電阻的阻值為_____Ω（2）再次用伏安法準確測量，現準備了以下器材：A．待測電阻R0B．電壓表V（量程0～3V，內阻約3kΩ）C．電流表A（量程0～30mA，內阻約30Ω）D．滑動變阻器R（0～10Ω，2A）E．電源（電動勢E＝6V，內阻較小）F．導線、開關若干①圖甲為測量R0的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線，請補充完成實物之間的連線______②正確連接好電路，進行實驗測量，記錄數據如下表格，請在圖乙坐標紙上作出U﹣I關系圖線______，由圖線可得導體R0的阻值為_____Ω（結果保留三位有效數字）次數12345U/V0.501.001.502.002.50I/mA3.77.212.815.217.712．（12分）高二物理研究性學習小組在學習了恒定電流的相關知識后，設計了一個電路，該電路既能測量出電源電動勢E和內阻r，同時又能描繪一定范圍內燈泡的伏安特性曲線。所用器材及已經連接的部分電路如圖甲。實驗時，當調節滑動變阻器的阻值時，同時記錄電流表A、電壓表V1和電壓表V2的示數。經過多次測量，最后描繪出兩條U-I圖線，如圖乙所示，電壓表內阻很大，電流表內阻不計，請回答下列問題。（1）請你將圖甲的實物連線補充完整；（）（2）圖乙中的___________（“①”或“②”）圖線是表示電壓表V的讀數和電流表A的讀數之間的關系；（3）電源電動勢E=___________V，內阻r=___________Ω（保留兩位有效數字）；（4）在坐標系中兩條圖線相交于P點，此時滑動變阻器連入電路的阻值為___________Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）輕質細線吊著一邊長為L＝0.8m、匝數n＝10的正方形線圈，總電阻為r＝1Ω.邊長為的正方形磁場區域對稱分布在線圈下邊的兩側，如圖甲所示，磁場方向垂直紙面向里，大小隨時間變化關系為：B=1+0.5t（如圖乙所示），2s時細線開始松弛，取g＝10m/s2.求：（1）剛開始時線圈產生的電動勢E大小及電流方向；（2）2s內通過線圈的電荷量q；（3）線圈質量m14．（16分）如圖所示，半徑為l的金屬圓環水平放置，圓心處及圓環邊緣通過導線分別與兩條平行的傾斜金屬軌道相連，圓環區域內分布著磁感應強度為B，方向豎直向下的勻強磁場，圓環上放置一金屬棒a，一端在圓心處，另一端恰好在圓環上，可繞圓心轉動，傾斜軌道部分處于垂直軌道平面向下的勻強磁場中，磁感應強度大小也為B，金屬棒b放置在傾斜平行導軌上，其長度與導軌間距均為2l，當棒a繞圓心以角速度順時針（俯視）勻速旋轉時，棒b保持靜止，已知棒b與軌道間的動摩擦因數為μ=0.5，可認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力；棒b的質量為m，棒a、b的電阻分別為R、2R，其余電阻不計，斜面傾角為θ=37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度為g，求：(1)金屬棒b兩端的電壓；(2)為保持b棒始終靜止，棒a旋轉的角速度大小的范圍；15．（12分）如圖所示為兩組平行板金屬板，今有一質量為m的電子靜止在豎直放置的平行金屬板的A點，經電壓U0加速后通過B點進入兩板間距為d、電壓為U的水平放置的平行金屬板間，若電子從兩塊水平平行板的正中間射入，且最后電子剛好能從右側的兩塊平行金屬板穿出，A、B分別為兩塊豎直板的中點，其中.求：(1)電子通過B點時的速度大小v0？(2)右側平行金屬板的長度L？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】電動機兩端的電壓U1=U-UL=12-6V=6V，整個電路中的電流I==2A，所以電動機的輸入功率P=U1I=6×2W=12W．故A錯誤．電動機的熱功率P熱=I2RM=4×0.5W=2W，則電動機的輸出功率P2=P-I2RM=12-2W=10W．故B正確，C錯誤．整個電路消耗的功率P總=UI=12×2W=24W．故D錯誤．故選B2、B【解析】由題，運動的電離氣體，受到磁場的作用，將產生大小不變的電動勢，相當于電源，根據數學知識可知，當外電阻等于電源的內阻時，外電阻消耗的電功率最大，根據電阻定律求出此時的內阻，代入求出R消耗電功率的最值【詳解】運動的電離氣體，受到磁場的作用，將產生大小不變的電動勢，相當于電源，其內阻為，根據數學知識可知，當外電阻等于電源的內阻，即時，外電阻消耗的電功率最大，此時，由題知，可得最大電功率故選B3、A【解析】AB．根據電流的定義式求解通過、導體的電流A正確，B錯誤；C．根據電阻定律可知C錯誤；D．根據電流的微觀表達式可知D錯誤。故選A。4、B【解析】根據安培定則，作出三根導線分別在O點的磁場方向，如圖：由題意知，L1在O點產生的磁感應強度大小為B1＝，L2在O點產生的磁感應強度大小為B2＝，L3在O點產生的磁感應強度大小為B3＝，先將B2正交分解，則沿x軸負方向的分量為B2x＝sin45°＝，同理沿y軸負方向的分量為B2y＝sin45°＝，故x軸方向的合磁感應強度為Bx＝B1+B2x＝，y軸方向的合磁感應強度為By＝B3?B2y＝，故最終的合磁感應強度的大小為，方向為tanα＝＝1，則α=45°，如圖：故某時刻有一質子（電量為e）正好沿與x軸正方向成45°斜向上經過原點O，由左手定則可知，洛倫茲力的方向為垂直紙面向外，大小為f＝eBv＝，故B正確;故選B【點睛】磁感應強度為矢量，合成時要用平行四邊形定則，因此要正確根據安培定則判斷導線周圍磁場方向是解題的前提.5、C【解析】A．圖甲說明薄板具有各向同性，多晶體和非晶體都具有各向同性，說明薄板可能是多晶體，也可能是非晶體，故A錯誤；B．圖乙看出溫度越高，各速率區間的分子數占總分子數的百分比的最大值向速度大的方向遷移，可知T2＞T1故B錯誤；C．如圖丙可以說明，氣體壓強的大小既與分子動能有關，也與分子的密集程度有關，故C正確；D．水黽停在水面上的原因是水黽受到了水的表面張力的作用，故D錯誤。故選C。6、A【解析】在圖象中斜率表示電場強度，因各點斜率相同，說明該電場為勻強電場，設場強大小為E粒子所受電場力的大小為故A正確；該電場為勻強電場，方向沿+x，帶正電的粒子從x=d/2處運動至x=d處，電場力做正功，粒子的電勢能減少，故B錯誤；Od間的電勢差為故C錯誤；D．該電場為勻強電場，粒子受到的電場力不變，運動的加速度不變，故D錯誤。故選擇A選項。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】根據閉合電路的歐姆定律U3＝E?I(R1+r)，所以，保持不變，故A錯誤；R1為定值電阻，；電壓表V1測量路端電壓，U1＝E?Ir，所以，故B錯誤；滑片由中點移動到b端的過程中，變阻器的電阻變大，電路總電阻變大，總電流變小，滑動變阻器兩端的電壓變大，滑動變阻器兩端的電壓等于電容器兩端的電壓，電容器電壓增加，電量增加，電容器充電，電流由負極板流向正極板，即通過R3的電流由c經R3至d，故C正確；電容器上極板帶正電，電場方向向下，塵埃原來靜止，則重力和電場力平衡，電場力向上，所以塵埃帶負電，因為電容器兩端的電壓不斷增加，電場強度不斷增加，電場力不斷增加，根據牛頓第二定律Eq-mg=ma，加速度不斷增大，所以向上做加速度越來越大的加速運動，故D正確；故選CD.8、BD【解析】AB.閉合開關的瞬間，b燈立即正常發光，a燈所在電路上線圈產生自感電動勢，阻礙電流的增大，電流只能逐漸增大，a燈逐漸變亮，故A錯誤，B正確；CD.閉合開關，待電路穩定后斷開開關，L中產生自感電動勢，相當于電源，a、b兩燈串聯，同時逐漸變暗，兩燈均不會閃亮．故C錯誤，D正確9、AC【解析】由題意可知考查電磁感應中電流方向、能量轉化、電路問題，根據電磁感應規律分析計算可得【詳解】A．由楞次定律分析可知導體框中產生感應電流方向都為逆時針方向，故A正確；B．導體框拉出過程中產生焦耳熱等于克服安培力做的功，設導體框邊長為L，總電阻為R聯立可得因兩次拉出時的速度不同，產生的焦耳熱不同，故B錯誤；C．兩次拉出時磁通量變化量相同，線圈電阻相同，通過導體框截面電荷量相同故C正確；D．向右拉出時向上拉出時導體框ad邊兩端電勢差不相同，故D錯誤【點睛】導體棒切割磁感線部分是電源，電源兩端電壓指的是外電壓．向右切割時ad是電源，ad兩端電壓指的是ab、bc、bd三段電阻電壓之和，向上拉出時，bc是電源，ad兩端電壓是ad段電阻電壓．產生焦耳熱等于克服安培力做功，由可比較產生熱量關系Ⅱ卷（非選擇題10、ABC【解析】電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，沿電場線的方向，電勢降低，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加；【詳解】A、物體做曲線運動的時候，受到的合力的方向指向物體運動軌跡的彎曲的內側，由此可知，該粒子受到的電場力的方向是向左的，與電場線的方向相反，所以是負電荷，所以A正確；B、電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，A點的電場線密，所以粒子在A點時受到的電場力的大小比在B點受到的大，所以B正確；C、負電荷受到的電場力是向左的，但是粒子的運動的方向是向右的，此時電場力做負功，動能減小，電勢能要增加，所以C正確，D錯誤【點睛】本題就是考查學生基礎知識的掌握，加強基礎知識的學習，掌握住電場線的特點，即可解決本題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.×10②.130③.實物電路圖如圖所示:④.圖象如圖所示:⑤.139【解析】（1）用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位，使指針指在中央刻度線附近，歐姆表指針示數與擋位的乘積是歐姆表示數；（2）①根據題意確定滑動變阻器與電流表接法，然后連接實物電路圖；②根據表中實驗數據在坐標系內描出對應點，然后作出圖象，根據圖象應用歐姆定律求出電阻阻值；【詳解】（1）使用多用電表粗測時，該小組先用“×100”歐姆擋，歐姆表的指針偏轉情況如圖中虛線a位置，由圖示可知，歐姆表指針偏角太大，說明所選擋位太大，為了減小誤差，多用電表的選擇開關應選用歐姆擋的×10擋，由圖示實線b可知，該待測電阻的阻值為；（2）①由題意可知，電壓表內阻遠大于待測電阻阻值，電流表應采用外接法，待測電阻阻值遠大于滑動變阻器的最大阻值，為測多組實驗數據，滑動變阻器應采用分壓接法，實物電路圖如圖所示：②根據表中實驗數據在坐標系內描出對應點，然后根據描出的點作出圖象如圖所示：由圖示圖象可知，待測電阻阻值：；【點睛】當電壓表內阻遠大于待測電阻阻值時，電流表采用外接法，當待測電阻阻值遠大于電流表內阻時，電流表采用內接法，當待測電阻阻值遠大于滑動變阻器最大阻值時，為測多組實驗數據，滑動變阻器應采用分壓接法12、①.②.①③.4.5V④.1.0Ω⑤.0Ω【解析】（1）[1]要同時測量出電源電動勢E和內阻r，和描繪燈泡的伏安特性曲