廣西賀州中學2025屆高二物理第一學期期中質量檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的空間中存在著水平正交的勻強電場和勻強磁場，從A點沿AB、AC方向絕緣地拋出兩帶電小球，關于小球的運動情況，下列說法正確的是（）A．從AB、AC拋出的小球都可能做直線運動B．只有沿AC拋出的小球才可能做直線運C．做直線運動的小球帶正電，而且一定是做勻速直線運動D．做直線運動的小球機械能守恒2、如圖所示的裝置中，木塊B、C與水平桌面間的接觸是光滑的，子彈A沿水平方向射入木塊后留在木塊內，并將彈簧壓縮到最短。現將子彈、木塊B、C和彈簧合在一起作為研究對象（系統），則此系統在從子彈開始射入木塊到彈簧壓縮至最短的整個過程中（）A．動量守恒、機械能守恒 B．動量不守恒、機械能不守恒C．動量守恒、機械能不守恒 D．動量不守恒、機械能守恒3、如圖所示，a、b、c、d一個矩形的四個頂點.勻強電場與矩形所在平面平行.已知a點的電勢為14V，b點的電勢為18V，d點的電勢為2V，由此可知c點的電勢為（）A．6V B．8V C．10V D．14V4、在輸液時，藥液有時會從針口流出體外，為了及時發現，設計了一種報警裝置，電路如圖所示．M是貼在針口處的傳感器，接觸到藥液時其電阻RM發生變化，導致S兩端電壓U增大，裝置發出警報，此時()A．RM變大，且R越大，U增大越明顯B．RM變大，且R越小，U增大越明顯C．RM變小，且R越大，U增大越明顯D．RM變小，且R越小，U增大越明顯5、在10s內通過電解槽某一橫截面向右遷移的正離子所帶的電量為2C，向左遷移的負離子所帶電量為3C，那么電解槽中電流強度大小為（）A．0.5A B．0.2A C．0.3A D．0.1A6、兩個電壓表V1和V2是由完全相同的兩個小量程電流表改裝成的，V1的量程是5V，V2的量程是15V，為了測量15～20V的電壓，我們把兩個電壓表串聯起來使用，以下的敘述正確的是A．V1和V2的示數相等B．V1和V2的指針偏轉角度相同C．V1和V2的示數不相等，指針偏轉角度也不相同D．V1和V2的示數之比等于兩個電壓表的內阻之比的倒數二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，直線A為電源的U-I圖線，曲線B為燈泡電阻的U-I圖線，用該電源和小燈泡組成閉合電路時（）A．電源的輸出功率為4W，電路的總功率為6WB．電源的輸出功率為4W，電源內阻為1ΩC．電源的輸出功率為4W，電源的效率為33%D．電源的輸出功率為4W，電源的效率為67%8、關于物體的動量和沖量，下列說法中正確的是（）A．物體所受合外力的沖量越大，它的動量也越大B．物體所受合外力的沖量不為零，它的動量一定要改變C．物體的動量增量的方向，就是它所受合外力的沖量的方向D．物體所受的合外力越大，它的動量變化越快9、關于電阻的計算式和決定式，下面說法正確的是()A．導體的電阻與其兩端電壓成正比，與電流成反比B．導體的電阻僅與導體長度、橫截面積和材料有關C．導體的電阻隨工作溫度變化而變化D．對一段一定的導體來說，在恒溫下比值是會變的，導體的電阻隨U或I的變化而變化10、如圖所示，理想變壓器原線圈接在交流電源上，圖中各電表均為理想電表．下列說法正確的是A．當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，R1消耗的功率變大B．當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電壓表V示數變大C．當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電流表A1示數變大D．若閉合開關S，則電流表A1示數變大、A2示數變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某學習小組要描繪一只小電珠(2.5V，0.5A)的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：A．電源E(電動勢為3.0V，內阻不計)B．電壓表V1(量程為0～3.0V，內阻約為2kΩ)C．電壓表V2(量程為0～15.0V，內阻約為6kΩ)D．電流表A1(量程為0～0.6A，內阻約為1Ω)E．電流表A2(量程為0～100mA，內阻約為2Ω)F．滑動變阻器R1(最大阻值10Ω)G．滑動變阻器R2(最大阻值2kΩ)（1）為了減小實驗誤差，實驗中電壓表，電流表，滑動變阻器應分別選擇________．(填器材前面的選項字母)（2）為提高實驗精度，請你為該學習小組設計電路圖，并畫在虛線框中_____________．（3）下表中的各組數據是此學習小組在實驗中測得的，根據表格中的數據在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線______________________．（4）如果用一個電動勢為1.5V，內阻為3Ω的電源與該小電珠組成電路，則該小電珠的實際功率為__________(結果保留兩位有效數字)．12．（12分）用游標卡尺測得某導線樣品的長度如圖甲所示，其示數L=______mm；用螺旋測微器測得該樣品的外徑如圖乙所示，其示數D=_____mm。實驗室購買了一捆標稱長度為100m的銅導線，某同學想通過實驗測其實際長度。該同學首先測得導線橫截面積為1.0mm2，查得銅的電阻率為，再利用圖甲所示電路測出銅導線的電阻Rx，從而確定導線的實際長度。可供使用的器材有：電流表：量程0.6A，內阻約0.2Ω；電壓表：量程3V，內阻約9kΩ；滑動變阻器R1：最大阻值5Ω；滑動變阻器R2：最大阻值20Ω；定值電阻：R0=3Ω；電源：電動勢6V，內阻可不計；開關、導線若干。回答下列問題：(1)實驗中滑動變阻器應選________（填“R1”或“R2”），閉合開關S前應將滑片移至___端（填“a”或“b”）。(2)在實物圖中，請根據圖甲電路完成剩余部分的連接____。(3)調節滑動變阻器，當電流表的讀數為0.502A時，電壓表示數如圖乙所示，讀數為___V。(4)導線實際長度為________m（保留2位有效數字）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，用一根絕緣輕繩懸掛一個帶電小球，小球的質量為m=1.0×10﹣2kg．現加一水平方向向左的勻強電場，場強E=3.0×106N/C，平衡時絕緣線與豎直方向的夾角θ為30°．求：（1）小球帶何種電荷，電荷量為多大；（g取10m/s2）（2）如果繩子突然斷了，小球如何運動，加速度多大．14．（16分）在圖中的電路中，若R1=4Ω，R3=6Ω，電池內阻r=0.6Ω，則電源產生的總功率為40W，而輸出功率為37.6W。求：（1）電源內阻上消耗的電功率是多少？（2）電源電動勢（3）電阻R2。15．（12分）有一帶負電的小球，其所帶電量大小q＝2×10－3C。如圖所示，開始時設法讓小球靜止在場強E＝200N/C的勻強電場中的P點，靠近電場極板B附近有一擋板S，P點與擋板S的距離h＝16cm，與A板距離H＝65cm，重力作用不計。現釋放小球，小球在電場力作用下向左運動，若每次小球與擋板S相碰后電量減少到碰前的k倍，已知k＝2/3，而碰后小球的速度大小不變。(1)設勻強電場中擋板S所在位置處電勢為零，小球在電場中P點時的電勢能EP為多少？(2)小球第一次與擋板S相碰后能向右到達最遠的地方距離A板多遠？(3)小球經過多少次與擋板S碰撞后，才能第一次抵達A板？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：從AB拋出的小球，若小球帶正電，受到重力、水平向右的電場力和垂直于AB連線向上的洛倫茲力，三力的合力可能為零，可能做勻速直線運動，從AC拋出的小球，若小球帶正電，受到重力、水平向右的電場力和垂直于AC連線向上的洛倫茲力，三力的合力不可能為零，不可能做勻速直線運動；由于洛倫茲力隨速度的變化，也不可能做直線運動，AB錯誤；若小球帶負電，受到重力、水平向左的電場力和垂直于AC連線向下的洛倫茲力，三力的合力不可能為零，一定做曲線運動，C正確；從AB拋出的小球，由于電場力做功，其機械能一定不守恒，考點：考查了帶電粒子在復合場中的運動【名師點睛】帶電粒子在復合場中運動問題的分析思路1．正確的受力分析除重力、彈力和摩擦力外，要特別注意電場力和磁場力的分析．2．正確分析物體的運動狀態找出物體的速度、位置及其變化特點，分析運動過程．如果出現臨界狀態，要分析臨界條件帶電粒子在復合場中做什么運動，取決于帶電粒子的受力情況．（1）當粒子在復合場內所受合力為零時，做勻速直線運動（如速度選擇器）．（2）當帶電粒子所受的重力與電場力等值反向，洛倫茲力提供向心力時，帶電粒子在垂直于磁場的平面內做勻速圓周運動．（3）當帶電粒子所受的合力是變力，且與初速度方向不在一條直線上時，粒子做非勻變速曲線運動，這時粒子的運動軌跡既不是圓弧，也不是拋物線，由于帶電粒子可能連續通過幾個情況不同的復合場區，因此粒子的運動情況也發生相應的變化，其運動過程也可能由幾種不同的運動階段所組成2、C【解析】

以ABC系統為對象，從子彈開始射入木塊到彈簧壓縮至最短的整個過程中，水平方向不受外力，所以動量守恒，子彈A射入木塊B中，有內能產生，所以機械能不守恒。A．動量守恒、機械能守恒與上分析結論不相符，故A錯誤；B．動量不守恒、機械能不守恒與上分析結論不相符，故B錯誤；C．動量守恒、機械能不守恒與上分析結論相符，故C正確；D．動量不守恒、機械能守恒與上分析結論不相符，故D錯誤；故選C。3、A【解析】

由于在勻強電場的同一條直線上，由知在相等距離上的兩點之間的電勢差相等，即即代入數據解得：故A正確。4、C【解析】試題分析：S兩端電壓U增大，故傳感器兩端電壓一定減小；當“有藥液從針口流出體外”使傳感器接觸藥液，RM變小；當R＞RM時，R越大，M與R并聯的電阻R并越接近RM，U增大越明顯；故選C．考點：本題考查了閉合電路的歐姆定律．5、A【解析】試題分析：根據電流強度的公式，A對，BCD錯。考點：本題考查電流強度的公式。點評：本題學生需要明確，在電解液中求電流強度時，電量要用正負電荷量的絕對值之和。6、B【解析】

兩表的示數與內阻成正比，而兩表量程不同，內阻不同，則示數不同．故A錯誤．因是串聯關系，電流大小一樣，則指針偏轉角度相同，故B正確．兩表指針偏轉角度相同，示數不等．故C錯誤．因是串聯關系，分壓之比為內阻之比，即兩表示數之比等于兩個電壓表的內阻之比．故D錯誤．故選B．【點睛】考查的是電壓表的改裝原理，電壓表的內部電路為串聯關系，相同的電流表電流相同，偏轉角度一樣，而對應刻度由量程決定．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

電源的U-I圖線與U的交點為電源電動勢，因此，圖像的斜率為內阻，因此；電源的U-I圖線與燈泡電阻的U-I圖線的交點表示燈泡在此電路中的實際工作點，因此可知燈泡此時的電壓為2V，電流為2A，燈泡的電阻為；因此電路的輸出功率為4W；電源的總功率為，電源的效率為A.電源的輸出功率為4W，電路的總功率為6W與分析不符，A正確B.電源的輸出功率為4W，電源內阻為1Ω與分析不符，B錯誤C.電源的輸出功率為4W，電源的效率為33%與分析不符，C錯誤D.電源的輸出功率為4W，電源的效率為67%與分析符合，D正確8、BCD【解析】

A．根據動量定理，物體所受合外力的沖量越大，它的動量變化也越大，選項A錯誤；B．根據動量定理，物體所受合外力的沖量不為零，它的動量一定要改變，選項B正確；C．根據動量定理，物體的動量增量的方向，就是它所受合外力的沖量的方向，選項C正確；D．根據動量定理，，則物體所受的合外力越大，它的動量變化越快，選項D正確。故選BCD。9、BC【解析】AD、導體的電阻是導體本身的特性,與其兩端電壓和電流強度無關.故AD錯誤;

B、根據電阻定律可以知道:導體的電阻與導體的長度、橫截面積和材料有關.所以B選項是正確的;

C、導體的電阻率隨溫度變化而變化,電阻也隨溫度而變化.所以C選項是正確的;綜上所述本題答案是：BC10、BD【解析】

滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電阻變大，則干路電流變小，則R1消耗的功率變小，A錯誤；干路電流變小，R1分壓變小，則電壓表V的測量的電壓變大，示數變大，則B正確；因輸出電流變小，則輸出功率變小即輸入功率變小，電流表A1示數變小，則C錯誤；閉合開關S并聯支路增加，電阻變小，則副線圈即R1的電流變大，分壓變大，則R2的分壓變小，電流變小．電流表A1示數隨副線圈電流的變大而變大，則D錯誤．【點睛】考查電路的動態分析：本題中P的移動與電鍵的閉合均會引起電阻的變小，再由電路的聯接關系可分析各表的示數的變化，可見明確電路的結構是求解的關鍵．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）B；D；F（2）如圖所示；（3）如圖所示；（4）0.19W【解析】

（1）小燈泡的額定電壓為2.5V，所以電壓表選擇B測量誤差較小，燈泡的額定電流為0.5A，電流表選擇D測量誤差較小．總阻值2kΩ的滑動變阻器阻值較大，使用時測量誤差較大，所以滑動變阻器選擇F．

（2）由于電壓電流從零開始測起，所以滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡的電阻大約為5Ω，遠小于電壓表的內阻，屬于小電阻，所以電流表采用外接法．電路圖如圖所示．

（3）根據表格中的數據描點作圖，用平滑曲線連接，如圖所示．

（4）電源外電壓U=E-Ir=1.5-3I，作出U-I圖線，交點對應的電流I=0.25A，U=0.75V，則P=UI=0.75×0.25W≈0.19W．12、30.25；3.208；R2；a；2.30；94【解析】

主尺刻度為30mm，游標尺刻度為8×0.05mm=0.40mm，所以游標卡尺的示數為30mm+0.40mm=30.40mm；螺旋測微器固定尺刻度為3mm，螺旋尺刻度為20.8×0.01mm=0.208mm，所以螺旋測微器的示數為3mm+0.208mm=3.208mm；（1）滑動變阻器的總阻值應大于固定電阻和待測電阻的阻值之和，所以滑動變阻器選擇R2