2025屆吉林省長春市養正高級中學物理高二第一學期期中質量跟蹤監視模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示的平行板器件中，電場強度E和磁感應強度B相互垂直．一帶電粒子(重力不計)從左端以速度v沿虛線射入后做直線運動，則該粒子()A．一定帶正電B．速度v=C．若速度v＞，粒子一定不能從板間射出D．若此粒子從右端沿虛線方向進入，仍做直線運動2、如圖所示，著名網球運動員李娜揮拍將質量為m的網球擊出．如果網球被拍子擊打前的瞬時的速度大小為，被拍子擊打后瞬時的速度大小為、方向與擊打前相反、重力影響可忽略，則此過程中拍子對網球作用力的沖量（）A．大小為，方向與擊打前瞬時的速度方向相同B．大小為，方向與擊打前瞬時的速度方向相同C．大小為，方向與擊打后瞬時的速度方向相同D．大小為，方向與擊打后瞬時的速度方向相同3、如圖所示，以10m/s的水平初速度v0拋出的物體，飛行一段時間后，垂直地撞在傾角θ為30°的斜面上，可知物體完成這段飛行的時間是（取

g=10m/s2）（）

A．s B．s C．2s D．s4、在下圖中，標出了磁場的方向、通電直導線中電流I的方向，以及通電直導線所受安培力F的方向，其中正確的是()A． B． C． D．5、1932年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質D形盒D1、D2構成，其間留有空隙，下列說法正確的是A．離子從磁場中獲得能量B．電場的周期隨粒子速度增大而增大C．離子由加速器的中心附近進入加速器D．當磁場和電場確定時，這臺加速器僅能加速電量相同的離子6、如圖所示平行板電容器經開關S與電源連接，S閉合一段時間后斷開，a處固定一帶電量很小的正點電荷，φa表示a點電勢，Fa表示點電荷受的電場力，Epa表示在a點的電勢能，現將電容器B板向下移動一小段距離使板間距離增大，則A．φa變小，Fa變大，Epa變小B．φa變大，Fa不變，Epa變大C．φa不變，Fa變小，Epa不變D．φa不變，Fa不變，Epa不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用起重機把重量為2.0×104N的物體勻速提高5m，則下列判斷正確的A．鋼繩拉力做功為1.0×105JB．重力做功為-2.0×105JC．克服重力做的功為-2.0×105JD．物體所受的合力所做的總功為08、如圖所示，兩列簡諧橫波分別沿x軸正方向和負方向傳播，兩波源分別位于x=-0.2m和x=1.2m處，兩列波的速度均為v=0.4m/s，兩波源的振幅均為A=2cm，圖示為t=0時刻兩列波的圖像（傳播方向如圖所示），此刻平衡位置處于x=0.2m和x=0.8m的P、Q兩質點剛開始振動，質點M的平衡位置處于x=0.5m處，關于各質點運動情況判斷正確的是A．兩列波相遇后不能發生干涉B．t=1s時刻，質點M的位移為-4cmC．t=1s后，平衡位置處于x=0.6m的質點位移始終為0D．t=0.75s時刻，質點P、Q都運動到M點9、下列說法中正確的是[]A．電阻A與阻值無窮大的電阻B并聯，電阻不變B．電阻A與導線B（不計電阻）并聯，總電阻為零C．并聯電路中任一支路的電阻都大于總電阻D．并聯電路某一支路開路，總電阻為無窮大10、如圖所示，已知電源電動勢E=12V，內阻r=1Ω，定值電阻R=2Ω，通過小燈泡的電流為1A，已知小燈泡的電阻為3Ω，小型直流電動機的線圈電阻RM=1Ω，則()A．電動機兩端的電壓1VB．電動機兩端的電壓6VC．電動機的輸入功率6WD．電動機的輸出功率5W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某學習小組要描繪一只小電珠(2.5V，0.5A)的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：A．電源E(電動勢為3.0V，內阻不計)B．電壓表V1(量程為0～3.0V，內阻約為2kΩ)C．電壓表V2(量程為0～15.0V，內阻約為6kΩ)D．電流表A1(量程為0～0.6A，內阻約為1Ω)E．電流表A2(量程為0～100mA，內阻約為2Ω)F．滑動變阻器R1(最大阻值10Ω)G．滑動變阻器R2(最大阻值2kΩ)（1）為了減小實驗誤差，實驗中電壓表，電流表，滑動變阻器應分別選擇________．(填器材前面的選項字母)（2）為提高實驗精度，請你為該學習小組設計電路圖，并畫在虛線框中_____________．（3）下表中的各組數據是此學習小組在實驗中測得的，根據表格中的數據在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線______________________．（4）如果用一個電動勢為1.5V，內阻為3Ω的電源與該小電珠組成電路，則該小電珠的實際功率為__________(結果保留兩位有效數字)．12．（12分）螺旋測微器示數_______mm；游標卡尺的讀數_______mm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源由n個電動勢均為1.5V、且內阻相同的電池串聯組成，合上開關S，變阻器的滑片C從A端滑至B端的過程中，電路中一些物理量的變化規律由圖甲、乙、丙給出（甲圖為輸出功率與路端電壓關系曲線；乙圖為路端電壓與總電流關系曲線；丙圖為電源的效率與外電路電阻關系曲線），電表、導線對電路的影響不計，求：(1)組成電源的串聯電池的個數；(2)滑動變阻器的總阻值；(3)將甲、乙、丙三個圖上的a、b、c、d各點的坐標補齊．14．（16分）如圖所示，M、N是水平放置的一對金屬板，其中M板中央有一個小孔O，板間存在豎直向上的勻強電場.AB是一長9L的輕質絕緣細桿，在桿上等間距地固定著10個完全相同的帶正電小球，每個小球的電荷量為q、質量為m，相鄰小球距離為L.現將最下端小球置于O處，然后將AB由靜止釋放，AB在運動過程中始終保持豎直.經觀察發現，在第4個小球進入電場到第5個小球進入電場這一過程中AB做勻速運動．求：（1）兩板間電場強度E；（2）上述勻速運動過程中速度v的大小.15．（12分）一豎直懸掛的彈簧振子，下端裝有一記錄筆，在豎直面內放置有一記錄紙，當振子上下振動時，始終保證以速率v水平向左勻速拉動記錄紙，通過紙移動的空間距離間接反映運動時間的方法，記錄振子的運動。記錄筆在紙上留下如圖17所示的圖像，已知該圖像是經過一定的平移操作后是一個正弦函數圖像。記錄筆與記錄紙之間的摩擦和空氣阻力都可忽略不計。y1、y2、x0、2x0為紙上印跡的已知位置坐標。（1）寫出振子的平衡位置的縱坐標yC；（2）求振子振動的周期T，并給出一個類似本題記錄振動的方法的應用；（3）若記錄筆與記錄紙之間的摩擦力和空氣阻力很小但不可忽略，在答題紙相關區域定性畫出記錄紙上可能出現的圖線；

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】帶電粒子在復合場中做直線運動，根據受力：，對電性無要求，所以A錯；B對；若速度v＞，粒子會發生偏轉，可能會離開復合場，C錯；粒子的運動方向變成從右端進入則電場力方向與洛侖茲力方向一致，不可能做直線運動，D錯．2、C【解析】

設打前瞬時的速度方向為正，根據動量定理：得：，正負代表方向，故選C3、D【解析】

物體撞在斜面上的速度與斜面垂直，將該速度分解，如圖．

則，解得：，故ABC錯誤，D正確.4、C【解析】

A.根據左手定則可得，圖中安培力的方向是向下的，故A錯誤；B.圖中電流的方向和磁場方向平行，不受安培力的作用。故B錯誤；C.根據左手定則可得，圖中安培力的方向是豎直向下的，故C正確；D.根據左手定則可得，圖中安培力的方向是垂直向外的，故D錯誤。5、C【解析】

A.由于洛倫茲力并不做功，而離子通過電場時有，故離子是從電場中獲得能量。故A錯誤；B.據回旋加速器的工作原理知，電場的周期等于粒子在磁場運動的周期。所以，與離子的速度大小無關。故B錯誤；C.要加速次數最多最終能量最大，則被加速離子只能由加速器的中心附近進入加速器，而從邊緣離開加速器，故C正確；D.當磁場和電場確定時，由于周期確定了，所以加速時粒子的比荷確定，所以D錯誤；6、B【解析】試題分析：電容器充電與電源斷開，所帶電量不變．根據電容的決定式C=εS4πkd、C=QU、E=U由式C=εS4πkd、C=QU、E=Ud得板間場強E=4πkdεS．由題意，S、Q、?均不變，k是常量，則E不變，點電荷受的電場力Fa=qE，則知Fa不變；根據公式U=Ed知，B板向下移動時，a與B板間的電勢差增大，而B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．物體勻速上升，則拉力等于重力，即F=mg=2.0×104N則鋼繩拉力做功為WF=Fh=2.0×104×5J=1.0×105J選項A正確；B．重力做功為WG=-Gh=-2.0×104×5J=-1.0×105J選項B錯誤；C．克服重力做的功為1.0×105J，選項C錯誤；D．物體動能變化為零，根據動能定理可知，所受的合力所做的總功為0，選項D正確。8、BC【解析】

A．兩列簡諧橫波在同一介質中傳播，波速大小相等，由圖看出兩列波的波長相等，由v=λf，可得兩列波的頻率相等，相遇后能發生干涉，故A錯誤；B．由圖知波長λ=0.4m，由v=得，該波的周期為兩質點傳到M的時間為T=0.75s，當t=1s=1T時刻，兩列波的波谷都恰好傳到質點M，所以位移為-4cm．故B正確；C．由圖看出：圖示時刻，平衡位置處于x=0.6m的質點到P、Q兩波的距離相差0.2m，等于半個波長，所以兩波相遇時該點是振動減弱的點，所以t=1s后，平衡位置處于x=0.6m的質點位移始終為0，故C正確；D．質點不隨波遷移，只在各自的平衡位置附近振動，所以質點P、Q都不會運動到M點，故D錯誤；故選BC。9、ABC【解析】A、若電阻與一無窮大的電阻并聯，則總電阻等于A的阻值，故A正確；

B、電阻與導線并聯時，導線電阻為零，則電阻被短路，總電阻為零，故B正確；

C、并聯電路中，并聯的電阻越多，則總電阻越小，故C正確；

D、并聯電路中某一支路開路時，總電阻變大，但絕不會為無窮大，故D錯誤。點睛：串聯電路中總電阻等于各部分電阻之和；而并聯電路中總電阻的倒數等于各部分電阻的倒數和。10、BCD【解析】A、根據閉合電路的歐姆定律可得電動機兩端的電壓為：，故A錯誤，B正確；C、電動機的輸入功率，，故選項C、D正確．點睛：當電動機正常工作時，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立，求電功率只能用，求電熱只能用，求機械功率要根據能量守恒得到．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）B；D；F（2）如圖所示；（3）如圖所示；（4）0.19W【解析】

（1）小燈泡的額定電壓為2.5V，所以電壓表選擇B測量誤差較小，燈泡的額定電流為0.5A，電流表選擇D測量誤差較小．總阻值2kΩ的滑動變阻器阻值較大，使用時測量誤差較大，所以滑動變阻器選擇F．

（2）由于電壓電流從零開始測起，所以滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡的電阻大約為5Ω，遠小于電壓表的內阻，屬于小電阻，所以電流表采用外接法．電路圖如圖所示．

（3）根據表格中的數據描點作圖，用平滑曲線連接，如圖所示．

（4）電源外電壓U=E-Ir=1.5-3I，作出U-I圖線，交點對應的電流I=0.25A，U=0.75V，則P=UI=0.75×0.25W≈0.19W．12、0.697-0.69952.35【解析】

[1]螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為19.7×0.01mm=0.197mm，所以最終讀數為0.5mm+0.197mm=0.697mm[2]游標卡尺的主尺讀數為52mm，游標尺上第7個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為7×0.05mm=0.35mm，所以最終讀數為52mm+0.35mm=52.35mm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)4個(2)8Ω(3)a(0.6A，4.8V)b(3V，4.5W)c(4.8V，2.88W)d(8Ω，80%)【解析】

(1)由乙圖看出，短路電流I短=3A，則有I短，解得：；當電源的內外電阻相等時，輸出功率最大，最大輸出功率為；由甲讀出，，代入解得，．(2)電源的效率，當變阻器接入電路的電阻最大時，電源的效率最大，由丙讀出效率最大值為代入解得，變阻器總阻值R=8Ω；(3)甲圖中：．當滑片滑到B端時，．乙圖中：丙圖中：a、b、c、d各點的坐標分別為a(0.6A，4.8V)b(3V，4.5W)c(4.8V，2.88W)d(8Ω，80%)14、（1）；（2）【解析】

(1)第4個小球進入電場后桿與小球受力平衡，寫出公式即可；(2)第4個小球進入電場之前，重力做功與電場力做功的和等于系統動能的增