2025屆江西省崇仁縣第二中學物理高三上期中達標檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，豎直平面內(nèi)放一直角桿MON，桿的水平部分粗糙，動摩擦因數(shù)μ=0.2，桿的豎直部分光滑．兩部分各套有質(zhì)量均為1kg的小球A和B，A、B球間用細繩相連．初始A、B均處于靜止狀態(tài)，已知OA=3m，OB=4m，若A球在水平拉力的作用下向右緩慢地移動1m（取g=10m/s2），那么該過程中拉力F做功為（）A．4JB．10JC．12JD．14J2、如圖所示為兒童蹦床時的情景，若兒童每次與彈性床相碰后都能回到相同的高度，并重復上述運動，取每次與彈性床的剛接觸的點為原點建立坐標系，豎直向上為正方向，下列兒童位置（即坐標y）和其速度v的關(guān)系圖象中，能大體描述該過程的是（）A． B． C． D．3、水平轉(zhuǎn)臺上有質(zhì)量相等的A、B兩小物塊，兩小物塊間用沿半徑方向的細線相連，兩物塊始終相對轉(zhuǎn)臺靜止，其位置如圖所示(俯視圖)，兩小物塊與轉(zhuǎn)臺間的最大靜摩擦力均為，則兩小物塊所受摩擦力、隨轉(zhuǎn)臺角速度的平方()的變化關(guān)系正確的是A． B． C． D．4、一小滑塊以初速度v0沿足夠長、粗糙程度均勻的固定斜面減速下滑，直至停止。若用a、x、h、v分別表示滑塊在此過程中加速度、位移、下降高度和速度的大小，t表示時間，則下列圖像正確的是A． B．C． D．5、如圖所示，A、B質(zhì)量均為m，輕質(zhì)小滑輪距光滑水平桿高度為H，開始時輕質(zhì)細繩與桿夾角α=45°.釋放B后，A、B同時開始運動，小滑輪繞軸無摩擦轉(zhuǎn)動.則在A、B開始運動以后，下列說法正確的是()A．A、B速度同時達到最大值B．輕質(zhì)細繩一直對B做負功C．A能獲得的最大動能為()mgHD．B的機械能一直在減小6、如圖所示，小球A、B通過一條細繩跨過定滑輪連接，它們都套在一根豎直桿上．當兩球平衡時，連接A、B兩球的細繩與水平方向的夾角分別為θ和2θ.假設(shè)裝置中的各處摩擦均不計，則A、B球的質(zhì)量之比為A．1：2cosθ B．2cosθ：1C．tanθ：1 D．1：2sinθ二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質(zhì)量為4kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上，質(zhì)量為1kg的物體B用細線懸掛在天花板上，B與A剛好接觸但不擠壓，現(xiàn)將細線剪斷，則剪斷后瞬間，下列結(jié)果正確的是（g取10m/s2）A．A加速度的大小為2.5m/s2B．B加速度的大小為2m/s2C．彈簧的彈力大小為50ND．A、B間相互作用力的大小為8N8、1015年9月3日上午10時，紀念中國人民抗日戰(zhàn)爭暨世界反法西斯戰(zhàn)爭勝利70周年閱兵儀式開始，如圖所示為空中梯隊通過天安門廣場．空中梯隊在地面上空某高度A位置處于靜止狀態(tài)待命，要求空中梯隊零時刻由靜止狀態(tài)沿水平方向做勻加速直線運動，經(jīng)過AB段加速后，進入BC段的受閱區(qū)做勻速直線運動，經(jīng)過t時間到達C位置，已知AB段長為L1，BC段長為L1．下列說法正確的是（）A．空中梯隊到達B點時的速度為B．空中梯隊在AB段的平均速度為C．空中梯隊在AC段的平均速度為D．空中梯隊在AB段的加速度為9、如圖甲所示，靜止在水平地面上的物塊受到水平拉力F的作用，F(xiàn)與時間t的關(guān)系如圖乙所示，設(shè)物塊與地面之間的最大靜摩擦力大小與滑動摩擦力大小相等，則()A．時間內(nèi)所受摩擦力大小不變B．時刻物塊的速度最大C．時間內(nèi)物塊做加速度減小的加速運動D．時間內(nèi)物塊克服摩擦力做功的功率增大10、如圖所示，在水平向右的勻強電場中，某帶電粒子從A點運動到B點，在A點時速度豎直向上，在B點時速度水平向右，在這一運動過程中粒子只受電場力和重力，并且克服重力做的功為1J，電場力做的正功為3J，則下列說法中正確的是（）A．粒子帶正電B．粒子在A點的動能比在B點多2JC．粒子在A點的機械能比在B點少3JD．粒子由A點到B點過程中速度最小時，速度的方向與水平方向的夾角為60°三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組利用如圖所示的裝置研究物體做勻變速直線運動的情況：按如圖所示裝置準備好器材后，先接通電源，然后后釋放小車，讓它拖著紙帶運動，得到如圖所示紙帶，紙帶上選取A、B、C、D、E五個計數(shù)點（相鄰兩個計數(shù)點間還有4個計時點未畫出）。打點計時器使用的交流電源的頻率f＝50Hz，則打點計時器在紙帶上打下相鄰兩計數(shù)點的時間間隔為______s。根據(jù)紙帶上的信息可計算出：在打下計數(shù)點C時小車運動的速度大小的測量值為________m/s；小車在砂桶的拉力作用下做勻加速直線運動的加速度大小的測量值為________m/s2。（計算結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）12．（12分）研究性學習小組為“研究勻變速直線運動的規(guī)律”和“測當?shù)氐闹亓铀俣取保捎昧巳鐖D1所示的裝置，其中m1＝50g、m1＝150g，開始時保持裝置靜止，然后釋放物塊m1，m1可以帶動m1拖著紙帶打出一系列的點，只要對紙帶上的點進行測量，即可研究勻變速直線運動．某次實驗打出的紙帶如圖1所示，0是打下的第一個點，兩相鄰點間還有4個點沒有標出，交流電頻率為50Hz．（1）系統(tǒng)的加速度大小為________m/s1，在打點0～5的過程中，系統(tǒng)動能的增量ΔEk＝________J．（1）忽略一切阻力的情況下，某同學作出的—h圖象如圖3所示，則當?shù)氐闹亓铀俣萭＝______m/s1．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，傳送帶A、B之間的距離為L＝3.2m，與水平面間的夾角θ＝37°，傳送帶沿順時針方向轉(zhuǎn)動，速度恒為v＝2m/s，在上端A點無初速度地放置一個質(zhì)量為m＝1kg、大小可視為質(zhì)點的金屬塊，它與傳送帶的動摩擦因數(shù)為μ＝0.5，金屬塊滑離傳送帶后，經(jīng)過彎道，沿半徑為R＝0.4m的光滑圓軌道做圓周運動，剛好能通過最高點E。已知B、D兩點的豎直高度差h＝0.6m(g取10m/s2)求：(1)金屬塊經(jīng)過D點時的速度；(2)金屬塊在BCD彎道上克服摩擦力做的功。14．（16分）帶電荷量為q=+5.0×10-8C的點電荷從A點移到B點時，克服電場力做功3.0×10—6J．已知B點的電勢為UB=20V．求：(1)A、B間的電勢差；(2)A點的電勢；(3)q從A到B的電勢能變化；(4)將q/=-5.0x10—8C的點電荷放在A點時它的電勢能．15．（12分）牛頓思考月球繞地球運行的原因時，蘋果偶然落地引起了他的遐想：拉住月球使它圍繞地球運動的力與拉著蘋果下落的力，是否都與太陽吸引行星的力性質(zhì)相同，遵循著統(tǒng)一的規(guī)律一一平方反比規(guī)律？因此，牛頓開始了著名的“月一地檢驗”．（1）已知月球與地球的距離約為地球半徑的60倍，如果牛頓的猜想正確，請你據(jù)此計算月球公轉(zhuǎn)的向心加速度a和蘋果下落的加速度g的比值．（2）在牛頓的時代，月球與地球的距離r、月球繞地球公轉(zhuǎn)的周期T等都能比較精確地測定，請你據(jù)此寫出計算月球公轉(zhuǎn)的向心加速度的表達式：，，地面附近的重力加速度，請你根據(jù)這些數(shù)據(jù)估算比值；與（1）中的結(jié)果相比較，你能得出什么結(jié)論？（3）物理學不斷詮釋著自然界的大統(tǒng)與簡約．換一個角度再來看，蘋果下落過程中重力做功，重力勢能減少，試列舉另外兩種不同類型的勢能，并說出這些勢能統(tǒng)一具有的特點（至少說出兩點）．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

對AB整體受力分析，根據(jù)共點力平衡條件列式，求出支持力N，從而得到滑動摩擦力為恒力，最后對整體運用動能定理列式，得到拉力的功；【詳解】對AB整體受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的彈力N1，如圖所示：

根據(jù)共點力平衡條件，有

豎直方向：

水平方向：

其中：

解得：，

對整體在整個運動過程中運用動能定理列式，得到：根據(jù)幾何關(guān)系，可知求B上升距離，故有：，故選項D正確，選項ABC錯誤．【點睛】本題中拉力為變力，先對整體受力分析后根據(jù)共點力平衡條件得出摩擦力為恒力，然后根據(jù)動能定理求變力做功．2、A【解析】

將兒童蹦床的過程大體上等效為逆過程的自由落體運動，由v2=2gy可知，兒童位置（即坐標y）和其速度v的關(guān)系圖象類似開口向下的拋物線，兒童在上升過程中速度減小，下落過程中速度反向增大．A.由上分析知，圖像與分析一致，故A正確；B.由上分析知，圖像與分析不一致，故B錯誤；C.由上分析知，圖像與分析不一致，故C錯誤；D.由上分析知，圖像與分析不一致，故D錯誤．3、B【解析】

當轉(zhuǎn)臺的角速度比較小時，A、B物塊做圓周運動的向心力由靜摩擦力提供，隨著角速度增大，由知向心力增大，由于B物塊的轉(zhuǎn)動半徑大于A物塊的轉(zhuǎn)動半徑，B物塊的靜摩擦力先達到最大靜摩擦力，角速度再增大，則細線上出現(xiàn)張力，角速度繼續(xù)增大，A物塊受的靜摩擦力也將達最大，這時A物塊開始滑動．【詳解】當轉(zhuǎn)臺的角速度比較小時，A、B物塊做圓周運動的向心力由靜摩擦力提供，隨著角速度增大，由知向心力增大，此時A、B的摩擦力與成正比．由于B物塊的轉(zhuǎn)動半徑大于A物塊的轉(zhuǎn)動半徑，B物塊的靜摩擦力先達到最大靜摩擦力，此后繩子出現(xiàn)張力，B的摩擦力不變，而A的摩擦力繼續(xù)增大，但不與成正比了，故A錯誤，B正確；剛開始轉(zhuǎn)動時，由于加速度較小，AB物塊做圓周運動的向心力由靜摩擦力提供，繩子沒有張力，當B物塊的靜摩擦力達到最大靜摩擦力后，繩子出現(xiàn)張力，直到A開始滑動前，B所受的靜摩擦力一直為最大值，故CD錯誤．故選B．【點睛】本題的關(guān)鍵是抓住臨界狀態(tài)，隔離物體，正確受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解．4、B【解析】

A．在下滑過程中，物體的加速度為加速度的大小保持不變。故A錯誤；BC．物體向下做勻減速運動，故下滑的位移為位移-時間關(guān)系的圖象是向下彎曲的線。下降的高度為h=s?sinθ也是向右彎曲的線。故B正確，C錯誤；

D．下滑過程中速度大小關(guān)系為速度與時間之間是線性關(guān)系，所以速度圖線是一條直線。故D錯誤。5、C【解析】

AB．物體運動示意圖如下圖所示：物體A從開始到C的過程中，細繩拉力對A做正功，細繩對B做負功，物體A的動能增大。A從C向右運動的過程中，細繩對A做負功，對B做正功，A的動能減小，所以在C點時A的速度最大，而B到達最低點，速度為零，所以A、B速度不是同時達到最大值。故AB錯誤。C．在物塊A由出發(fā)第一次到達C點過程中，由系統(tǒng)的機械能守恒得：。故C正確。D．由上可知繩對B做先做負功后做正功，所以B的機械能先減小后增大。故D錯誤。6、A【解析】

設(shè)繩子的拉力為T，則對小球A：Tsinθ=mAg；對B：Tsin2θ=mBg；聯(lián)立解得mA：mB=1：2cosθ，故選A.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A、物體A、B接觸但不擠壓，剪斷細線前，對A由平衡條件得，彈簧的彈力：，由于彈簧的彈力不能突變，剪斷細線瞬間彈力大小仍為；

剪斷細線后，A、B一起向下加速運動，對系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：，解得：，故A錯誤，BC正確；

D、對B，由牛頓第二定律得：，解得：，則A、B間的作用力為，故D正確．點睛：彈簧的彈力不能突變，以A、B系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律求出系統(tǒng)的加速度，然后以B為研究對象，由牛頓第二定律求出A、B間的作用力．8、ACD【解析】

A．空中梯隊的運動示意圖如圖所示，設(shè)空中梯隊在B點的速度為v，則在AB段的平均速度為，根據(jù)，解得，選項A正確；B．空中梯隊在AB段運動的時間小于t，在AB段運動的平均速度大于，選項B錯誤；C．由于時間t與L1＋L1對應，故空中梯隊在AC段的平均速度為，選項C正確；D．根據(jù)1aL1＝v1解得a＝，選項D正確．9、BD【解析】

A．在0-t1時間內(nèi)水平拉力小于最大靜摩擦力，物體保持不動，摩擦力大小逐漸增大，故A錯誤；B．t1到t3時刻，合力向前，物體一直加速前進，t3時刻后合力反向，要做減速運動，所以t3時刻速度最大，故B正確；C．t1到t2時刻，拉力逐漸增大，摩擦力不變，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度逐漸增大，故C錯誤；D．t2～t3時間內(nèi)速度逐漸增大，摩擦力大小不變，根據(jù)P=fv可知物塊克服摩擦力做功的功率增大，故D正確．故選BD．點睛：根據(jù)受力情況分析物體運動情況，t1時刻前，合力為零，物體靜止不動，t1到t3時刻，合力向前，物體加速前進，t3之后合力向后，物體減速運動．10、ACD【解析】解：A、從A到B，電場力做正功，可知電場力方向水平向右，電場強度方向水平向右，所以粒子帶正電．故A正確．B、根據(jù)動能定理得，從A到B動能的變化量△EK=WG+W電=﹣1+3=2J，所以粒子在A點的動能比B點少2J．故B錯誤．C、除重力以外只有電場力做功，因為除重力以外其它力做功等于機械能的增量，所以A到B機械能增加3J．故C正確．D、豎直方向mgh=1J=全程故即由動量定理：mgt=mvqEt=mv'得可知合力與水平方向成30度角，當合速度與合力垂直時，合速度達到最小值，故速度方向與水平方向成60度角．故D正確．故選ACD．【點評】本題綜合考查了動能定理以及動量定理和功能關(guān)系，D選項較難，關(guān)鍵知道當合力方向與合速度方向垂直時，速度達到最小值．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.10.300.80【解析】

[1]．打點計時器在紙帶上打下相鄰兩計數(shù)點的時間間隔為T=5×0.02s=0.1s。[2]．在打下計數(shù)點C時小車運動的速度大小的測量值為；[3]．根據(jù)可知，小車加速度大小12、4.80.5769.6【解析】

（1）據(jù)題意，從紙帶可以求出系統(tǒng)的加速度：,而相鄰計數(shù)點之間時間間隔為：，則加速度為：，在打點0～5的過程中，系統(tǒng)動能的增量為：，計數(shù)點5的瞬時速度為：，則；（1）據(jù)，整理得：，則圖像斜率為：，重力加速度為：．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）4J【解析】

（1）由向心力公式可求得E點的速度，再由動能定理可求得D的速度；（2）對AB過程由牛頓第二定律及運動學公式可得出B點的速度，再對BCD段由動能定理可求得克服摩擦力所做的功．【詳解】（1）金屬塊剛好能通過最高點E，那么對金屬塊在E點應用牛頓第二定律可得：mg=m；金屬塊從D到E的運動過程只有重力做功，機械能守恒，故有：聯(lián)立可得：vD==m/s；（2）金屬塊開始在AB運動，根據(jù)牛頓第二定律，mgsinθ+μmgcosθ=ma1，a1=gsinθ+μgcosθ=10m/s2，金屬塊若在AB上做勻加速運動，那么由勻加速運動規(guī)律可知：在B處的速度vB1==8m/s>2m/s；故金屬塊先做加速度為a1的勻加速運動到2m/s，然后做加速度a2=（mgsinθ?μmgcosθ）/m=2m/s2的勻加速運動到B；金屬塊在a1