黑龍江省勃利中學2025屆高一物理第一學期期末監測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、將小球A從地面以初速度vA0＝8m/s豎直上拋，同時將小球B從一高為h＝2m的平臺上以初速vB0＝6m/s豎直上拋，忽略空氣阻力，g取10m/s2.當兩球同時到達同一高度時，小球B離地高度為()A.1m B.2mC.3m D.4m2、如圖所示，物塊A放在木板B上，A、B的質量均為m，A、B之間的動摩擦因數為μ，B與地面之間的動摩擦因數為．若將水平力作用在A上，使A剛好要相對B滑動，此時A的加速度為a1；若將水平力作用在B上，使B剛好要相對A滑動，此時B的加速度為a2，則a1與a2的比為()A1∶1 B.2∶3C.1∶3 D.3∶23、質量為50kg的乘客乘坐電梯從四層到一層，電梯自四層啟動向下做勻加速運動，加速度的大小是0.6m/s2，則電梯啟動時地板對乘客的支持力為()(g=10m/s2)A.530N B.500NC.450N D.470N4、二十一世紀新能源環保汽車在設計階段要對其各項性能進行測試，某次新能源汽車性能測試中，圖甲顯示的是牽引力傳感器傳回的實時數據隨時間變化關系，但由于機械故障，速度傳感器只傳回了第20s以后的數據，如圖乙所示，已知汽車質量為1500kg，若測試平臺是水平的，且汽車由靜止開始直線運動，設汽車所受阻力恒定，由分析可得（）A.由圖甲可得汽車所受阻力為1000NB.20s末的汽車的速度為34m/sC.由圖乙可得20s后汽車才開始勻速運動D.前20s內汽車的位移為478m5、如圖所示，物體B放在物體A上，正一起沿光滑的斜面向下滑動，已知A的上表面水平，下列對A、B兩物體受力情況分析正確的是（）A.B只受重力和支持力兩個力作用B.A對B一定有沿斜面向下的靜摩擦力C.A對B一定有水平向向左的靜摩擦力D.B對A的壓力大小應等于B的重力6、“火龍線”是廣州的一條比較成熟的徒步線路，2019年10月7日（重陽節）上午7：00，某徒步愛好者準時出發，路線為：以火爐山腳為起點，途經廣汕二路、鳳凰山頂、采石場，終點到達龍眼洞森林公園，全程27km，用時9h。文中，“上午7：00”、“27km”分別表示（）A.時刻、位移 B.時間、位移C.時間、路程 D.時刻、路程7、如圖，河寬d=20m，小船要行駛到河對岸，P處為小船的正對岸位置，已知小船的劃行速度v1=5m/s，水流速度v2=3m/s．下列說法正確的是A.小船行駛到對岸P點的時間為4sB.小船行駛到對岸P點的時間為5sC.若水流速變大，小船行駛到對岸的最短時間變長D.若水流速變大，小船行駛到對岸的最短時間不變8、如圖所示，一小球被水平細線OA與斜細線OB拉著處于靜止．現將整個裝置以C點為軸在豎直面內逆時針緩慢地轉90o，在此過程中，關于OA、OB繩上的拉力大小FA、FB的變化是A.FA一直變大B.FA先變大后變小C.FB一直變小D.FB先變大后邊小9、如圖所示，有一傾角θ＝30°的斜面體B，質量為M。質量為m的物體A靜止在B上。現用水平力F推物體A，在F由零逐漸增加至再逐漸減為零的過程中，A和B始終保持靜止。對此過程下列說法正確的是（）A.地面對B的支持力大于(M＋m)gB.A對B的壓力的最小值為，最大值為C.A所受摩擦力的最小值為0，最大值為D.A所受摩擦力的最小值為，最大值為10、如圖甲所示，傾角為θ的足夠長的傳送帶以恒定的速率v0沿逆時針方向運行。t＝0時，將質量m＝1kg的物體（可視為質點）輕放在傳送帶上，物體相對地面的v﹣t圖像如圖乙所示。設沿傳送帶向下為正方向，取重力加速度g＝10m/s2。則（）A.傳送帶的速率v0＝10m/sB.傳送帶的傾角θ＝30°C.物體與傳送帶之間的動摩擦因數μ＝0.5D.0~2.0s內物體在傳送帶上留下的痕跡為6m11、如圖所示，傳送帶的水平部分長為L，傳送速率為v，在其左端無初速放一小木塊，若木塊與傳送帶間的動摩擦因數為μ，則木塊從左端運動到右端的時間可能是（）A B.C. D.12、如圖所示，水平地面上質量為m的物體，在推力F作用下做勻速直線運動已知，，木塊與地面間的動摩擦因數為，木塊受到的摩擦力為（）A. B.C. D.二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）建筑工人用如圖所示的定滑輪裝置運送建筑材料．質量M=60kg的工人站在水平地面上，通過定滑輪將m=20kg的建筑材料以a=1m/s2的加速度豎直向上加速提升，工人拉繩方向與水平方向成53°角．忽略繩子和定滑輪的質量及兩者間的摩擦，求：工人在提升建筑材料過程中，受到地面的支持力和靜摩擦力的大小．（重力加速度g取10m/s2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6）16、（12分）如圖所示，置于水平面上的木箱的質量為m=3.8kg，它與水平面間的動摩擦因數μ=0.25，在與水平方向成37°角的拉力F的恒力作用下從A點向B點做速度v1=2.0m／s勻速直線運動．（cos37°=0.8，sin37°=0.6，g取10N/kg）（1）求水平力F的大小；（2）當木箱運動到B點時，撤去力F，木箱在水平面做勻減速直線運動，加速度大小為2.5m/s，到達斜面底端C時速度大小為v=1m/s，求木箱從B到C的位移x和時間t；（3）木箱到達斜面底端后沖上斜面，斜面質量M=5.32kg，斜面的傾角為37°．木箱與斜面的動摩擦因數μ=0.25，要使斜面在地面上保持靜止．求斜面與地面的摩擦因數至少多大。17、（12分）如圖所示，質量的長方形木板B靜止在光滑的水平面上，在木板B的左端放置一質量為m=4.0kg物塊A（可視為質點），現給物塊A以向右的水平初速度，使物塊A和長木板B開始運動，最終物塊A恰好沒有脫離長木板B，已知物塊A與長木板B之間動摩擦因數，重力加速度g取10m/s2，試解答下列問題：（1）求從物塊A和長木板開始運動，到最終物塊A恰好沒有脫離長木板B的時間；（2）求長木板B的長度L；（3）在其它條件不變時，若給物塊A的初速度v0=2m/s，同時施加長木板B水平向右的恒力F作用，仍要使物塊A最終不脫離長木板B，試求恒力F應滿足的條件。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】取A、B為研究對象，向上為正方向，由等時性和同位性及豎直上拋運動的公式：h=v0t-gt2得：vA0t?gt2＝h+vB0t?gt2；即：8t-gt2=2+6t-gt2；解上式得：t=1s；由h=v0t-gt2得：h=8t-gt2=8×1-×10×12=3m；A離開地面的高度為3m，所以B離地面的高度也是3m，故選C點睛：該題考查豎直上拋運動的規律，解決本題的關鍵知道豎直上拋運動的公式：h=v0t-gt2，同時要注意豎直上拋運動是往返運動2、C【解析】當水平力作用在A上，使A剛好要相對B滑動，臨界情況是A、B的加速度相等，隔離對B分析，B的加速度為：，當水平力作用在B上，使B剛好要相對A滑動，此時A、B間的摩擦力剛好達到最大，A、B的加速度相等，有：，可得：a1：a2=1：3．故選C考點：牛頓第二定律的應用3、D【解析】電梯運動過程中加速度向下，故根據牛頓第二定律，有，解得，故D正確考點：考查了牛頓第二定律的應用4、D【解析】考查牛頓第二定律的應用。【詳解】A．由圖乙可知，20s之后汽車做勻速直線運動，此時牽引力等于阻力，結合圖甲可知，阻力大小為1500N，A錯誤；BC．0~6s內，牽引力為：由牛頓第二定律：解得：則6s末的速度為：6~18s內，牽引力為：有牛頓第二定律：解得：則18s末的速度為：18s后汽車做勻速直線運動，20s末的速度與18s末的速度相等，為，BC錯誤；D．0~6s的位移：6~18s的位移：18~20s的位移：前20s內的位移為：D正確。故選D5、C【解析】AB一起沿光滑斜面向下滑動，將AB看成整體，受力分析可知，AB一起沿斜面向下做加速度為的勻加速直線運動．由此運動狀態出發，判斷A和B的受力情況即可【詳解】ABC、因為B的加速度沿斜面向下，故B還受A給的水平向左的靜摩擦力，AB錯誤，C正確；D、因B的加速度由沿豎直向下的分量，故在豎直方向滿足，則，根據牛頓第三定律可知，B對A的壓力大小應小于B的重力，故D錯誤故選C【點睛】解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用牛頓第二定律進行求解，注意整體法和隔離法的運用6、D【解析】“上午7：00”指的是時間點，即時刻；“27km”是理論上徒步線路軌跡的長度，即路程，ABC錯誤，D正確。故選D。7、BD【解析】將船的運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，根據垂直于河岸方向上的速度求出渡河的最短時間．再依據合速度垂直河岸時，結合運動學公式，即可推導出到達P點的時間公式，從而即可判定求解【詳解】A、B項：根據平行四邊形定則，由于船在靜水中的速度大于水流速，則合速度可能垂直于河岸，即船可能垂直到達對岸，到達P處的時間為，故A錯誤，B正確；C、D項：當靜水速與河岸垂直時，過河的時間最短，最短渡河時間為，當水流速變快，小船行駛到對岸的最短時間仍不變，故C錯誤，D正確故選BD【點睛】解決本題的關鍵知道合運動與合運動具有等時性，各分運動具有獨立性，互不干擾，注意最短時間與到達P點時間的不同求法8、BC【解析】整個裝置在紙面內緩慢轉動，裝置在每個位置都處于狀態．以小球為研究對象，設繩與豎直方向的夾角，根據平衡條件，得到BO繩中的拉力FB和OA繩中的拉力FA與夾角的函數關系，再分析拉力如何變化【詳解】兩繩拉住球處于靜止狀態，緩慢逆時針轉動整個裝置時兩繩的夾角不變設為，OA繩與豎直方向的夾角為α，則OB繩與豎直方向的夾角為θ-α.根據平衡條件，得FAsinα=FBsin(θ-α)，FAcosα+FBcos(θ-α)=G解得:，因θ不變，α由90°變到0°，根據數學知識，得FA先變大后變小，FB逐漸減小，當α=0°時FB=0.故A，D錯誤，B，C正確.故選BC.【點睛】本題屬于動態變化分析問題，采用的是函數法；也可以用作圖法求解，如圖所示：作圖時要抓住不變的量，它是作圖的依據.9、BC【解析】A．對AB組成的整體受力分析，整體受力平衡，豎直方向僅受到重力和地面對B的支持力，所以地面對B的支持力等于，故選項A錯誤；B．對受力分析，受到重力、支持力、推力和靜摩擦力作用，垂直于斜面方向有當時，最小，最小為當時，最大，最大為根據牛頓第三定律可知A對B壓力的最小值為，最大值為，故B正確；CD．對受力分析，受到重力、支持力、推力和靜摩擦力作用，假設靜摩擦力沿斜面向上，則沿著斜面方向有當F=0時隨著推力F增大，摩擦逐漸減小，當，即時，摩擦力為零；當F繼續增大時，摩擦力反向，沿斜面向下，推力F越大，摩擦力越大，當時，最大，綜上分析可得，A所受摩擦力的最小值為0，最大值為，故C正確，D錯誤。故選BC。10、AC【解析】A．由圖知，物體先做初速度為零的勻加速直線運動，速度達到傳送帶速度后（在t＝1.0s時刻），由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物塊繼續向下做勻加速直線運動，從圖像可知傳送帶的速度為v0＝10m/s，故A正確；BC．在0~1.0s內，物體摩擦力方向沿斜面向下，勻加速運動的加速度為：由圖可得：在1.0~2.0s，物體的加速度為：由圖可得：聯立解得：，，故B錯誤，C正確；D．根據“面積”表示位移，可知0~1.0s物體相對于地的位移：傳送帶的位移為：x2＝v0t1＝10×1m＝10m物體對傳送帶的位移大小為：方向向上。1.0~2.0s物體相對于地的位移：傳送帶的位移為：x4＝v0t1＝10×1m＝10m物體對傳送帶的位移大小為：方向向下，故留下的痕跡為5m，故D錯誤。故選：AC。11、BD【解析】木塊沿著傳送帶的運動可能是一直加速，也可能是先加速后勻速，對于加速過程，可以先根據牛頓第二定律求出加速度，然后根據運動學公式求解運動時間【詳解】若木塊沿著傳送帶的運動是一直加速，根據牛頓第二定律，有μmg=ma

①根據位移時間公式，有②由①②解得故B正確；若木塊沿著傳送帶的運動是先加速后勻速，根據牛頓第二定律，有μmg=ma③根據速度時間公式，有v=at1

④根據速度位移公式，有v2=2ax1

⑤勻速運動過程，有L-x1=vt2

⑥由③④⑤⑥解得故A錯誤；如果物體滑到最右端時，速度恰好增加到v，根據平均速度公式，有所以故C錯誤，D正確；故選BD【點睛】本題關鍵是將小滑塊的運動分為兩種情況分析，一直勻加速或先勻加速后勻速，然后根據牛頓第二定律和運動學公式列式求解12、AC【解析】對物體受力分析如圖所示在水平方向上有：在豎直方向上：，則摩擦力故AC兩項正確，BD兩項錯誤【點睛】可借助力平衡或牛頓運動定律求摩擦力，也可用滑動摩擦力公式求摩擦力二、實驗題（本題共16分，答案寫在題