2025屆云南省建水第六中學高三上物理期中統考模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，小車的質量為M，人的質量為m，且M＞m，人用恒力F拉繩，若不計滑輪與繩的質量，人與車保持相對靜止，在光滑的水平面上從靜止出發，向左前進距離s時的速度為v，則此過程中，下列說法正確的是（）A．人做的功為FsB．車給人的摩擦力對人做功FsC．繩對小車的拉力做功Mv2D．此過程中，繩對小車做功的功率為Fv2、體育課上某同學做引體向上．他兩手握緊單杠，雙臂豎直，身體懸垂；接著用力上拉使下顎超過單杠(身體無擺動)；然后使身體下降，最終懸垂在單杠上．下列說法正確的是（）A．在上升過程中單杠對人的作用力始終大于人的重力B．在下降過程中單杠對人的作用力始終小于人的重力C．若增大兩手間的距離，最終懸垂時單臂的拉力變大D．若增大兩手間的距離，最終懸垂時單臂的拉力不變3、如圖所示，有8個完全相同的長方體木板疊放在一起，每個木板的質量均為100g，某人用雙手在這疊木板的兩側各加一水平壓力F，使木板靜止。若手與木板之間的動摩擦因數為0.5，木板與木板之間的動摩擦因數為0.2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取g＝10m/s2，則水平壓力F至少為()A．8N B．15NC．16N D．30N4、如圖所示，在距離豎直墻壁為L=1.2m處，將一小球水平拋出，小球撞到墻上時，速度方向與墻面成θ=37°，不計空氣阻力．墻足夠長，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則（）A．球的初速度大小為3m/sB．球撞到墻上時的速度大小為4m/sC．將初速度變為原來的2倍，其他條件不變，小球撞到墻上的點上移了D．若將初速度變為原來的一半，其他條件不變，小球可能不會撞到墻5、如圖所示，質量為m的小球A靜止于光滑水平面上，在A球與墻之間用輕彈簧連接。現用完全相同的小球B以水平速度v0與A相碰后粘在一起壓縮彈簧。不計空氣阻力，若彈簧被壓縮過程中的最大彈性勢能為E，從球A被碰后開始到回到原靜止位置的過程中墻對彈簧的沖量大小為I，則下列表達式中正確的是（）A．E=I=2 B．E=I=2C．E=I= D．E=I=6、矩形線框與理想電流表、理想變壓器、燈泡連接電路如圖甲所示．燈泡標有“36V40W”的字樣且阻值可以視作不變，變壓器原、副線圈的匝數之比為2∶1，線框產生的電動勢隨時間變化的規律如圖乙所示．則下列說法正確的是()A．圖乙電動勢的瞬時值表達式為e＝36sin(πt)VB．變壓器副線圈中的電流方向每秒改變50次C．燈泡L恰好正常發光D．理想變壓器輸入功率為20W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，傾角為30°的光滑斜面底端固定一輕彈簧，點為原長位置。質量為的滑塊從斜面上點由靜止釋放，物塊下滑并壓縮彈簧到最短的過程中，最大動能為。現將物塊由點上方處的點由靜止釋放，彈簧被壓縮過程中始終在彈性限度內，取，則下列說法正確的是A．從點釋放，滑塊被彈簧彈回經過點的動能等于B．點到點的距離小于C．從點釋放后，滑塊運動的最大動能為D．從點釋放，彈簧最大彈性勢能比從點釋放增加了8、如圖，水平傳送帶長為s，以速度v始終保持勻速運動，把質量為m的貨物放到A點，貨物與皮帶間的動摩擦因數為μ，當貨物從A點運動到B點的過程中，摩擦力對貨物做的功可能（）A．大于B．大于umgsC．小于D．小于umgs9、如圖甲所示，一物塊在時刻，以初速度從足夠長的粗糙斜面底端向上滑行，物塊速度隨時間變化的圖象如圖乙所示，時刻物塊到達最高點，時刻物塊又返回底端．由此可以確定（）A．物體沖上斜面的最大位移B．物塊返回底端時的速度C．物塊所受摩擦力大小D．斜面傾角10、如圖所示，AB為固定水平長木板，長為L，C為長木板的中點，AC段光滑，CB段粗糙，一原長為的輕彈簧一端連在長木板左端的擋板上，另一端連一物塊，開始時將物塊拉至長木板的右端B點，由靜止釋放物塊，物塊在彈簧彈力的作用下向左滑動，已知物塊與長木板CB段間的動摩擦因數為μ，物塊的質量為m，彈簧的勁度系數為k，且，物塊第一次到達C點時，物塊的速度大小為v0，這時彈簧的彈性勢能為E0，不計物塊的大小，則下列說法正確的是()A．物塊最終會做簡諧運動，振幅為B．物塊可能會停在CB面上某處C．彈簧開始具有的最大彈性勢能為D．最終系統損失的機械能為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學利用圖（a）所示實驗裝置即數字化信息系統獲得了小車加速度a與鉤碼的質量m的對應關系圖，如圖（b）所示，實驗中小車（含發射器）的質量為200g，實驗時選擇了不可伸長的輕質細繩和輕定滑輪，小車的加速度由位移傳感器及與之相連的計算機得到，回答下列問題：（1）根據該同學的結果，小車的加速度與鉤碼的質量成（填“線性”或“非線性”）的關系．（2）由圖（b）可知，圖線不經過遠點，可能的原因是．（3）若利用本實驗裝置來驗證“在小車質量不變的情況下，小車的加速度與作用力成正比”的結論，并直接以鉤碼所受重力mg作為小車受到的合外力，則實驗中應采取的改進措施是，鉤碼的質量應滿足的條件是．12．（12分）某同學為了測量木質材料與金屬材料間的動摩擦因數，設計了一個實驗方案：實驗裝置如圖甲所示，金屬板放在水平桌面上，且始終靜止。他先用打點計時器測出木塊運動的加速度，再利用牛頓第二定律計算出動摩擦因數。（1）實驗時_________（填“需要”或“不需要”）使砝碼和砝碼盤的質量m遠小于木塊的質量M；_______（填“需要”或“不需要”）把金屬板的一端適當墊高來平衡摩擦力．（2）圖乙是某次實驗時打點計時器所打出的紙帶的一部分，紙帶上計數點間的距離如圖所示，則打點計時器打A點時木塊的速度為___________m/s；木塊運動的加速度為______。（打點計時器所用電源的頻率為50Hz，結果均保留兩位小數）．（3）若打圖乙紙帶時砝碼和砝碼盤的總質量為50g，木塊的質量為200g，則測得木質材料與金屬材料間的動摩擦因數為__________（重力加速度g=10m/s2，結果保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質量為M＝4.0kg、長為L＝8m的木板甲放在光滑的足夠長的水平地面上，甲上表面的中點有一個可視為質點的質量為m＝1.0kg小物塊乙，現對甲施加一水平向右的的恒力F＝18N，F作用1s后撤去。已知物塊與木板間的動摩擦因數μ＝0.2重力加速度g＝10m/s2求（1）在恒力F作用0.5s時，小物塊、木板的加速度大小;（2）小物塊相對木板滑動的整個過程中，系統因摩擦而產生的熱量。14．（16分）第21屆世界杯足球賽于2018年在俄羅斯境內舉行，也是世界杯首次在東歐國家舉行．在足球比賽中，經常使用“邊路突破，下底傳中”的戰術，即攻方隊員帶球沿邊線前進，到底線附近進行傳中．某足球場長90m、寬60m，如圖所示．攻方前鋒在中線處將足球沿邊線向前踢出，足球的運動可視為在地面上做初速度為12m/s的勻減速直線運動，加速度大小為2m/s2.試求：(1)足球從開始做勻減速運動到停下來的位移為多大？(2)足球開始做勻減速直線運動的同時，該前鋒隊員沿邊線向前追趕足球，他的啟動過程可以視為初速度為0,加速度為2m/s2的勻加速直線運動，他能達到的最大速度為8m/s.該前鋒隊員至少經過多長時間能追上足球？(3)若該前鋒隊員追上足球后，又將足球以10m/s的速度沿邊線向前踢出，足球的運動仍視為加速度大小為2m/s2的勻減速直線運動．與此同時，由于體力的原因，該前鋒隊員以6m/s的速度做勻速直線運動向前追趕足球，通過計算判斷該前鋒隊員能否在足球出底線前追上．15．（12分）如圖所示，兩木塊a和b在水平地面上相向運動，它們與地面間的動摩擦因數均為μ＝0.1．在零時刻，兩木塊相距d＝17m，木塊a的速度大小為va＝10m/s，木塊b的速度大小為vb＝1m/s；一段時間后，木塊a與已停止運動的木塊b相碰，碰撞時間極短，碰后兩木塊粘在一起運動，剛好運動到木塊b的零時刻位置停止．重力加速度取g＝10m/s1．求：（1）兩木塊發生碰撞的時刻t；（1）兩木塊在碰撞中損失的動能與碰前瞬間總動能的比值．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】由圖可知，人與車一起向左移動s，則人拉的繩子的繩頭相對于人的位移是1s，所以人做的功等于1Fs．故A錯誤；設向左為正方向，將人與車看做一整體分析，設他們的加速度大小為a，則有：1F=（M+m）a，再對人分析，假設車對人的摩擦力方向向右，則：F-f=ma

聯立以上兩式可得車對人的摩擦力大小為：；根據牛頓第三定律可知，車對人的摩擦力為，所以車給人的摩擦力對人做功．故B正確；

繩子對小車做的功與人對小車的摩擦力做的功的和等于小車增加的動能，所以繩對小車的拉力做功不等于Mv1．故C錯誤；此過程中，小車的速度小于v（最后的一點除外），所以此過程中，繩對小車做功的功率小于Fv．故D錯誤．故選B.點睛：遇到連接體問題要靈活運用整體法與隔離法，一般采用先整體后隔離的思想；遇到涉及靜摩擦力問題，先設出摩擦力方向，再利用公式解出摩擦力，若為正值則方向與假設的方向相同，若外負值則相反．2、C【解析】試題分析：在上升和下降過程中，人都是從靜止開始，最終又回到靜止狀態，故上升時是先超重后失重，下降時是先失重后超重，而超重時是單杠對人的用力大于人的重力，失重時是單杠對人的作用力小于人的重力，故選項AB均錯誤；若增大兩手間的距離，由于兩手的合力等于人的重力，而重力不變，故兩個分力的夾角越大，則需要分力也就越大，故選項C正確，D錯誤．考點：超重與失重，力的合成．3、B【解析】

先將所有的書當作整體，受力分析，豎直方向受重力、靜摩擦力，二力平衡，有2μ1F≥8mg再考慮除最外側兩本書受力分析，豎直方向受重力、靜摩擦力，二力平衡，有2μ2F≥6mg解得：F≥15NA.8N與分析不符，故A錯誤。B.15N與分析相符，故B正確。C.16N與分析不符，故C錯誤。D.30N與分析不符，故D錯誤。4、A【解析】

A、設小球水平拋出時的速度為v0，則從開始到撞到墻上所用的時間為：撞到墻上時的豎直速度：根據速度方向與墻面成θ=37o，則代入數據得：v0=3m/s，A正確；B、撞到墻上時的速度：，B錯誤；C、打到墻上的點距拋出點的豎直高度為：；若將球的初速度變為原來的2倍，則打到墻上的點距拋出點的豎直高度為：．小球撞到墻上的點上移了，C錯誤；D、因為墻足夠長，只要初速度不為零，就一定能打到墻上，D錯誤．故選：A．5、A【解析】

AB碰撞瞬間，由動量守恒定律可知：mv0=2mv1解得：v1=碰撞后系統機械能守恒，當兩球向左減速到零時彈簧的彈性勢能最大，最大彈性勢能E，則：E=取AB整體分析，取向右為正，由動量定理可得所以墻對彈簧的沖量大小為2mv0A.E=、I=2，與分析相符，故A項正確；B.E=、I=2，與分析不符，故B項錯誤；C.E=、I=，與分析不符，故C項錯誤；D.E=、I=，與分析不符，故D項錯誤。6、D【解析】

根據交流電的圖像確定交流電瞬時值表達式；交流電的方向一周改變2次；根據變壓器匝數比求解次級電壓從而判斷燈泡的發光情況；變壓器的輸入功率等于輸出功率.【詳解】A．由乙圖可知，周期為0.02s，交流電的圓頻率：ω＝2πT＝2π0.02B．交流電的頻率為50Hz，在一個周期內電流方向改變2次，可知變壓器副線圈中的電流方向每秒改變100次，選項B錯誤；C．變壓器初級電壓有效值為U1=722V=362V，由原副線圈的匝數比為2:1可知，次級電壓為18D．燈泡電阻為R=U2P=32.4Ω，次級功率：P2故選D.【點睛】本題考查的是有關交變電流的產生和特征的基本知識，要具備從圖象中獲得有用信息的能力.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】

A.從點釋放，斜面光滑，根據機械能守恒知塊被彈簧彈回經過點動能為：故A正確；B.物塊從點時開始壓縮彈簧，彈力逐漸增大，開始階段彈簧的彈力小于滑塊的重力沿斜面向下的分力，物塊做加速運動，后來，彈簧的彈力大于滑塊的重力沿斜面向下的分力，物塊做減速運動，所以物塊先做加速運動后做減速運動，彈簧的彈力等于滑塊的重力沿斜面向下的分力時物塊的速度最大；從點到點，根據動能定理則有：解得點到點的距離：故B正確；C.設物塊動能最大時彈簧的彈性勢能為，從釋放到動能最大的過程，由系統的機械能守恒得：從釋放到動能最大的過程，由系統的機械能守恒得：聯立可得：據題有：所以得從點釋放滑塊最大動能為：故C正確；D．根據物塊和彈簧的系統機械能守恒知，彈簧最大彈性勢能等于物塊減少的重力勢能，由于從點釋放彈簧的壓縮量增大，所以從點釋放彈簧最大彈性勢能比從點釋放增加為：故D錯誤。8、CD【解析】若物塊一直做勻變速直線運動,根據動能定理有Wf=△EK，Wf=μmgx；知△EK可能等于，可能小于．不可能大于．若物塊先做勻變速直線運動，然后做勻速直線運動，根據動能定理有Wf=△EK，Wf<μmgx；知△EK可能等于μmgx，可能小于μmgx，不可能大于μmgx，故不可能的是C，ABD都有可能．本題選不可能的，故選C．【名師點睛】物塊在傳送帶可能一直做勻變速直線運動，也有可能先做勻變速直線運動，然后做勻速直線運動，根據動能定理判斷摩擦力對貨物做功的可能值．9、ABD【解析】

根據圖線的“面積”可以求出物體沖上斜面的最大位移為，故A正確由于下滑與上滑的位移大小相等，根據數學知識可以求出物塊返回底端時的速度．設物塊返回底端時的速度大小為v，則，得到，故B正確；根據動量定理得：上滑過程：-（mgsinθ+μmgcosθ）?t0=0-mv0

①，下滑過程：（mgsinθ-μmgcosθ）?2t0=m

②，由①②解得：，由于質量m未知，則無法求出f．得到，可以求出斜面傾角θ故C錯誤，D正確．故選ABD【點睛】本題抓住速度圖象的“面積”等于位移分析位移和物體返回斜面底端的速度大小．也可以根據牛頓第二定律和運動學結合求解f和sinθ．10、ACD【解析】

AB.物塊在C位置時彈簧的彈力大小為：所以物塊無法靜止在BC板上，物塊反復振動幾次后最后在光滑板AC上做振幅為的簡諧運動，故A正確B錯誤。C.物塊由B第一次至C過程能量守恒，則有：彈簧彈性勢能轉化為動能、摩擦生熱故C正確。D.物塊最終在AC板上振動，振動過程機械能守恒，此時機械能為E0，初始狀態的機械能就是彈簧最大彈性勢能所以損失機械能為故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）非線性（2）存在摩擦力（3）調整軌道傾斜度以平衡摩擦力遠小于小車質量【解析】

試題分析：（1）根據該同學描繪的加速度和鉤碼質量的圖象是一條曲線而不是直線，所以是非線性關系．（2）根據圖（b）可知當鉤碼有一定質量，即細線有一定拉力時，小車加速度仍等于0，說明小車合力等于0，所以可能除拉力外小車還受到摩擦力作用（3）實驗改進部分由兩個要求，第一個就是圖象不過遠點，需要平衡摩擦力，所以調整軌道傾斜度，第二個就是圖象時曲線，因為小車的合力即細線拉力并不等于鉤碼重力，而是拉力只有當時．，圖象近似為直線．考點：探究牛頓第二定律實驗探究【詳解】12、不需要不需要1.580.750.16【解析】

(1)[1]本實驗是測量摩擦因數，故不需要平衡摩擦力；[2]根據逐差法求得木塊的加速度，把木塊和砝碼及砝碼盤作為整體利用牛頓第二定律求得摩擦因數，故不需要使砝碼和砝碼盤的質量m遠小于木塊的質量M；(2)[3]A點的瞬時速度為[4]B點的瞬時速度為:

加速度為(3)[5]根據牛頓第二定律代入數據得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】

（1）設物塊與木板在恒力F作用0.5s時的加速度大小為a1和a2，由牛頓第二定律對甲有：對乙有：聯立上式解得：（2）假設系統向右運動過程中乙一直在甲上在0-1s內由甲的位移大小為在0-1s內由乙的位移大小為：1s內甲、乙相對位移為：撤去F至甲、乙達到共同速度的過程中乙加速度大小不變，甲以加速度大小為a3做減速運動對甲有：解得：設甲、乙速度相等再經歷的時間為t2，解得：t2=0.8sv共=3.6m/s此時甲運動的位移為