2025屆江蘇省泰興市第三高級中學物理高三第一學期期中學業水平測試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某人造衛星運動的軌道可近似看作是以地心為中心的圓.由于阻力作用，人造衛星到地心的距離從r1慢慢變到r2，用EKl、EK2分別表示衛星在這兩個軌道上的動能，則（）A．r1<r2，EK1<EK2 B．r1>r2，EK1<EK2C．r1<r2，EK1>Ek2 D．r1>r2，EK1>EK22、科學思維和科學方法是我們認識世界的基本手段．在研究和解決問題的過程中，不僅需要相應的知識，還需要運用科學的方法．理想實驗有時更能深刻地反映自然規律，伽利略設想了一個理想實驗，如圖所示．①兩個對接的斜面，靜止的小球沿一個斜面滾下，小球將滾上另一個斜面；②如果沒有摩擦，小球將上升到原來釋放的高度；③減小第二個斜面的傾角，小球在這個斜面上仍然會達到原來的高度；④繼續減小第二個斜面的傾角，最后使它成為水平面，小球會沿水平面做持續的勻速運動．通過對這個實驗的分析，我們可以得到的最直接結論是()A．自然界的一切物體都具有慣性B．光滑水平面上運動的小球，運動狀態的維持并不需要外力C．如果小球受到力的作用，它的運動狀態將發生改變D．小球受到的力一定時，質量越大，它的加速度越小3、質量為1kg的物體，放在動摩擦因數為0.2的水平面上，在水平拉力的作用下由靜止開始運動，水平拉力做的功W和物體發生的位移s之間的關系如圖所示，重力加速度為10m/s2，則下列說法正確的是A．AB段加速度大小為3m/s2 B．OA段加速度大小為5m/s2C．s=9m時速度大小為3m/s D．s=3m時速度大小為2m/s4、如圖三條光滑斜軌道1、2、3，他們的傾斜角一次是60度、45度、30度；這些軌道交于O點，現有位于同一豎直線的三個小物體甲乙丙分別沿這三條軌道同時從靜止自由下滑，物體滑到O點的先后順序是（）A．甲最先，乙稍后，丙最后 B．乙最先，然后甲丙同時到達C．甲乙丙同時到達 D．乙最先，甲稍后，丙最后5、撫順海洋極地館最初想設計水滑梯項目，簡化模型如圖，一游客（可視為質點）以某一水平速度v0從A點出發沿光滑圓軌道運動，至B點時脫離軌道，最終落在水面上的C點，不計空氣阻力.下列說法中正確的是()A．在A點時，游客對圓軌道壓力等于其重力B．在B點時，游客的向心加速度為gC．B到C過程，游客做變加速運動D．A到B過程，游客水平方向的加速度先增加后減小6、如圖所示，在一點電荷的電場中有三個等勢面，與電場線的交點依次為a、b、c，它們的電勢分別為12V、8V和3V，一帶電粒子從一等勢面上的a點由靜止釋放，粒子僅在電場力作用下沿直線由a點運動到c點，已知粒子經過b點時速度為v，則()A．粒子一定帶負電 B．長度ab∶bc＝4∶5C．粒子經過c點時速度為 D．粒子經過c點時速度為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法中正確的是________A．做簡諧運動的質點，離開平衡位置的位移相同時，加速度也相同B．做簡諧運動的質點，經過四分之一周期，所通過的路程一定是一倍振幅C．根據麥克斯電磁場理論可知，變化的磁場可以產生電場，變化的電場可以產生磁場D．雙縫干涉實驗中，若只減小雙縫到光屏間的距離，兩相鄰亮條紋間距離將變大E.聲波從空氣傳入水中時頻率不變，波長變長．8、一質量為0.5kg的物塊靜止在水平地面上，物塊與水平地面間的動摩擦因數為μ=0.2。現給物塊一水平方向的外力F，F隨時間t變化的圖線如圖所示，若最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為10m/s2，則（）A．t=1s時物塊的動量大小為2kg?m/sB．t=1.5s時物塊的動能大小為1JC．t=3s時物塊的速度恰好為零D．在3s-4s的時間內，物塊受到的摩擦力逐漸減小9、小球P和Q用不可伸長的輕繩懸掛在天花板上，P球的質量等于Q球的質量，懸掛P球的繩比懸掛Q球的繩短．將兩球拉起，使兩繩均被水平拉直，如圖所示，將兩球由靜止釋放，在各自軌跡的最低點

（）A．P球的動量一定等于Q球的動量B．P球的動能一定等于Q球的動能C．P球所受繩的拉力一定等于Q球所受繩的拉力D．P球的向心加速度一定等于Q球的向心加速度10、下列說法正確的是()A．空氣中PM2.5的運動屬于分子熱運動B．熱量總是自發的從分子平均動能大的物體傳遞到分子平均動能小的物體C．液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離，所以液體表面存在表面張力D．隨著分子間距離的增大，分子間作用力減小，分子勢能也減小E.利用液晶在外加電壓的影響下，會由透明狀態變成混濁狀態而不透明，去掉電壓后，又會恢復透明的特性可以做成顯示元件三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）物理小組的同學在實驗室用打點計時器研究小車的勻變速直線運動，他們將打點計時器接到頻率為50Hz的交流電源上，實驗時得到一條紙帶。他們在紙帶上便于測量的地方選取第一個計時點，在這個點下標明A；然后每隔4個點選一個計數點，依次標為B、C、D、E；最后用刻度尺正確測量，結果如圖所示。則打C點時小車的瞬時速度大小為_________m/s，小車運動的加速度大小為_________m/s2，BC間的距離為_________cm。（保留三位有效數字）12．（12分）某同學利用下述裝置驗證機械能守恒，一輕質彈簧放置在光滑水平桌面上，彈簧左端固定，右端與一小球接觸而不固連；彈簧處于原長時，小球恰好在桌面邊緣，如圖所示．向左推小球，使彈簧壓縮一段距離后由靜止釋放，小球離開桌面后落到水平地面．（1）已知重力加速度大小為，為求得小球離開桌面時動能，至少需要測量下列物理量中的___________(填正確答案標號)．A．小球的質量B．小球拋出點到落地點的水平距離C．桌面到地面的高度D．彈簧的壓縮量（2）用（1）中所選取的測量量和已知量表示，得___________．（3）已知彈簧的彈性勢能與彈簧形變量的二次方成正比，若彈簧和小球構成的系統機械能守恒，則小球拋出點到落地點的水平距離與彈簧的壓縮量應滿足的關系為________(填正確答案標號)．A．B．C．D．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在光滑的水平面上有一足夠長的質量為M=4kg的長木板，在長木板右端有一質量為m=1kg的小物塊，長木板與小物塊間動摩擦因數為=0.2，長木板與小物塊均靜止．現用F=14N的水平恒力向右拉長木板，經時間t=1s撤去水平恒力F．（1）在F的作用下，長木板的加速度為多大？（2）剛撤去F時，小物塊離長木板右端多遠？（3）最終長木板與小物塊一同以多大的速度勻速運動？（4）最終小物塊離長木板右端多遠？14．（16分）某科研小組設計了如圖所示的實驗裝置,利用現代工具模擬“古人把懸棺放到懸崖邊而實現崖葬”的過程.在距懸崖d=9m處固定一豎直桿,懸崖高H=40m,一繃緊的輕質纜繩通過無摩擦的小定滑輪O與在懸崖頂端的小汽車連接,另一端和套在豎直桿上的質量為m=100kg的重物連接,開始時,重物靜止在懸崖底端的A點.某時刻,小汽車開始向右運動拖動纜繩,重物沿著豎直桿運動到B點,此過程小汽車運動的距離s=26m.已知重物運動到B點的速度大小為v=5m/s,小汽車拖動纜繩的功率始終為P=1×104W,重物與豎直桿間的摩擦力恒為f=100N,g=10m/s2.已知=41求:（1）重物由A運動到B所經歷的時間;（2）重物運動到B點時繩子的拉力大小和加速度大小.15．（12分）如圖所示，一足夠長的固定斜面傾角，兩物塊A、B的質量、分別為1kg和2kg，它們與斜面之間的動摩擦因數均為兩物塊之間的輕繩長，作用在B上沿斜面向上的力F逐漸增大，使A、B一起由靜止開始沿斜面向上運動，g取(1)當作用在物塊B桑的拉力F達到42N時，連接物塊A、B之間的輕繩恰好被拉斷，求該輕繩能承受的最大拉力；(2)若連接物塊A、B之間的輕繩恰好被拉斷瞬間A、B的速度均為，輕繩斷裂后作用在B物塊上的外力不變，求當A運動到最高點時，物塊A、B之間的距離。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

衛星在圓軌道上做圓周運動，克服阻力做功，軌道半徑減小，可知，根據知，，軌道半徑減小，則速度增大，所以，B正確．2、B【解析】理想斜面實驗只能說明鋼球具有慣性，推廣到一切物體的是牛頓，A錯誤；伽利略通過“理想斜面實驗”和科學推理，得出的結論是：力不是維持物體運動的原因，光滑水平面上運動的小球，運動狀態的維持并不需要外力，B正確；如果小球受到力的作用，它的運動狀態將發生改變，這是牛頓得出的，C錯誤；小球受到的力一定時，質量越大，它的加速度越小，這是牛頓第二定律內容，D錯誤．3、C【解析】

對于O～A過程，根據動能定理，有：，代入數據解得：，根據速度位移公式，有，代入數據解得：a1=3m/s2，對于前9m過程，根據動能定理，有：，代入數據解得：.A、AB段受力恒定，故加速度恒定，而初末速度相等，故AB段的加速度為零，故A錯誤；B、由上面分析知，OA段加速度a1=3m/s2，故B錯誤；C、s=9m時速度大小為，故C正確；D、s=3m時速度大小為，故D錯誤

故選C.【點睛】本題關鍵對物體受力分析，然后對物體的運動過程運用動能定理和速度位移公式列式并聯立求解．4、B【解析】

設斜軌道底邊的長度為，斜面的傾角為，則斜軌道的長度為根據牛頓第二定律得，物體下滑的加速度為則有代入數據得得到根據數學知識得知則甲和丙運動的時間相等，同時達到斜軌道的底端點；乙運動時間最短，乙最先到達點，故B正確，A、C、D錯誤；故選B。5、D【解析】試題分析：游客在豎直圓軌道內做變速圓周運動，當其與軌道間有相互作用時，沿著軌道運動，否則將脫離軌道，至于水平方向的加速度的變化和離開軌道后的運動性質利用牛頓第二定律即牛頓第二定律的獨立性解決即可．在A點，游客具有豎直向下的向心加速度，此瞬間處于失重狀態，對軌道的壓力小于其重力，A錯誤；游客在B點剛離開軌道，則游客對圓軌道的壓力為零，游客的向心加速度小于g，B錯誤；從B到C過程，游客只受重力作用，做勻變速曲線運動，C錯誤；游客在A點時合力沿豎直方向，在B點時合力也沿豎直方向，但在中間過程某點支持力卻有水平向右的分力，所以游客水平方向的加速度必定先增加后減小，D正確．6、C【解析】A、根據a、b、c三點的電勢可知，電場線方向由a指向c，帶電粒子由靜止從a點運動到c點，是順電場線移動，所以粒子帶正電，A錯誤；B、點電荷形成的電場不是勻強電場，不能用來計算電勢差與電場強度及兩點間距離的關系，B錯誤；C、D、由動能定理得：，，且，，計算得：，C正確；D錯誤；故選C．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACE【解析】

做簡諧運動的質點，離開平衡位置的位移相同時，回復力相同，故加速度也相同，選項A正確；做簡諧運動的質點，經過四分之一周期，只有從平衡位置或者從位移最大或最小的位置計時，所通過的路程一定是一倍振幅，選項B錯誤；根據麥克斯電磁場理論可知，變化的磁場可以產生電場，變化的電場可以產生磁場，選項C正確；雙縫干涉實驗中，根據可知，若只減小雙縫到光屏間的距離，兩相鄰亮條紋間距離將變小，選項D錯誤；聲波從空氣傳入水中時頻率不變，波速變大，根據可知波長變長，選項E正確；故選ACE.8、BD【解析】

0～1s內，根據牛頓第二定律求出物體的加速度，由速度公式求出物體的速度，再求解物體的動量；由物體的受力情況分析t=1.5s時物塊的動能；由動量定理求出物塊速度減至零的時間，根據物體的運動狀態分析在3s～4s的時間內摩擦力的變化情況；【詳解】A、內，根據牛頓第二定律得：，得：物體在末的速度為，時物塊的動量大小為：，故A錯誤；

B、內，因為，所以物體做勻速運動，速度為，則動能為：，故B正確。

C、設t時刻物塊的速度為零，由動量定理得：圖象在內方程為：

根據F-t圖象與t軸所圍的面積表示沖量，可得：聯立解得：，故C錯誤；

D、因為，所以在內物體做減速運動，所以在的時間內，物塊靜止，隨著F的減小，物塊受到的靜摩擦力逐漸減小，故D正確?！军c睛】解決本題的關鍵是明確F-t圖象所圍的面積表示沖量，運用動量定理求時間是常用的方法。9、CD【解析】AB.從靜止釋放至最低點，由機械能守恒得：mgR=解得：v=在最低點的動量I=mv=m2gR，半徑不相等，動量不相等，A錯誤；B、由機械能守恒得：mgR=1C、在最低點，拉力和重力的合力提供向心力，由牛頓第二定律得：F-mg=mv2D、根據a向=（F?mg）/m=2g，向心加速度相等。故D正確。故選：CD。點睛：從靜止釋放至最低點，由機械能守恒列式，可知最低點的速度、動能；在最低點由牛頓第二定律可得繩子的拉力和向心加速度．10、BCE【解析】

A．PM2.5在空氣中的運動是固體顆粒分子團的運動，不是分子的熱運動，故A錯誤；B．根據溫度的微觀意義可知，溫度是分子平均動能的標志，熱量總是自發的從溫度高的物體傳遞到溫度低的得物體；故B正確；C．液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離，分子之間的作用力表現為引力，所以液體表面存在表面張力；故C正確；D．隨著分子間距離的增大，分子間作用力減小，分子間的距離等于平衡距離時分子勢能最小，當分子間距離小于平衡距離時隨分子間距離的增大，分子勢能減小，當分子間的距離大于平衡距離時，隨分子間距離的增大分子勢能增大；故D錯誤；E．利用液晶在外加電壓的影響下，會由透明狀態變成混濁狀態而不透明，去掉電壓后，又會恢復透明的特性可以做成顯示元件；故E正確。故選BCE．【點睛】本題考查對分子動理論的理解；掌握溫度是分子平均動能的標志，溫度越高，分子平均動能越大;分子間相互作用的引力和斥力都隨分子間距離的減小而增大。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.9862.588.57【解析】

[1]．相鄰的計數點間的時間間隔為T=0.1s，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，得：[2]．根據勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x3-x1=2a1T2x4-x2=2a2T2為了更加準確的求解加速度，我們對2個加速度取平均值得：即小車運動的加速度計算表達式為：[3]．根據勻變速直線運動的推論公式xm-xn=（m-n）aT2，得：△x=xDE-xCD=2.58cm由于：xBC+△x=xCD=11.15cm解得：xBC=8.57cm12、ABCA【解析】試題分析：本題的關鍵是通過測量小球的動能來間接測量彈簧的彈性勢能，然后根據平拋規律以及動能表達式即可求出動能的表達式；根據彈性勢能轉化為小球的動能，列式分析．（1、2）由平拋規律可知，由水平距離和下落高度即可求出平拋時的初速度，進而可求出物體動能，平拋規律應有，，又，聯立可得．故還需要測量小球的質量m、小球拋出點到落地點的水平距離s，桌面到地面的高度h，故選ABC（3）設彈性勢能與形變量的關系為（k為常量），如果小球和彈簧構成的機械能守恒，則滿足，即，所以即，A正確．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）（4）【解析】

（1）對木板，受拉力和摩擦力作用，由牛頓第二定律得，F-μmg=Ma1，

解得：．

（2）對小物塊，受摩擦力作用，

由牛頓第二定律得，μmg=ma2，

解得：a2=μg=0.2×10m/s2=2m/s2，

長木板運動的位移：x1=a1t2=×3×12m=1.5m，

小物塊運動的位移：x2=a2t2=×2×12m=1m，

則小物塊相對于長木板的位移：

△x1=x1-x2=1.5m-1m=0.5m．

（3）剛撤F時，長木板的速度：

v1=a1t=3m/s2×1s=3m/s，

小物塊的速度：

v2=a2t=2m/s2×1s=2m/s，

撤F后，長木板的加速度：，

最終長木板與小物塊速度：v'=v2+a2