廣西柳州市融水中學2025屆高二物理第一學期期中監測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一個電流表的滿偏電壓為Ug，內電阻為Rg，要把它改裝成量程為nUg的電壓表，應在電流表上（）A．串聯一個nRg的電阻B．并聯一個nRg的電阻C．串聯一個（n-1）Rg的電阻D．并聯一個（n-1）Rg的電阻2、下列說法中正確的是()A．做曲線運動的物體速度方向一定發生變化B．速度方向發生變化的運動一定是曲線運動C．速度變化的運動一定是曲線運動D．加速度變化的運動一定是曲線運動3、風洞飛行體驗是運用先進的科技手段實現高速風力將人吹起并懸浮于空中，如圖1所示，若在人處于懸浮狀態時，增加風力人就加速上升，則人加速上升的過程中()A．處于失重狀態，機械能增加B．處于失重狀態，機械能減少C．處于超重狀態，機械能增加D．處于超重狀態，機械能減少4、如圖所示的實驗裝置中，平行板電容器的極板A接地，極板B與一個靈敏靜電計的金屬小球相連接，將A極板向左移動，增大電容器兩極板間的距離時，電容器所帶的電量Q、電容C、兩極間的電壓U、電容器兩極板間的場強E的變化情況是（）A．Q不變，C變小，U變大，E不變B．Q不變，C變小，U變大，E變小C．Q變小，C不變，U不變，E變小D．Q變小，C變小，U不變，E不變5、如圖所示，兩根間距為d的平行光滑金屬導軌間接有電源E，導軌平面與水平面間的夾角θ=30°．金屬桿ab垂直導軌放置，導軌與金屬桿接觸良好．整個裝置處于磁感應強度為B的勻強磁場中．當磁場方向垂直導軌平面向上時，金屬桿能剛好處于靜止狀態．要使金屬桿能沿導軌向上運動，可以采取的措施是（）A．增大磁感應強度BB．調節滑動變阻器使電流減小C．增大導軌平面與水平面間的夾角θD．將電源正負極對調使金屬桿的電流方向改變6、把兩個相同的電燈分別接在圖中甲、乙兩個電路里，調節滑動變阻器，使兩燈都正常發光，兩電路中消耗的總功率分別為和，可以斷定A．>B．<C．

=D．無法確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、LC振蕩電路的固有頻率為f，則A．電容器內電場變化的頻率也為fB．電容器內電場變化的頻率為2fC．電場能和磁場能轉化的頻率為fD．電場能和磁場能轉化的頻率為2f8、如圖所示，電場中有A、B兩點，則下列說法中正確的是A．電勢φA＞φB，場強EA＞EBB．電勢φA＞φB，場強EA＜EBC．將+q電荷從A點移到B點電場力做了正功D．將-q電荷分別放在A、B兩點時具有的電勢能EPA＞EPB9、如圖所示，質量m1＝3kg、長度L＝0.24m的小車靜止在光滑的水平面上，現有質量m2＝2kg可視為質點的物塊，以水平向右的速度v0＝2m/s從左端滑上小車，物塊與車面間的動摩擦因數μ＝0.5，最后恰好不掉下小車且與小車保持相對靜止．在這一過程中，取g＝10m/s2，下列說法正確的是()A．系統最后共同運動的速度為1.2m/sB．小車獲得的最大動能為0.96JC．系統損失的機械能為2.4JD．物塊克服摩擦力做的功為4J10、如圖所示，真空中有一勻強電場（圖中未畫出），電場方向與圓周在同一平面內，△ABC是圓的內接直角三角形，∠BAC=63.5°，O為圓心，半徑R=5cm．位于A處的粒子源向平面內各個方向發射初動能均為1eV、電荷量+e的粒子，有些粒子會經過圓周上不同的點，其中到達B點的粒子動能為12eV，達到C點的粒子電勢能為﹣4eV（取O點電勢為零）．忽略粒子的重力和粒子間的相互作用，sin53°=0.1．下列說法正確的是A．圓周上A、C兩點的電勢差為16VB．圓周上B、C兩點的電勢差為-4VC．勻強電場的場強大小為100V/mD．當某個粒子經過圓周上某一位置時，可以具有6eV的電勢能，且同時具有6eV的動能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，它們的讀數依次為_____mm、_____mm，_____A，__________cm。12．（12分）要測量一個由新材料制成的均勻圓柱體的電阻率ρ，步驟如下：（1）用螺旋測微器測量其直徑如圖甲，可知其直徑D為_________mm；用游標卡尺測量其長度如圖乙，可知其長度L為_________cm；（2）選用多用電表的歐姆擋的“×1”擋，按正確的操作步驟測量圓柱體的電阻，表盤的示數如圖所示，則該電阻的阻值約為____Ω；（3）為更精確地測量其電阻，要求用伏安法測電阻，可供選擇的器材：電流表A1（量程0~300mA，內阻約2Ω）；電流表A2（量程0~150mA，內阻約10Ω）；電壓表V1（量程0~1V，內阻r=1000Ω）；電壓表V2（量程0~15V，內阻約為3000Ω）；定值電阻R0（內阻為2000Ω）；滑動變阻器R1（最大阻值5Ω）；滑動變阻器R2（最大阻值1000Ω）；電源E（電動勢約為4V，內阻r約為1Ω）；開關，導線若干．為了使測量盡量準確，測量時電表讀數不得小于其量程的1/3，電壓表V2量程太大，電壓表V1量程太小，因此可以把電壓表V1與定值電阻R0____聯（填“串”或“并”）改裝成新電壓表，則新電壓表量程為________，然后再進行實驗；電流表應選_________，滑動變阻器應選___________（選填代號）（4）若某次調節滑動變阻器后電壓表V1讀數為U，電流表讀數為I，則此圓柱體材料的電阻率ρ=_________（用題中給出的字母代號表示）；若該同學用伏安法跟用多用電表測量得到的R測量值幾乎相等，由此可估算此圓柱體材料的電阻率約為ρ＝__________（保留2位有效數字）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）有一種測量壓力的電子秤，其原理如下圖所示．E是內阻不計、電動勢為6V的電源．R0是一個阻值為400Ω的限流電阻．G是由理想電流表改裝成的指針式測力顯示器．R是壓敏電阻，其阻值可隨壓力大小變化而改變，其關系如下表所示．C是一個用來保護顯示器的電容器．秤臺的重力忽略不計．壓力F/N050100150200250300．．．．．．電阻R/Ω300280260240220200180．．．．．．（1）在坐標系中畫出電阻R隨壓力F變化的圖線，并歸納出電值R隨壓力F變化的函數關系式；（2）寫出壓力隨電流變化的關系式，說明該測力顯示器的刻度是否均勻；（3）若電容器的耐壓值為5V，該電子秤的量程是多少牛頓．14．（16分）如圖中電路的各元件值為：R1=R2=10Ω，R3=R4=20Ω，C=600μF，電源電動勢E=6V，內阻不計,單刀雙擲開關K開始時接通觸點2，求：(1)當開關K從觸點2改接通觸點1，且電路穩定后，電容C的帶電量.(2)若開關K從觸點1改接觸點2后，直至電流為零止，通過電阻R1的電量.15．（12分）間距為L＝20cm的光滑平行導軌水平放置，導軌左端通過開關S與內阻不計、電動勢為E的電源相連，右端與半徑為L的兩段光滑圓弧導軌相接，一根質量m＝60g、電阻R＝1Ω、長為L的導體捧ab，用長也為L的絕緣細線懸掛，如圖所示，系統空間有豎直方向的勻強磁場，磁感應強度大小為B＝0.5T，當閉合開關S后，導體棒沿圓弧擺動，擺到最大高度時細線水平，擺動過程中導體棒始終與導軌接觸良好且細線處于張緊狀態，不考慮導體棒切割磁感線的影響，導軌電阻不計。回答下列問題：（1）磁場方向如何？（2）求電源電動勢E大小；（3）導體棒在向上擺動過程中的最大速度是多大。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：電流表改裝成大量程的電流壓表要串聯電阻起分壓的作用，串聯的電阻值根據歐姆定律求解解：電流表改裝成大量程電壓表要串聯電阻分壓，串聯的電阻值為：R==（n﹣1）Rg故選C．【點評】考查電壓表的改裝，明確串聯電阻的阻值的表達式．2、A【解析】

A．既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動，故A正確；B．速度方向發生變化的運動，其運動的軌跡可能是直線，如豎直上拋運動上升的過程和下降的過程速度方向相反，故B錯誤；C．物體做曲線運動的條件是受到的合力與速度的方向不在同一條直線上，速度變化的運動不一定是曲線運動，如勻加速直線運動，故C錯誤；D．物體做曲線運動的條件是受到的合力與速度的方向不在同一條直線上，加速度變化的運動不一定是曲線運動，如彈簧振子的運動，故D錯誤。3、C【解析】

由題意可知，人加速向上運動，故人的加速度向上，處于超重狀態；由于風力對人做正功，故人的機械能增加；故C正確，ABD錯誤．故選C．【點睛】本題考查超重和失重狀態的確定以及功能關系的應用，要注意明確重力之外的其他力做功等于機械能的改變量．4、A【解析】

由于電容器與電源斷開，因此電容器的帶電量Q保持不變，根據當增大兩板間的距離d時，電容C變小，根據可知兩板間的U電壓增大，而電容器內部電場強度三式聯立可得因此電場強度E與d無關，增大d時電場強度E不變，因此A正確，BCD錯誤。故選A。5、A【解析】

當金屬桿處于靜止狀態時，在沿斜面方向上受到安培力和重力沿斜面向下的分力，處于平衡狀態，所以滿足，若增大磁感應強度B，則向上的安培力增大，故金屬桿可以沿導軌向上運動，若使電流減小，則安培力減小，金屬桿沿導軌向下運動，若增大導軌平面與水平面間的夾角θ，則重力沿斜面方向的分力增大，金屬桿沿導軌向下的運動，若將電源正負極對調使桿中的電流方向改變安培力將沿斜面向下，因此金屬棒將向下運動，故A正確6、C【解析】根據兩電路燈泡正常，可得甲電路中的電流是乙電路中的2倍，而甲電路兩端所加的電壓乙電路兩端的一半，由P=UI可知

=，選項ABD錯誤、C正確。故選：C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

電容器內電場變化的周期與固有周期相等，故頻率為f，一個周期內，電場能與磁場能相互轉化兩次，故電場能與磁場能轉化的頻率為2f，故A、D正確，B、C錯誤；故選AD。8、BC【解析】

AB．電場線越密的地方電場強度越大，所以場強EA＜EB，沿著電場線電勢降低，所以電勢φA＞φB．故A錯誤，B正確．

C．將+q電荷從A點移動到B點所受電場力和電場線方向相同，電場力做正功．故C正確．

D．將-q電荷分別放在A、B兩點，所受電場力和電場線方向相反，電場力做負功，電勢能增加，所以EPA＜EPB．故D錯誤．9、BC【解析】試題分析：根據動量守恒定律可以知道，物塊和小車動量守恒：則帶入數據得到：，故選項A錯誤；則小車獲得的動能為：，故選項B正確；根據能量守恒，則損失的機械能由于克服摩擦阻力做功，轉化為系統的內能，故選項C正確，選項D錯誤．考點：動量守恒定律、能量守恒【名師點睛】本題關鍵是根據動量守恒定律、動量定理列式求解，也可以根據牛頓第二定律和速度時間公式列式聯立求解，難度適中．10、CD【解析】C點的電勢：則UOC=φO-φC=0-（-4）=4V

根據勻強電場的特點可知：UAO=UOC=4V

則：φA=O+UAC=4V

粒子在A點的動能是1eV，在B點的動能是12eV，根據動能定理得：WAB=EKB-EKA=12-1=4eV

所以：，選項A錯誤；φB=φA-UAB=4-4=0V，則UBC=φB-φC=0-（-4）=4V．故B正確；由于B點的電勢等于O點的電勢等于0，所以O與B是等勢點，連接OB，則OB為勻強電場的等勢面，過A點做OB的垂線交OB與D點，則AD的方向就是該電場的場強方向，如圖：

O點是圓心，由幾何關系可知：∠ABO=∠BAC=63.5°

所以：∠AOB=110°-∠ABO-∠BAC=110°-63.5°-63.5°=53°

所以：＝Rsin53°＝0.05×0.1＝0.04m

由于OBD是等勢面，所以：．故C正確．A點的電勢為4V，所以粒子在A點的電勢能：EPA=e?φA=4eV，粒子的總能量：E=EKA+EPA=1+4=12eV，所以當某個粒子經過圓周上某一位置時，若具有6eV的電勢能，則同時具有6eV的動能．故D正確；故選BCD.點睛：該題考查粒子在勻強電場中的運動問題，解答本題關鍵是先求出C點的電勢，然后正確判斷出AB的電勢，判斷出B點的電勢與O點的電勢相等．然后從電場力做功公式W=qEd，判斷出電場線的方向，并運用這個公式求解電場力做功，要理解這個公式中d是兩點沿電場線方向的距離．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、11.144.0780.465.25【解析】

[1]游標卡尺讀數[2]螺旋測微器讀數[3]電流表接的量程為0.6A，讀數為：0.46A[4]刻度尺讀數12、22串【解析】

(1)螺旋測微器：不動刻度為mm，可動刻度為15.0×0.01mm，則讀數為2mm+15.0×0.01mm=2.150mm；游標卡尺是20分度的卡尺，其分度值為0.05mm，則圖示讀數為：60mm+3×0.05mm=60.15mm=6.015cm；(2)歐姆表表盤讀數為22.0Ω，倍率為×1，故歐姆表讀數為22.0Ω；(3)電壓表V1內阻r=1000Ω，量程0～1V，偏小，需要串聯分壓電阻R0，內阻為2000Ω，故電壓表量程增加為3V；最大電流：,，故電流表選擇A2，為準確測量電阻阻值，應測多組實驗數據，滑動變阻器可以采用分壓接法，選擇小電阻電壓線性好，故選擇R1．(4)由公式，電阻定律：，其中解得：，由題意可知，．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）R=300-0.4F（2），電流刻度均勻，F的刻度不均勻，但滿足電流越大，力越大．（3）F=550N【解析】

(1)根據電阻隨壓力變化的數據來畫圖，把壓力和電阻作為一組有序數對在坐標系中描點然后連接即可．再根據R的阻值隨壓力F的大小變化的圖象可知電阻與壓力成一次函數關系，利用待定系數法可確定函數關系式；(2)根據歐姆定律推導串聯電路電流的關系式，結合R與F的關系式推導壓力與電流的關系式可知測力顯示器的刻度是否均勻；(3)根據串聯電路電壓規律可知壓敏電阻兩端的電壓，根據串聯電路特點可計算壓敏電阻的值，進一步計算測力計的最大測量值．【詳解】(1)把壓力大小作為橫坐標，把電阻大小作為縱坐標，在坐標系中描點連線即可得壓敏電阻R的阻值隨壓力F的大小變化的圖象，如圖：根據R的阻值隨壓力F的大小變化的圖象可知壓敏電阻R的阻值與壓力F成一次函數關系，設它們的關系式為R=KF+b把F=50N，R=280Ω和F=100N，R=260Ω代入得：280=50K+b…①，260=100K+b…②．解得K=-0.4，b=300，所以它們的關系式為R=300-0.4F；(2)根據歐姆定律得把R=-0.4F+300，U=6V，R0=400Ω代入上式化簡得：F=1750-所以壓力和電流不成一次函數關系，故該測力顯示器的刻度是不均勻的；(3)從上式可知，壓力增大時，壓敏電阻值減小