2025屆清遠市重點中學物理高二上期末學業質量監測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、以下關于物理學史的說法中，正確的是（）A.奧斯特最早引入了電場的概念B.牛頓提出了萬有引力定律，并測定出萬有引力常量C.庫侖利用扭秤實驗發現了電荷之間相互作用規律——庫侖定律D.安培通過實驗研究，發現了電流的磁效應2、如圖質量為m、電荷量為q的帶負電粒子，以速度v0沿OO方向垂直射入相互正交的豎直向下的勻強電場E和水平向里勻強磁場B，從P點離開該區域的速率為vp，此時側移量為s，下列說法中正確的是（）A.在P點帶電粒子所受的磁場力一定比電場力小B.帶電粒子的加速度大小恒為C.帶電粒子在P點的速率vP=D.帶電粒子到達P點的速率vP=3、如圖所示，兩極板水平放置的平行板電容器間形成勻強電場，兩板間距為d．一帶負電的微粒從上極板M的邊緣以初速度v0射入，沿直線從下極板N的邊緣射出，已知微粒的電量為q，質量為m，下列說法正確的是（）A.微粒的加速度不為零 B.微粒的電勢能減少了mgdC.M板的電勢低于N極板的電勢 D.兩極板間的電勢差為4、如圖，空間某區域存在勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向上（與紙面平行），磁場方向垂直于紙面向里。三個帶正電的微粒a、b、c電荷量相等，質量分別為、、。已知在該區域內，a在紙面內做勻速圓周運動，b在紙面內向右做勻速直線運動，c在紙面內向左做勻速直線運動。下列選項正確的是（）A. B.C. D.5、如圖所示，質量為m的通電直導線用一絕緣輕繩懸掛，電流方向垂直于紙面，勻強磁場平行于紙面，導線處于靜止狀態，輕繩與豎直方向的夾角為30°.以下說法中正確的是()A.安培力的大小可能等于，此時磁場的可能方向不是唯一的B.安培力的大小可能等于，此時磁場的可能方向不是唯一的C.安培力的大小可能等于mg，此時磁場的可能方向是唯一的D.安培力的大小可能等于2mg，此時磁場的可能方向是唯一的6、一輛汽車以的加速度行駛了12s，駛過了汽車開始加速時的速度是多少？()A.7

B.C. D.12

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中的四個點，D是BC的中點A、B、C構成一直角三角形，AB=0.1m，電場線與三角形所在的平面平行，已知A點的電勢為0V，B點的電勢為-5V，C點的電勢為15V，據此可以判斷（）A.場強方向由A指向CB.場強大小為100V/mC.將一帶電量為q=4×10-5C的正電荷從A點移到D點，電場力做功4×10-4JD.將一帶電量為q=4×10-5C的正電荷從A點移到D點，電勢能增大了2×10-4J8、如圖所示，在空間有一坐標系，直線與軸正方向的夾角為，第一象限內有兩個方向都垂直紙面向外的勻強磁場區域Ⅰ和Ⅱ，直線是它們的邊界，上方區域Ⅰ中磁場的磁感應強度為.一質量為、電荷量為的質子(不計重力)以速度從點沿與成角的方向垂直磁場進入區域Ⅰ，質子先后通過磁場區域Ⅰ和Ⅱ后，恰好垂直打在軸上的點(圖中未畫出)，則（）A.質子在區域Ⅰ中運動的時間為B.質子在區域Ⅰ中運動的時間為C.質子在區域Ⅱ中運動的時間為D.質子在區域Ⅱ中運動的時間為9、如圖所示電路中，為定值電阻，電源的內電阻為.閉合開關，電壓表顯示有讀數，調節可變電阻的阻值，電壓表示數增大量為.對此過程，下列判斷正確的是（）A.可變電阻阻值增大，流過它的電流增大B.電阻兩端的電壓減小，減小量小于C.通過電阻的電流減小，減小量等于D.路端電壓一定增大，增大量小于10、如圖所示，甲圖是一理想變壓器，原、副線圈的匝數比為。若向原線圈輸入圖乙所示的正弦交變電流，圖中為熱敏電阻（阻值隨溫度升高而變小），為可變電阻，電壓表和電流表均為理想電表，下列說法中正確的是（）A.在時，電壓表的示數約為B.變壓器原、副線圈中的電流之比為C.溫度降低時，適當增大可保持兩端的電壓不變D.溫度升高時，電壓表的示數不變，電流表的示數變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組利用圖（甲）所示的器材測量一節干電池的電動勢和內電阻。現有的實驗器材為：A．待測干電池（電動勢約為1.5V）B．電壓表（量程3V，內阻約5kΩ）C．電流表（量程0.6A，內阻約0.5Ω）D．滑動變阻器（阻值范圍0～10Ω）E．開關、導線若干（1）在圖（甲）中用筆畫線代替導線將電路連接完整，要求滑片位于最左端時，滑動變阻器接入電路的阻值最大_____；（2）他們根據實驗數據繪制出的U﹣I圖象如圖（乙）所示，其中U是電壓表的讀數，I是電流表的讀數。由此可以得到干電池的電動勢E＝_____V，內電阻r＝_____Ω．（結果保留兩位有效數字）12．（12分）在研究電磁感應現象的實驗中所用的器材有：靈敏電流計、直流電源、帶鐵芯的線圈L1、線圈L2、開關、滑動變阻器(控制電流大小,以改變磁場的強弱)，如圖所示(1)按實驗要求在實物圖上連線____(2)若將滑動變阻器的兩根導線接在接線柱C和D上，而在開關剛閉合時靈敏電流計指針右偏．那么開關閉合后，滑動變阻器的滑動觸頭向C移動時，靈敏電流計指針將______(填：左偏、右偏或者不偏)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖（a）所示，一個電阻值為R，匝數為n的圓形金屬線與阻值為2R的電阻R1連結成閉合回路．線圈的半徑為r1，在線圈中半徑為r2的圓形區域存在垂直于線圈平面向里的勻強磁場，磁感應強度B隨時間t變化的關系圖線如圖（b）所示．圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0.導線的電阻不計．求0至t1時間內（1）通過電阻R1上的電流大小和方向；（2）通過電阻R1上的電量q及電阻R1上產生的熱量14．（16分）一物體做勻減速直線運動，一段時間t（未知）內通過的位移大小為x1，緊接著的t時間內通過的位移大小為x2，此時，物體仍然在運動，求再經過多少位移物體速度剛好減為零15．（12分）如圖所示，在xoy平面內，第三象限內的直線OM是電場與磁場的邊界，OM與負x軸成角。在且OM的左側空間存在著沿負x方向的勻強電場E，場強大小為，在且OM的右側空間存在著垂直紙面向里的勻強磁場B，磁感應強度大小為。一不計重力的帶負電的粒子，從坐標原點O沿y軸負方向以的初速度進入磁場，已知粒子的帶電量為，質量為，求：（1）帶電粒子第一次經過磁場邊界的位置坐標；（2）帶電粒子在磁場區域運動的總時間；（3）帶電粒子最終離開電、磁場區域進入第一象限時的位置坐標。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．法拉第最早引入了電場的概念，選項A錯誤；B．牛頓提出了萬有引力定律，卡文迪許測定出萬有引力常量，選項B錯誤；C．庫侖利用扭秤實驗發現了電荷之間的相互作用規律——庫侖定律，選項C正確；D．奧斯特通過實驗研究，發現了電流的磁效應，選項D錯誤；故選C.2、C【解析】由軌跡知粒子初始時所受電場力大于磁場力，向上偏轉；到P點時，速度增加，故洛侖茲力增加，把洛倫茲力分沿速度方向F1和垂直速度方向F2，F2與電場力的徑向分力F3的合力提供向心力，F2大于F3，粒子在P點所受磁場力有可能比電場力大，故A錯誤；電粒子在P點的受電場力qE和洛倫茲力qv0B，因為洛倫茲力是變力，所以合力不是qv0B-qE，故加速度不是，故B錯誤；對粒子的偏轉過程，根據動能定理，有，解得：，故C正確，D錯誤．所以C正確，ABD錯誤3、D【解析】考查電場力做功與電勢能的關系。【詳解】A．重力豎直向下，平行板電容器兩極板水平放置，則電場力也是豎直方向，要斜向下直線運動，則電場力一定向上，與重力平衡，加速度為0，A錯誤；B．因受力平衡，做勻速直線運動，運動過程中，重力勢能轉化為電勢能，重力勢能減少了mgd，所以電勢能增加了mgd，B錯誤；C．帶負電的微粒從上極板運動到下極板，電勢能增加，由：q為負值，可知，M板運動到N板過程中，電勢降低，即M板的電勢高于N板的電勢，C錯誤；D．由電場力做功與電勢差的關系：解得兩極板間的電勢差為，D正確。故選D。4、B【解析】帶正電的微粒a在紙面內做勻速圓周運動，必有帶正電的微粒b向右做勻速直線運動，電場力豎直向上，左手定則判斷洛倫茲力豎直向上，重力豎直向下，平衡條件得得帶正電的微粒c向左做勻速直線運動，電場力豎直向上，左手定則判斷洛倫茲力豎直向下，重力豎直向下，平衡條件得得則有故選B。5、D【解析】先對導體棒受力分析，根據平衡條件并結合合成法得到安培力的最小值；然后結合安培力公式FA=BIL和左手定則分析【詳解】對導體棒受力分析，受重力、安培力和細線拉力，如圖所示：根據平衡條件，當安培力與線垂直向上時，安培力最小，為：FA=BIL=mgsin30°=根據左手定則，磁感線方向沿懸線向上，故此時磁場方向是唯一的；當mg≥FA＞時，有2解當FA＞mg時，有一解；當FA＜時，無解故選D【點睛】本題關鍵是先根據平衡條件確定安培力的最小值，然后結合左手定則分析磁感線的方向6、B【解析】汽車以1m/s2的加速度加速行駛了12s，駛過了180m，根據位移時間公式x=v0t+at2代入數據解得v0=9m/s故選B。【點評】本題關鍵是明確汽車的運動性質，然后選擇恰當的運動學公式列式求解，基礎題二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A．由題意知：D點電勢為5V，根據對稱性，0V電勢應該在BD中點，又因為∠B=60°，故電場線沿BC方向，且由C指向B，故A錯誤。B．由題意BC=0.2m，得故B正確。CD．將一帶電量為q=4×10-5C的正電荷從A點移到D點，電場力做負功W=Uq=5V×4×10-5C=2×10-4J電勢能增大了2×10-4J，故C錯誤，D正確。故選BD。8、BD【解析】設質子在磁場I和II中做圓周運動的軌道半徑分別為r1和r2，區域II中磁感應強度為B′，由牛頓第二定律得：qvB＝m①；qvB′＝m②；粒子在兩區域運動的軌跡如圖所示，由帶電粒子才磁場中運動的對稱性和幾何關系可知，質子從A點出磁場I時的速度方向與OP的夾角為30°，故質子在磁場I中軌跡的圓心角為：θ＝60°，如圖所示：則△O1OA為等邊三角形，有：OA＝r1③，在區域II中，質子運動圓周，O2是粒子在區域II中做圓周運動的圓心，r2＝OAsin30°④，由①②③④解得區域II中磁感應強度為：B′＝2B⑤，質子在Ⅰ區運動軌跡對應的圓心角：φ＝60°，在Ⅱ區運動軌跡對應的圓心角為：φ′＝90°，質子在Ⅰ區的運動周期：T1，運動時間t1，故A錯誤，B正確；質子在Ⅱ區運動的周期：T2，運動時間t2，故C錯誤，D正確；9、BD【解析】A．由題可知，電壓表的示數增大，R和R1并聯的電阻增大，得知R增大，總電阻增大，總電流減小，并聯部分電壓增大，通過R1的電流增大，所以通過可變電阻R的電流減小，故A錯誤；BC．R增大，外電阻增大，干路電流減小，電阻R2兩端的電壓減小，路端電壓增大，而路端電壓等于外電路總電壓，所以電阻R2兩端的電壓減小量小于△U，由歐姆定律得知，通過電阻R2的電流減小，減小量小于ΔU/R2．故C錯誤，B正確D．由于電阻R2兩端的電壓減小，所以路端電壓的增大量小于△U，故D正確；故選BD。10、CD【解析】A．由圖乙可知交流電壓最大值，有效值為即是電壓表的讀數，A錯誤；B．根據所以變壓器原、副線圈中的電流之比為，B錯誤；C．溫度降低時，電阻增大，在串聯電路中適當增大的阻值，致使電路中的電流變小，根據可以保持兩端的電壓不變，C正確；D．電壓表的示數為輸入電壓，保持不變，根據則副線圈電壓不變，溫度升高時，阻值減小，根據歐姆定律可得，電流表的示數變大，D正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.1.4③.0.91【解析】（1）[1]．本實驗采用相對電源的電流表外接法；滑動變阻器采用限流接法，為了讓滑片位于最左端時，滑動變阻器接入電路的阻值最大，應接滑動變阻器右下方和上方任一接線柱；如圖所示。（2）[2][3]．在U﹣I圖象中圖象與縱坐標的交點等于電源的電動勢，所以由圖可以讀出電源的電動勢為1.4V；圖象中的斜率絕對值表示電源的內阻，所以電源的內阻為r＝＝0.91Ω。12、①.②.右偏【解析】（1）實物連線如圖；（2）在電鍵剛閉合時，回路中的電流增大，原線圈中電流產生的磁場增大，所以副線圈中的磁通量增