學易試題君之單元測試君2025屆高三物理第一學期期中綜合測試模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一長木板在水平地面上運動，在某時刻（t=0）將一相對于地面靜止的物塊輕放到木板上，已知物塊與木板的質量相等，物塊與木板間及木板與地面間均有摩擦，物塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且物塊始終在木板上．在物塊放到木板上之后，木板運動的速度﹣時間圖象可能是下列圖中的（）A． B． C． D．2、如圖所示，物體A放置在固定斜面上，一平行斜面向上的力F作用于物體A上．在力F變大的過程中，A始終保持靜止，則以下說法中正確的是（）A．物體A受到的合力變大B．物體A受到的支持力不變C．物體A受到的摩擦力變大D．物體A受到的摩擦力變小3、在赤道平面內繞地球做勻速圓周運動的三顆衛星m1、m2、m3，它們的軌道半徑分別為r1、r2、r3，且r1＞r2＞r3，其中m2為同步衛星，若三顆衛星在運動過程中受到的向心力大小相等，則()A．相同的時間內，m1通過的路程最大B．三顆衛星中，m3的質量最大C．三顆衛星中，m3的速度最大D．m1繞地球運動的周期小于24小時4、兩個質量為m1、m2的小球，同時從兩個等高的傾角分別為、的光滑斜面頂端由靜止起向下運動，A．兩球先后到達斜面底端，速度不同B．兩球同時到達斜面底端，速度不同C．兩球先后到達斜面底端，速度相同D．兩球同時到達斜面底端，速度相同5、如圖所示，“倫敦眼”（TheLondonEye），是世界上最大的觀景摩天輪，僅次于南昌之星與新加坡觀景輪。它總高度135米（443英尺），屹立于倫敦泰晤士河南畔的蘭貝斯區。現假設摩天輪正繞中間的固定軸作勻速圓周運動，則對于坐在輪椅上觀光的游客來說，正確的說法是（）A．因為摩天輪勻速轉動，所以游客受力平衡B．因為摩天輪做勻速轉動，所以游客的機械能守恒C．當摩天輪轉動過程中，游客受到的合外力方向不一定指向圓心D．當摩天輪轉到最低點時，游客處于超重狀態6、如圖所示，木板B放在粗糙的水平面上，木塊A放在B的上面，A的右端通過一不可伸長的輕繩固定在豎直墻上，用水平恒力F向左拉動B，使其以速度v做勻速運動，此時繩水平且張力大小為T，下面說法正確的是（）A．木塊A受到的是靜摩擦力，大小等于TB．繩上張力T與水平恒力F的大小相等C．木板B同時受到一個靜摩擦力和一個滑動摩擦力作用，它們合力大小等于FD．若木板B以2v勻速運動，則拉力仍為F二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，連接有輕彈簧的物塊a靜止于光滑水平面上，物塊b以一定初速度向左運動。下列關于a、b兩物塊的動量P隨時間t的變化關系圖象，合理的是（）A．B．C．D．8、如圖為某著陸器經過多次變軌后登陸火星的軌跡圖，著陸器先在軌道Ⅰ上運動，然后改在圓軌道Ⅱ上運動，最后在橢圓周軌道Ⅲ上運動，P點是軌道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ的交點的交點，軌道上的P、S、Q三點與火星中心在同一直線上，P、Q兩點分別是橢圓軌道的遠火星點和近火星點．且PQ=2QS=2a，著陸器在軌道1上經過P點的速度為v1，在軌道2上經過P點的速度為v2，在軌道3上經過P點的速度為v3，下列說法正確的是（）A．著陸器在P點由軌道Ⅰ進入軌道Ⅱ需要點火加速B．著陸器在軌道Ⅱ上由P點運動到S點的時間是著陸器在軌道Ⅲ上由P點運動到Q點的時間之比是C．著陸器在在軌道Ⅲ上經過P點的加速度可表示為D．著陸器在軌道Ⅱ上S點與在軌道Ⅲ上P點的加速度大小相等9、下列說法正確的是（）A．一定質量的100℃的水吸收熱量后變成100℃的水蒸氣，系統的內能保持不變B．對某物體做功，可能會使該物體的內能增加C．實際氣體分子熱運動的平均動能與分子間勢能分別取決于氣體的溫度和體積D．一個系統與另一個系統達到熱平衡時兩系統溫度相同E.功可以全部轉化為熱，但熱量不能全部轉化為功10、如圖甲所示，在傾角為37°足夠長的粗糙斜面底端，一質量m=1kg的滑塊壓縮著一輕彈簧且鎖定，但它們并不相連，滑塊可視為質點．t=0時解除鎖定，計算機通過傳感器描繪出滑塊的v-t圖象如圖乙所示，其中Oab段為曲線，bc段為直線，在t1=0.1s時滑塊已上滑x=0.1m的距離，g=10m/s1．則（）A．當彈簧恢復原長時滑塊與彈簧分離B．滑塊與斜面之間的動摩擦因數μ=0.1C．t=0.4s時刻滑塊的速度大小為1.0m/sD．彈簧鎖定時具有的彈性勢能為4J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組設計了如圖（a）所示的實驗裝置，通過改變重物的質量，利用計算機可得滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關系圖像，圖中力傳感器可直接顯示繩中拉力大小，他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如圖（b）所示．(1)圖線________是在軌道左側抬高，成為斜面情況下得到的（選填“1”或“2”）；要想使得該圖線過原點應______軌道的傾角（填“增大”或“減小”）(2)滑塊和位移傳感器發射部分的總質m=_______kg；滑塊和軌道間的動摩擦因數μ=_______．（g=10m/s2）(3)實驗中是否要滿足，滑塊和位移傳感器發射部分的總質量遠遠大于重物質量的條件?____．12．（12分）某同學利用圖甲裝置進行“驗證機械能守恒定律”的實驗(1)關于本實驗的下列說法中正確的有______A．選用重物時，密度大的比密度小的好，以減少空氣阻力的影響B．實驗時重物應靠近打點計時器處由靜止釋放C．實驗時應先松開紙帶讓重物下落，然后接通電源D．若紙帶上開始打出的幾個點模糊不清，則必須重新打一條紙帶再進行驗證(2)若該同學按照正確的操作要求，獲得了一條點跡清晰、最初兩點間距接近2mm的紙帶，令打第一個點時重錘所在位置為0高度，相鄰計數點時間間隔為0.02s,測量部分數據并填入下列表格，已知重錘質量m=0.3kg,g=9.8m/s2,請在空格內補上相應的數據______。(結果保留兩位小數)測量點0123距離x/m00.05620.07800.1040速度v/ms-l0/▲/(3)該同學完成全部數據處理后,在圖乙中畫出了各能量與高度的圖象,其中圖線II是_______關于高度h的圖象A．動能Ek:B．勢能EpC．機械能E(4)根據圖線II能得出的實驗結論是______。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，AOB是光滑水平軌道，BC是半徑為R的光滑的固定圓弧軌道，兩軌道恰好相切于B點．質量為M的小木塊靜止在O點，一顆質量為m的子彈以某一初速度水平向右射入小木塊內，并留在其中和小木塊一起運動，且恰能到達圓弧軌道的最高點C（木塊和子彈均看成質點）．①求子彈射入木塊前的速度．②若每當小木塊返回到O點或停止在O點時，立即有一顆相同的子彈射入小木塊，并留在其中，則當第9顆子彈射入小木塊后，小木塊沿圓弧軌道能上升的最大高度為多少？14．（16分）傾角為的斜面與足夠長的光滑水平面在D處平滑連接，斜面上AB的長度為3L，BC、CD的長度均為3.5L，BC部分粗糙，其余部分光滑。如圖，4個“—”形小滑塊工件緊挨在一起排在斜面上，從下往上依次標為1、2、3、4，滑塊上長為L的輕桿與斜面平行并與上一個滑塊接觸但不粘連，滑塊1恰好在A處。現將4個滑塊一起由靜止釋放，設滑塊經過D處時無機械能損失，輕桿不會與斜面相碰。已知每個滑塊的質量為m并可視為質點，滑塊與粗糙面間的動摩擦因數為，重力加速度為g。求（1）滑塊1剛進入BC時，滑塊1上的輕桿所受到的壓力大小；（2）4個滑塊全部滑上水平面后，相鄰滑塊之間的距離。15．（12分）某行星的質量為地球質量的，半徑為地球半徑的．現向該行星發射探測器，并在其表面實現軟著陸．探測器在離行星表面h高時速度減小為零，為防止發動機將行星表面上的塵埃吹起，此時要關閉所有發動機，讓探測器自由下落實現著陸．已知地球半徑R0=6400km，地球表面重力加速度g=10m/s2，不計自轉的影響（結果保留兩位有效數字．你可能用到的數據有：=1.41,=1.73,=2.24,=3.16）．（1）若題中h=4m，求探測器落到行星表面時的速度大小；（2）若在該行星表面發射一顆繞它做圓周運動的衛星，發射速度至少多大；（3）由于引力的作用，行星引力范圍內的物體具有引力勢能．若取離行星無窮遠處為Mm引力勢能的零勢點，則距離行星球心為r處的物體引力勢能，式中G為萬有r引力常量，M為行星的質量，m為物體的質量．求探測器從行星表面發射能脫離行星引力范圍所需的最小速度．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

試題分析：由于物塊剛放到木板上時，運動的木板會對它一個向前的滑動摩擦力，則物塊對木板就會有一個向左的摩擦力，此時木板還受到地面給它的向左的摩擦力，木板在這兩個阻力的作用下做勻減速直線運動；當物塊的速度與木板的速度相等時，物塊與木板間沒有了相對運動，它們之間的摩擦力為零，此時木板受到的阻力只有地面對它施加的向左的力，即阻力減小，故其反加速度變小，木板也做勻減速直線運動，但其加速度變小，故A是正確的．考點：牛頓第二定律，摩擦力．2、B【解析】

A.物體受重力、支持力、摩擦力及拉力的作用而處于靜止狀態，故合力為零，故A錯誤；B.將重力分解到沿斜面和垂直于斜面的方向；在垂直于斜面方向，重力的分力、支持力平衡，，所以支持力不變，故B正確；CD.若，摩擦力沿斜面向下，受力分析如圖所示：由平衡得：，在力F變大的過程中，故根據平衡條件，靜摩擦力逐漸增加；若，摩擦力向上，由平衡得：，故根據平衡條件，靜摩擦力應先減小，后反方向增大，故CD錯誤.故選B。3、C【解析】根據萬有引力提供向心力可得：，解得：；由于r1＞r2＞r1，故v1＜v2＜v1，故m1的速度最大，在相同的時間內，m1通過的路程最大，故A錯誤，C正確．由于F萬=可得，在向心力大小相等的情況下，由于r1＞r2＞r1，故m1＞m2＞m1．故B錯誤．據萬有引力提供向心力可得：，可得衛星運動的周期T=2πr，顯然軌道半徑越大，衛星運動的周期越大，故m1的周期大于m2的周期，而衛星2的周期為24小時，故m1的周期大于24小時，故D錯誤．故選C．點睛：衛星繞地球做勻速圓周運動，關鍵是萬有引力提供向心力列出等式求解．只要掌握了萬有引力提供向心力的幾種不同的表達形式即可順利此類問題．4、A【解析】

球從斜面頂端到底端由動能定理可得得即兩球到達底端的速度大小相等，由于兩斜面角度不同，所以方向不同，由牛頓第二定律可得，小球的加速度所以兩小球的加速度不同，由公式可知，兩球運動到底端所用的時間不同，故A正確。故選A。5、D【解析】

機械能包含動能和重力勢能，游客的動能不變，但重力勢能是不斷變化的，當物體具有向上的加速度時，處于超重狀態；【詳解】A、摩天輪勻速轉動，故游客也是做勻速圓周運動，合力提供向心力，不為零，故不是平衡狀態，故A錯誤；

B、因為摩天輪做勻速轉動，所以游客的動能不變，但是重力勢能是變化的，故機械能總量是變化的，故B錯誤；

C、因為摩天輪做勻速轉動，所以游客也是做勻速圓周運動，合力運動指向圓心，提供向心力，故C錯誤；

D、當摩天輪轉到最低點時，合力向上，加速度向上，即向心加速度向上，故處于超重狀態，故D正確。【點睛】該題結合豎直平面內的圓周運動考查到多個知識點的內容，解答的關鍵是分析受力情況，知道合力提供向心力，結合機械能守恒定律列式分析即可。6、D【解析】

A．A、B間產生相對滑動，木塊A受到的是滑動摩擦力，大小等于T，故A錯誤；B．以AB整體為研究對象，分析受力情況：水平方向受到：水平向左的拉力F、繩子水平向右的拉力T和地面對B水平向右的滑動摩擦力，根據平衡條件得知，繩上拉力T小于水平恒力F，故B錯誤；C．木板B受到兩個滑動摩擦力，合力大小等于F，故C錯誤；D．若木板B以2v勻速運動，AB受力情況都沒有變化，則拉力F也不變，故D正確；故選D。【點睛】本題是兩個物體平衡問題，要靈活選擇研究對象，本題采用整體法處理，也可以運用隔離法研究。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】

b與彈簧接觸后，壓縮彈簧，b做減速動，a做加速運動，且在運動過程中系統的動量守恒，如果b的質量較小，可能出現b反彈的現象，出現圖像B的運動過程；如果ab兩球的質量相等，則可以出現D的運動過程；如果a的質量很小，可能出現A的運動過程，故ABD合理；b與彈簧接觸后，彈力慢慢增大，然后再減小，故兩物體的加速度一定先增大后減小，故C不合理；故選：ABD。【點睛】本題考查含有彈簧問題的動量守恒定律的應用，要注意正確分析彈簧彈力的性質，從而確定運動過程，注意考慮多種可能性。8、CD【解析】

A.著陸器由軌道I進入軌道Ⅱ做的是向心運動，需點火制動減速，使萬有引力大于所需要的向心力，故A錯誤；B.根據開普勒第三定律可知：著陸器在軌道Ⅱ與軌道Ⅲ上的周期之比：；則著陸器在軌道Ⅱ上由P點運動到S點的時間與著陸器在軌道Ⅲ上由P點運動到Q點的時間之比是，選項B錯誤；C.著陸器在軌道Ⅲ上經過P點的加速度等于軌道Ⅱ上經過P點的加速度，大小為可，選項C正確；D.著陸器在軌道Ⅱ上S點與在軌道Ⅲ上P點距離火星中心的距離相等，則其加速度大小相等，方向相反，選項D正確；故選CD.9、BCD【解析】

A.水變成水蒸氣，分子平均動能不變，但由于體積增大，分子間距離增大，由于氣體分子間間距接近，故在變化過程中分子力做負功，分子勢能增大，故內能增加，從宏觀來看，水變成水蒸氣需要吸熱，內能也是增加的，故A錯誤；B.做功和熱傳遞均可以改變物體的內能，故對物體做功內能可能增加，可能減少，故B正確；C.氣體分子熱運動的平均動能與分子間勢能分別取決于氣體的溫度和體積，故C正確；D.由熱力學第零定律，兩系統達到熱平衡的條件為溫度相同，故D正確；E.由熱力學第二定律，功可以全部轉化為熱，而熱量也可以全部轉化為功，但要引起其他方面的變化，故E錯誤；故選BCD。10、AD【解析】

A.由于是輕彈簧，當彈簧恢復原長時，彈簧停止運動，滑塊繼續向上滑動，滑塊與彈簧分離，故A正確；B.在bc段做勻減速運動，根據圖象可知加速度大小為：，根據牛頓第二定律得：mgsin37°+μmgcos37°=ma，解得：μ=0.5，故B錯誤；C.由圖示圖象可知，t=0.1s時滑塊的速度：v0=1m/s，由勻變速直線運動的速度公式得，t1=0.3s時的速度大小：v1=v0?at=1?10×(0.3?0.1)=0m/s；在t1時刻之后滑塊沿斜面下滑，由牛頓第二定律得：mgsin37°?μmgcos37°=ma′，解得：a′=1m/s1，從t1到t3做初速度為零的加速運動，t=0.4s時刻的速度為：v3=a′t′=1×0.1=0.1m/s；故C錯誤；D.根據t1=0.1s時滑塊已上滑x=0.1m的距離，由功能關系可得彈簧鎖定時具有的彈性勢能為：代入數據得：故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①減小1.51.2否【解析】

(1)[1]由圖象①可知，當F=1時，a≠1．也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學實驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高．所以圖線①是在軌道右側抬高成為斜面情況下得到的；[2]要想使得該圖線過原點，即當有合力F時，才會產生加速度a，因此應減小軌道的傾角；(2)[3][4]根據得所以滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發射部分的總質量的倒數．由圖形b得加速度a和所受拉力F的關系圖象斜率k=2，所以滑塊和位移傳感器發射部分的總質量m=1.5kg由圖形b得，在水平軌道上F=1N時，加速度a=1，根據牛頓第二定律得F-μmg=1解得μ=1.2(3)[5]滑塊和位移傳感器發射部分受到的拉力由力傳感器得出，實驗過程中不需要控制滑塊和位移傳感器發射部分的總質量遠遠大于重物質量．12、AB1.20B在誤差允許范圍內，重物下落過程中機械能守恒【解析】

(1)[1]A．實驗供選擇的重物應該相對質量較大、體積較小的物體，這樣能減少摩擦阻力的影響，故A正確；BC．為了提高紙帶的利用率且讓計時器穩定工作，應讓重物靠近打點計時器，先接通電源后由靜止釋放紙帶，故B正確，C錯誤；D．若紙帶上開頭打出的幾點模糊不清，也可設法用后面清晰的點進行驗證，故D錯誤。故選AB。(2)[2]打測量點2時重錘的速度為(3)[3]選打第一個點時重錘所在位置為0高度，物體向下運動時，高度為負值，據重力勢能表達式EP=mgh知，重物的重力勢能也為負值，且與下落高度成正比，故AC錯誤，B正確，故選B。(4)[4]選打第一個點時重錘所在位置為0高度，此時物體的重力勢能為零，動能也為零，出臺機械能為零，圖線Ⅱ中的機械能時刻為零，機械能守恒，故結論為：在誤差允許范圍內，重物下落過程中機械能守恒。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】

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