2025屆山東省泰安九中物理高二上期末統考模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列各電場中，A、B兩點電場強度相同的是（）A. B.C. D.2、在國際單位制中，屬于基本單位的是（）A.牛頓 B.安培C.歐姆 D.攝氏度3、如圖所示，重力為10N的物體置于水平桌面上，在3N的水平拉力F作用下處于靜止狀態，則物體所受力的合力大小為（）A.10N B.7NC.3N D.04、一個質量為m的物體以a=3g的加速度豎直向下做加速運動，則在此物體下降h高度的過程中，物體的（）A.重力勢能減少了3mgh B.機械能減少了mghC.機械能保持不變 D.動能增加了3mgh5、如圖所示，小球在一細繩的牽引下，在光滑桌面上繞繩的另一端O作勻速圓周運動，關于小球的受力情況，下列說法中正確的是（）A.受重力和向心力的作用B.受重力、支持力、拉力和向心力的作用C.受重力、支持力和拉力的作用D.受重力和支持力的作用6、如圖所示，一帶正電的物體位于M處，用絕緣絲線系上帶正電的小球，分別掛在、、的位置，可觀察到小球在不同位置時絲線偏離豎直方向的角度不同則下面關于此實驗得出的結論中正確的是A.電荷之間作用力的大小與兩電荷間的距離有關B.電荷之間作用力的大小與兩電荷的性質有關C.電荷之間作用力的大小與兩電荷所帶的電量有關D.電荷之間作用力的大小與絲線的長度有關二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、A、B兩物體質量均為m，其中A帶正電，帶電量為q，B不帶電，通過勁度系數為k的絕緣輕質彈簧相連放在水平面上，如圖所示，開始時兩者都處于靜止狀態．現在施加豎直向上的勻強電場，電場強度，式中g為重力加速度，若不計空氣阻力，不考慮A物體電量的變化，則以下判斷正確的是（）A.從開始到B剛要離開地面過程，A物體速度大小先增大后減小B.剛施加電場的瞬間，A的加速度為2gC.B剛要離開地面時，A的速度大小為D.從開始到B剛要離開地面的每段時間內，A物體的機械能增量一定等于電勢能的減少量8、如圖，紙面內有兩條互相垂直的長直絕緣導線L1、L2，L1中的電流方向向左，L2中的電流方向向上；L1的正上方有a、b兩點，它們相對于L2對稱。整個系統處于勻強外磁場中，外磁場的磁感應強度大小為B0，方向垂直于紙面向外。已知a、b兩點的磁感應強度大小分別為B0和B0，方向也垂直于紙面向外。則（）A.流經L1的電流在b點產生的磁感應強度大小為B0B.流經L1的電流在a點產生的磁感應強度大小為B0C.流經L2的電流在b點產生的磁感應強度大小為B0D.流經L2的電流在a點產生的磁感應強度大小為B09、回旋加速器的原理如圖所示，它由兩個銅質D形盒D1、D2構成，其間留有空隙，下列說法正確的是()A.離子從電場中獲得能量B.離子從磁場中獲得能量C.只增大空隙間的加速電壓可增大離子從回旋加速器中獲得的動能D.只增大D形盒的半徑可增大離子從回旋加速器中獲得的動能10、如圖所示，在平面直角坐標系中有一個垂直于紙面向里的圓形勻強磁場，其邊界過原點O和y軸上的點a（0，L）．一質量為m、電荷量為e的電子從a點以初速度v0平行于x軸正方向射入磁場，并從x軸上的b點射出磁場，此時速度方向與x軸正方向的夾角為60°．下列說法中正確的是（）A.電子在磁場中運動的時間為B.電子在磁場中運動的時間為C.磁場區域的圓心坐標（，）D.電子在磁場中做圓周運動的圓心坐標為（0，－2L）三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組欲測定一電源的電動勢和內電阻，已知待測電源的電動勢約為4V。實驗室提供了下列器材：A．定值電阻R0=2ΩB．直流電流表（量程0～1A，內阻不能忽略）C．電壓表（量程0～5V內阻較大）D．滑動變阻器（阻值范圍0～10Ω、額定電流2A）E．滑動變阻器（阻值范圍0～200Ω、額定電流1A）F．電鍵及導線若干(1)實驗時滑動變阻器應選用__________；（填“D”或“E”）(2)某同學將選定的器材進行了部分實物圖連接，請你以筆畫線做導線完成剩余部分的電路連接；（）(3)按正確操作完成實驗，根據實驗記錄，將測量數據描點做出擬合圖線如圖所示，由圖象可得該電源的電動勢是_______V，內電阻是_____Ω；（計算結果保留二位有效數字）(4)本次實驗產生系統誤差的原因是_________________________。12．（12分）物理課外活動小組在用單擺測重力加速度的實驗中,測出了不同擺長L所對應的周期T，在進行實驗數據處理時：①甲同學以擺長L為橫坐標、周期T的平方為縱坐標作出了T2—L圖線．若他由圖象測得的圖線斜率為K，則測得的重力加速度g=_____________．若甲同學測擺長時，忘記測擺球的半徑，則他用圖線法求得的重力加速度___________________（選填“偏大”、“偏小”、“準確”）②乙同學根據公式得，并計算重力加速度，若他測得擺長時，把擺線長當作擺長（忘記加上小球半徑），則他測得的重力加速度值__________（選填“偏大”、“偏小”、“準確”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）MN、PQ為水平放置的金屬導軌，金屬棒ab靜止放在導軌上且與導軌垂直，導軌間距L=0.1m，ab棒的質量為m=0.01kg，電阻為0.4Ω，導軌所在區域處在勻強磁場中，磁場方向豎直向下，磁感應強度B=0.2T．電池電動勢E=1.5V，內電阻r=0.2Ω，其余電阻忽略不計，當電鍵閉合的瞬間，測得棒ab的加速度大小為a=2m/s2，求電鍵閉合瞬間：（1）通過直導線ab的電流；（2）直導線ab所受的摩擦力的大小和方向14．（16分）如圖所示，通電導體棒ab質量為m、長為L，水平地放置在傾角為θ的光滑斜面上，通以圖示方向的電流，電流強度為I，要求導體棒ab靜止在斜面上．求：(1)若磁場方向豎直向上，則磁感應強度B為多大？(2)若要求磁感應強度最小，則磁感應強度如何？15．（12分）如圖所示，光滑斜面傾角為37°，一帶有正電的小物塊質量為m，電荷量為q，置于斜面上，當沿水平方向加有如圖所示的勻強電場時，帶電小物塊恰好靜止在斜面上，從某時刻開始，電場強度變化為原來的，求:(1)原來的電場強度為多大？(2)物體運動的加速度大小;(3)沿斜面下滑距離為L時物體的速度.(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2)

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．電場強度是矢量，既有大小又有方向，要判斷兩點場強是否相同，要從大小和方向兩個方面考慮，A、B兩點距點電荷的距離相等，根據點電荷場強公式可知，兩點的場強大小相等，方向都是指向點電荷，所以方向不同，則場強不同，故A錯誤。B．兩點場強方向相同，但大小不同，故B錯誤。C．這是勻強電場，電場強度處處相同，故C正確。D．根據電場線疏密判斷兩點的場強大小不同，根據電場線判斷，兩點的方向也不同，故場強不同，故D錯誤。故選C。2、B【解析】A．牛頓是國際單位制中的導出單位，選項A錯誤；B．安培是國際單位制中的基本單位，選項B正確；C．歐姆是國際單位制中的導出單位，選項C錯誤；D．攝氏度不是國際單位制中的基本單位，選項D錯誤；故選B.3、D【解析】物體處于靜止狀態，則所受的合力為零。故選D。4、D【解析】根據重力做功判斷重力勢能的變化，根據合力做功判斷動能的變化．根據機械能等于重力勢能與動能之和，求機械能的增加量【詳解】在物體下降h高度的過程中，重力做功為mgh，則重力勢能減少了mgh．故A錯誤．由牛頓第二定律可知，物體的合外力為F=ma=3mg，合外力做功為W=Fh=3mgh，根據動能定理知，動能的增加量等于合外力做功，為3mgh，故D正確；物體的重力勢能減少了mgh，動能增加了3mgh，根據機械能等于重力勢能與動能之和，可得機械能增加了2mgh，故BC錯誤．故選D【點睛】解決本題的關鍵是掌握功能關系，知道重力做功與重力勢能的關系，合外力做功與動能的關系5、C【解析】小球受到重力、桌面的支持力和繩的拉力，豎直方向重力和支持力平衡，繩的拉力提供向心力，故C正確，ABD錯誤。故選C。6、A【解析】在研究電荷之間作用力大小的決定因素時，采用控制變量的方法進行，如本實驗，根據小球的擺角可以看出小球所受作用力逐漸減小，由于沒有改變電性和電量，不能研究電荷之間作用力和電性、電量關系，只能說明電荷之間作用力的大小與兩電荷間的距離有關，A正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】在電場力作用下，對A分析，當A向上運動時，彈力減小，故A做變加速運動，當B脫離地面時，此時彈簧的伸長量與AB靜止時的壓縮量相同，故整個過程彈簧彈力做功為零，根據動能定理即可分析【詳解】A項：B剛要離開地面時，彈簧的拉力為mg，此時A物體合力為0，從開始到B剛要離開地面過程，A物體做加速度逐漸變小的加速運動，即A物體速度一直增大，故A錯誤；B項：在未施加電場時，A物體處于平衡狀態，當施加上電場力瞬間，A物體受到的合力為施加的電場力，故qE=ma，解得a=2g，方向向上，故B正確；C項：當B離開地面時，此時B受到彈簧的彈力等于B的重力，從施加電場力到B離開地面，彈簧的彈力做功為零，A上升的距離為：x=根據動能定理可知：，解得：，故C正確；D項：從開始到彈簧恢復原長的過程，A物體的機械能增量等于電勢能與彈性勢能的減少量的和，從彈簧恢復原長到B剛要離開地面的過程，A物體的機械能增量等于電勢能的減少量與彈性勢能的增加量的差值，故D錯誤故選BC【點睛】本題關鍵根據平衡條件和胡克定律求解出彈簧的行變量，最后結合幾何關系得到物體A上升的距離，注意明確彈性勢能的變化與形變量之間關系，利用動能定理可判斷8、AC【解析】外磁場、電流的磁場方向如圖所示在b點B0＝B0－B1＋B2在a點B0＝B0－B1－B2由上述兩式解得B1＝B0，B2＝B0。故AC正確，BD錯誤。故選AC。9、AD【解析】A．離子每次通過D形盒D1、D2間的空隙時，電場力做正功，動能增加，所以離子從電場中獲得能量。故A正確；B．離子在磁場中受到的洛倫茲力不做功，不能改變離子的動能，所以離子不能從磁場中獲得能量。故B錯誤；CD．設D形盒的半徑為R，當離子圓周運動的半徑等于R時，獲得的動能最大，則由得則最大動能可見，最大動能與加速電壓無關，增大D形盒的半徑可增加離子從回旋加速器中獲得的最大動能，故C錯誤，D正確。故選AD。10、BC【解析】電子的軌跡半徑為R，由幾何知識，，得．（1）所以電子在磁場中做圓周運動的圓心坐標為(0，－L)，電子在磁場中運動時間（2），而（3），所以,AD錯誤，B正確，設磁場區域的圓心坐標為（x，y）其中,,所以磁場圓心坐標為,C正確，考點：考查了帶電粒子在磁場中的運動點評：通過題意剛好得出帶電粒子在電場中做類平拋運動，這是本題的突破點．當得出這一條件時，則粒子在磁場中運動軌跡可以確定，從而求出圓磁場的圓心位置，再運用平拋運動規律來運動分解處理三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.D②.③.3.9④.2.1⑤.電壓表分流【解析】(1)[1]為了測量方便，要求電流不能太小，所以滑動變阻器選用阻值較小、額定電流較大的的，故選D(2)[2]由原理圖可知滑動變阻器為限流接法，伏安法測電源電動勢與內阻，電壓表測路端電壓，電流表測電路電流，實物電路圖如圖所示(3)[3]由圖示電路圖可知，電源電動勢[4]電源內阻(4)[5]由圖示實物電路圖可知，由于電壓表的分流作用，電流表的測量值小于流過電源的電流，電壓表的分流作用是造成實驗誤差的原因。12、①.②.準確③.偏小【解析】①[1][2]如果甲同學以擺長(l)為橫坐標、周期(T)的平方為縱坐標作出了T2-l圖象，若他測得的圖象的斜率為k，則，由公式，可知測得的重力加速度；若甲同學測擺長時，忘記測擺球的半徑，將擺線的長誤為擺長，由公式可知，與擺長無關，所以測量值準確②[3]乙同學根據公式：得，并計算重力加速度，若乙同學測擺長時，也忘記了測擺球的半徑，將擺線的長誤為擺長，即擺長L的測量值偏小，所以重力加速度的測量值就偏小四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2.5A（2）0.03

N，方向水平