新疆生產建設兵團四校2025屆高二物理第一學期期末檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，當ab端接入100V電壓時，cd兩端為20V；當cd兩端接入100V時，ab兩端電壓為50V，則R1：R2：R3之比是A.2：1：1 B.3：2：1C.4：1：2 D.以上都不對2、以初速度豎直向上拋出一物體，空氣阻力大小不變。關于物體受到的沖量，以下說法正確的是（）A.物體上升階段和下落階段受到的重力的沖量方向相反B.物體上升階段和下落階段受到空氣阻力沖量的大小相等C.物體在下落階段受到重力的沖量小于上升階段受到重力的沖量D.物體從拋出到返回拋出點，動量變化的方向向下3、關于對物體的機械能是否守恒的判斷，下列運動過程屬于機械能守恒的是（）A.一個做平拋運動的鐵球B.被起重機拉著向上做勻速運動的貨物C.沿粗糙的斜面向下做勻速運動的木塊D.在空中向上做加速運動的氫氣球4、如圖所示，一質量為m、電量大小為q的帶正電小球，從水平向右的勻強電場中的O點以速度v沿與場強方向成37°角射入電場中，油滴運動到最高點時速度大小也是v，已知重力加速度為g，下列說法正確的是（）(sin37°=0.6cos37°=0.8)A.最高點可能在O點的正上方B.勻強電場的電場強度為E＝mg/3qC.O點與最高點之間的電勢差可能為零D.勻強電場的電場強度為E＝mg/4q5、下列器件，利用電流的熱效應工作的是（）A.變壓器 B.驗鈔機C.電容器 D.電熱水壺6、2014年12月31日，搭載“風云二號”08星的運載火箭在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心點火發(fā)射．發(fā)射過程中“風云二號”08星的某一運行軌道為橢圓軌道，周期為T0，如圖所示．則()A.“風云二號”08星在B、D兩點運行速率不等B.“風云二號”08星A→B→C過程中，速率逐漸變大C.“風云二號”08星在A→B過程所用時間小于D.“風云二號”08星在B→C→D過程中所用時間等于二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于某一閉合電路的性質，下列說法正確的是A.外電路斷路時，路端電壓最高B.由U外＝IR可知，外電壓隨I增大而增大C.由U內＝Ir可知，電源內壓隨I的增大而增大D.由P＝IU可知，電源的輸出功率P隨輸出電流I的增大而增大8、如圖所示,光滑水平面上存在有界勻強磁場,直徑與磁場寬度相同的金屬圓形線框以一定的初速度斜向勻速通過磁場.在必要的時間段內施加必要的水平拉力保證其勻速運動,則A金屬框內感應電流方向先逆時針再順時針B.金屬框內感應電流先增大后減小再增大C.安培力方向與速度方向相反D.通過磁場的速度越大，線框中產生的焦耳熱越多9、如圖所示，虛線為某點電荷電場的等勢面，現(xiàn)有兩個比荷(即電荷量與質量之比)相同的帶電粒子(不計重力)以相同的速率從同一等勢面的a點進入電場后沿不同的軌跡1和2運動，則可判斷()A.兩個粒子電性相同B.經過b、d兩點時，兩粒子的加速度的大小相同C.經過b、d兩點時，兩粒子的速率相同D.經過c、e兩點時，兩粒子的速率相同10、回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成周期性變化的電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強磁場中，如圖所示，要增大帶電粒子射出時的動能，則下列方法可行的是（）A.增大磁場磁感應強度 B.減小狹縫間的距離C.增大D形金屬盒的半徑 D.增大兩D形金屬盒間的加速電壓三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）真空中兩個點電荷電量分別為q1、q2，兩點電荷間的距離為r，相互作用的庫侖力為F?(1)若甲的電量是乙的4倍，則甲對乙的作用力是乙對甲的作用力的_________倍；(2)保持兩電荷電量不變，將距離增為原來的3倍，那么它們之間的相互作用力變?yōu)樵瓉淼腳________倍?12．（12分）用螺旋測微器測圓柱體的直徑時，示數(shù)如圖所示，此示數(shù)為__________mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，小燈泡的規(guī)格為“2V、4W”，連接在光滑水平導軌上，兩導軌相距L=0.1m，電阻為r=1Ω金屬棒ab垂直擱置在導軌上，整個裝置處于磁感強度B=1T的勻強磁場中，求：（1）為使小燈正常發(fā)光，ab的勻速滑行速度多大？（2）ab勻速滑行時，金屬棒ab受到的安培力多大？（3）ab勻速滑行時拉動金屬棒ab的外力的功率多大？14．（16分）一初速度為零的帶電量為e的質子，經電壓為U的電場加速后，垂直進入磁感應強度為B的勻強磁場中，則：（1）質子被加速后的速度為多少？（2）質子在磁場中受到的洛倫茲力為多少？（3）質子做圓周運動的半徑為多少？15．（12分）如圖所示，在傾角為θ=37°的光滑斜面上水平放置一條長為L=0.2m的直導線PQ，兩端以很軟的輕質導線通入I=5A的電流．當將整個裝置放入一個豎直向上的B＝0.6T的勻強磁場中時，PQ恰好平衡，則導線PQ的重力為多少？(sin37°=0.6，cos37°=0.8)

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】當ab端接入100V電壓時，cd兩端電壓即兩端電壓為20V，兩端電壓為40V，，當cd兩端接入100V時，ab兩端電壓即兩端電壓為50V，兩端電壓為25V，，A對2、D【解析】A．向上運動的過程中空氣的阻力的方向向下，則下降的過程中空氣的阻力方向向上，則由于下降的過程中的位移等于上升過程中的位移，由運動學的公式可知上升的時間一定小于下降過程中的時間。物體上升階段和下落階段受到的重力的方向都向下，所以重力的沖量方向相同，故A錯誤；B．上升階段的時間小，所以物體上升階段物體受到空氣阻力沖量的大小小于下降階段受到空氣阻力沖量的大小，故B錯誤；C．上升階段的時間小，物體在下落階段受到重力的沖量大于上升階段受到重力的沖量，故C錯誤；D．的初速度的方向向上，末速度的方向向下，所以物體從拋出到返回拋出點，動量變化的方向向下，故D正確。故選D。3、A【解析】A．一個做平拋運動的鐵球只受重力作用，重力勢能和動能相互轉化，機械能守恒，A正確；B．被起重機拉著向上做勻速運動的貨物，動能不變，重力勢能增大，機械能增大，B錯誤；C．沿粗糙的斜面向下做勻速運動的木塊，動能不變，重力勢能減小，機械能減小，C錯誤；D．在空中向上做加速運動的氫氣球，動能和重力勢能均增大，機械能增大，D錯誤。故選A。4、B【解析】A.粒子到最高點的速度仍為v，則動能的變化量為零，根據(jù)動能定理知，克服重力做的負功等于電場力做的正功，最高點如果是O點正上方，則電場力不做功，故A錯誤BD.到最高點的時間為，解得：故B正確D錯誤C.根據(jù)動能定理知，從開始到最高點過程中，動能變化量為零，克服重力做的負功等于電場力做的正功，可知O點與最高點的電勢差不可能為零，故C錯誤5、D【解析】利用電流的熱效應工作的是純電阻電路；ABC．變壓器、驗鈔機、電容器都不是電阻，不發(fā)熱，則都不是利用電流的熱效應工作，選項ABC錯誤；D．電熱水壺是純電阻電路，利用電流的熱效應工作，選項D正確；故選D.6、C【解析】衛(wèi)星沿著橢圓軌道運動，由開普勒的面積定律得到各個點的運動快慢，周期定律得到對稱性.【詳解】A、衛(wèi)星沿橢圓軌道運動，由面積定律可知B、D兩點與地球的連線相等且運動對稱，則速率相等；故A錯誤.B、衛(wèi)星從近地點A到遠地點C的過程中，萬有引力與線速度成鈍角，則衛(wèi)星做減速運動，速率逐漸減小；故B錯誤.C、衛(wèi)星運動一圈的周期為T0，運動具有對稱性和周期性，AC為一條對稱軸，則，因AB段比BC段運動快些，則，有，且，故，；故C正確.D、BD線是橢圓軌跡的對稱軸，但BAD段比BCD段離地球近些，平均速率略大，則，；故D錯誤.故選C.【點睛】本題關鍵是利用開普勒三大定律分析衛(wèi)星的運動快慢，軌跡對稱性與運動對稱性的應用.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A．外電路斷路時，外電路，有，所以有：則路端電壓最高，故A正確；B．根據(jù)閉合電路的歐姆定律得：，可知外電壓隨I的增大而減小，而U外＝IR中，I的增大伴隨R的減小，故B錯誤；C．針對某一電源來說，內阻r一定，故由U內＝Ir可知電源的U內隨I的增大而增大；故C正確；D．外功率P＝IU，隨著I的增大路端電壓U會減小，不能得到外功率與電流的關系；而由外功率:根據(jù)數(shù)學知識分析可得，當電源的內電阻等于外電阻時，輸出功率最大，當電流增大時，電源的輸出功率可能變大，也可能變小，故D錯誤。故選AC。8、AD【解析】根據(jù)楞次定律判斷金屬框內感應電流的方向．根據(jù)法拉第電磁感應定律判斷感應電流大小的變化．因為金屬框勻速通過磁場，則水平拉力和安培力的平衡，根據(jù)安培力的方向判斷水平拉力的方向【詳解】A項：進磁場時，磁通量在增大，根據(jù)楞次定律，感應電流的方向為逆時針方向．出磁場時，磁通量減小，根據(jù)楞次定律，感應電流方向為順時針方向，故A正確；B項：根據(jù)法拉第電磁感應定律知，進磁場時，磁通量的變化率先變快再變慢，則感應電流的大小先變大后變小．出磁場時，磁通量的變化率先變快再變慢，則感應電流大小先變大后變小，故B錯誤；C項：水平拉力和安培力平衡，方向相反，安培力的方向水平向左，則水平拉力的方向水平向右，故C錯誤；D項：由公式，所以速度越大，線框中產生的焦耳熱越多，故D正確【點睛】解決本題的關鍵掌握楞次定律判斷感應電流的方向，以及知道感應電動勢的大小與磁通量的變化率有關，磁通量變化率越大，感應電動勢越大9、BD【解析】A.由圖可知電荷1受到中心電荷的斥力，而電荷2受到中心電荷的引力，故兩粒子的電性一定不同，故A錯誤B.兩粒子經過b、d兩點時，受到庫侖力作用，由牛頓第二定律可得，，由題意可知，兩粒子的加速度大小相同，故B正確C.根據(jù)圖中運動軌跡可知，粒子1做減速運動，而粒子2做加速運動，開始它們的速率相同，當兩粒子經過b、d（同一等勢面）兩點時，兩粒子的速率不會相同，故C錯誤D.兩個粒子的初速度僅僅是方向不同，速率相等，而粒子1從a到c、粒子2從a到e電場力做功均為零，則經過c、e兩點兩粒子的速率相等，故D正確10、AC【解析】由洛倫茲力提供向心力，可知計算得出則動能可知，動能與加速的電壓無關，與狹縫間的距離無關，與磁感應強度大小和D形盒的半徑有關，增大磁感應強度和D形盒的半徑，可以增加粒子的動能，故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1②.【解析】本題考查牛頓第三定律和庫侖定律。【詳解】(1)[1]根據(jù)牛頓第三定律，可知作用力與反作用力總是等大反向的，因此是1倍。(2)[2]根據(jù)庫侖定律距離增為原來的3倍，它們之間的相互作用力變?yōu)樵瓉淼摹?2、116，42.12【解析】螺旋測微器固定刻度讀數(shù)為8mm，可動刻度讀數(shù)為：0.01×11.5mm=0.115mm，所以最終讀數(shù)為：8mm+0.115mm=8.115mm；游標卡尺的主尺讀數(shù)為42mm，游標尺上第6個刻度與主尺上某一刻度對齊，故其讀數(shù)為0.02×6mm=0.12mm，所以最終讀數(shù)為：42mm+0.12mm=42.12mm【名師點睛】游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標尺讀數(shù)，不需估讀；螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀，注意二者讀數(shù)的差別四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)40m/s；(2)0.2N；(3)8W【解析】(1)小燈泡的規(guī)格為“2V、4W”，由由所以閉合電路的總電阻為2Ω.則由導體切切割磁感線產生的電動勢E=BLv，變形得