福建省華安一中、龍海二中2025屆物理高二第一學期期中統考試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖是示波管的工作原理圖：電子經電場加速后垂直于偏轉電場方向射入偏轉電場，若加速電壓為U1，偏轉電壓為U2，偏轉電場的極板長度與極板間的距離分別為L和d，y為電子離開偏轉電場時發生的偏轉距離．取“單位偏轉電壓引起的偏轉距離”來描述示波管的靈敏度，即（該比值越大則靈敏度越高），則下列哪種方法可以提高示波管的靈敏度（）A．增大U1B．增大U2C．減小LD．減小d2、如圖所示，面積為S的線圈平面與磁感應強度為B的勻強磁場垂直，一半在磁場中，則穿過線圈的磁通量為A．0 B．BSC．BS D．2BS3、如圖所示是電阻R1和R2的伏安特性曲線，并且把第一象限分為Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個區域.現在把電阻R1和R2并聯在電路中，消耗的電功率分別為P1和P2，并聯的總電阻設為R，下列關于P1與P2的大小關系及R的伏安特性曲線所在的區域正確的是A．特性曲線在Ⅰ區，P1＜P2B．特性曲線在Ⅲ區，P1＞P2C．特性曲線在Ⅰ區，P1＞P2D．特性曲線在Ⅲ區，P1＜P24、如圖所示，將平行板電容器兩極板分別與電池正、負極相接，兩極板間一帶電液滴恰好處于靜止狀態，現貼著下極板插入一定厚度的金屬板，則在插入過程中下列選項正確的是（）A．電容器的帶電荷量不變B．電路將有順時針方向的短暫電流C．帶電液滴仍將靜止D．帶電液滴將向上做加速運動5、如圖所示，實線為電場線，虛線為等勢面，相鄰兩等勢面間的電勢差相等．一個正電荷在等勢面L3處的動能為20J，運動到等勢面L1處時動能為零；現取L2為零電勢參考平面，則當此電荷的電勢能為4J時，它的動能為(不計重力及空氣阻力)A．16JB．10JC．6JD．4J6、兩個電池1和2的電動勢E1＞E2，它們分別向同一電阻R供電，電阻R消耗的電功率相同．比較供電時電池1和2內部消耗的電功率P1和P2及電池的效率η1和η2的大小，則有()A．P1＞P2，η1＞η2 B．P1＞P2，η1＜η2C．P1＜P2，η1＞η2 D．P1＜P2，η1＜η2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在一塊足夠大的鉛板A的右側固定著一小塊放射源P，P向各個方向不斷放射出電子，電子的初速度大小均為v0，電子的重力忽略不計．在A板右方距A為d處放置一個與A平行的金屬板B，在A、B之間加上恒定電壓U（B板電勢高）A．電子打在B板上的范圍是個圓B．僅增加d的大小，電子到達B板時的動能增大C．僅增加d的大小，電子打在B板時的范圍面積增大D．僅增加U的大小，電子打在B板時的范圍面積不變8、如圖所示，虛線為某點電荷激發的電場中的三個等勢面，等勢面a上的電場強度大小為E，電勢為，等勢面c上的電場強度大小為，電勢為，相鄰兩個等勢面的間距相等。某質子只受電場力作用，在電場運動的軌跡如圖中實線所示，若該質子在等勢面c上的動能為，下列說法正確的是（）A．點電荷可能為負電荷B．質子經過等勢面b的電勢能為C．質子經過等勢面b的加速度大小是經過c加速度大小的倍D．質子經過等勢面c的速度大小是經過等勢面a速度大小的倍9、下列說法正確的是（）A．沿電場線方向場強逐漸減小B．沿電場線方向電勢逐漸降低C．沿電場線方向電勢逐漸升高D．沿電場線方向移動正電荷電場力做正功10、下列說法中正確的是（）A．電荷在某處不受電場力的作用，則該處的電場強度為零B．一小段通電導線在某處不受安培力的作用，則該處磁感應強度一定為零C．把一個試探電荷放在電場中的某點，它受到的電場力與所帶電荷量的比值表示該點電場的強弱D．把一小段通電導線放在磁場中某處，所受的磁場力與該小段通電導線的長度和電流的乘積的比值表示該處磁場的強弱三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）“研究勻變速直線運動”實驗獲得的一條紙帶如圖1所示，已知a、b兩個相鄰計數點時間間隔為0.10s，則從a至b這段時間內物體的平均速度約為_____小明用打點計時器研究小車的運動，在實驗過程中：①打點計時器應使用_____（填“直流”或“交流”）電源．②他打出一條紙帶，按打點先后順序每5個點取1個計數點，并計算出相應時刻的瞬時速度，如下表所示．請根據表中的數據，在坐標系中作出小車運動的v﹣t圖象_________．③由作出的v﹣t圖象可以判斷，小車做_____（填“勻速”、“勻加速”或“變加速”）直線運動．12．（12分）為提高學生的動手操作能力，學校實驗室對外開放。小明去實驗室發現一段阻值大約為6Ω的電阻，他欲采用伏安法對其進行測定。實驗室有以下器材可供他選擇:（要求測量結果盡量準確）A．電池組（3V，內阻約1Ω）B．電流表（0~3A，內阻約0.025Ω）C．電流表（0~0.6A，內阻約0.125Ω）D．電壓表（0~3V，內阻約3kΩ）E.電壓表（0~15V，內阻約15kΩ）F.滑動變阻器（0~10Ω，額定電流1A）G.滑動變阻器（0~1000Ω，額定電流0.1A）H.開關，導線若干①實驗時應選用的器材是__（填寫各器材的字母代號）。②請在下面的虛線框中畫出實驗電路圖。（________）③小明選擇器材、連接電路和操作均正確，從實驗原理_上看，待測電阻測量值_______實值（填“大于”或“小于”），原因是_________________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，abcd是一個正方形的盒子，在cd邊的中點有一個小孔e,盒子中存在著沿ad方向的勻強電場．一粒子源不斷地從a處的小孔沿ab方向向盒內發射相同的帶電粒子，粒子的初速度為υ0，經電場作用后恰好從e處的小孔射出．現撤去電場，在盒中加一方向垂直于紙面的勻強磁場（圖中未畫出），粒子仍恰好從e孔射出（粒子的重力和粒子間的相互作用力均可忽略），則（1）所加磁場的方向如何？（2）電場強度E與磁感應強度B的比值為多大？14．（16分）如面所示，寬度為的平行金屬導軌與水平面之間的夾角為，金屬棒ab重直導軌水平放置，處于靜止狀態。已知金屬棒質量，電阻為，金屬棒與導軌間的動摩擦因數為0.5。整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中，磁場的磁感應強度為B=2T，導軌所接電源的電動勢為E=10V，內阻。若最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，滑動變阻器的阻值符合要求，其他電阻不計，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求(1)金屬棒所受安培力的最大值；(2)滑動變阻器接入電路中阻值的最大值。15．（12分）如圖所示，在水平面內有一個正三角形邊界和一個邊長為l、每條邊均為擋板的正六邊形邊界ABCDEF，在其六個頂點各開有一小孔，且正三角形邊界與正六邊形邊界的幾何中心重合.兩邊界之間的區域Ⅰ和六邊形邊界以內的區域Ⅱ均有垂直紙面向里的勻強磁場，三角形邊界以外為真空.區域Ⅰ磁感應強度大小為4B0，區域Ⅱ磁感應強度大小為B0.現有大量質量均為m、電量均為q的正電粒子(粒子直徑略小于小孔直徑)從A點以大小不同的速度v垂直于AB邊進入區域Ⅱ，若粒子與擋板撞擊則速度立刻減為0，不計粒子的重力與粒子間的相互作用力，則：(1)求能從頂點C由區域Ⅱ射入區域Ⅰ的粒子速度的大小；(2)求粒子最初從A點出發又回到A點經歷的最短路程;(3)為使所有粒子均不會從正三角形邊界中飛出，求正三角形邊界所圍的最小面積.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】經加速電場后的速度為v，則根據動能定理：，所以電子進入偏轉電場時速度的大小為，，電子進入偏轉電場后的偏轉的位移為，，所以示波管的靈敏度，所以要提高示波管的靈敏度可以增大L，減小d和減小U1，故D正確，ABC錯誤．2、B【解析】根據磁通量公式Φ＝BS，因為圖中有效面積為S，所以B項正確．3、C【解析】試題分析：把R1和R2并聯在電路中，并聯的總電阻R比R1和R2都小，則R的伏安特性曲線的斜率大于R1和R1的伏安特性曲線的斜率，則R的伏安特性曲線應該Ⅰ區．R1和R2考點：本題考查了I-U圖像的理解以及并聯電路功率的計算點評：本題首先要從數學角度理解圖線的物理意義：斜率越大，電阻越小．其次抓住并聯電路的基本特點：支路兩端的電壓相等．4、D【解析】試題分析：解：A、B、插入陶瓷板，根據決定式，知電容增大，而電容器始終與電源連接（電勢差不，則知，電容器帶電量增大（充電）．電路中有逆時針方向的短暫電流．故A、B錯誤．C、D、電勢差不變，d減小，則電場強度增大，帶電液滴所受的電場力增大，大于重力，將向上做加速運動．故C錯誤、D正確．故選D．考點：本題考查了電容器的動態分析．5、C【解析】試題分析：根據動能定理得知從L3到L1處電場力做的功，故電勢能增加20J．取L2為零勢面，則L1處電勢能為10J，L3處電勢能為-10J，故可知電荷在L3處的電勢能和動能之和為10J，在運動的過程中，只有電場力做功，所以電荷的電勢能與動能之和保持不變，所以電荷的電勢能為4J時，它的動能為6J，故只有選項C正確．考點：等勢面、電勢差、電勢6、B【解析】因為向同一電阻R供電，電阻R消耗的電功率相同，則電流I相等．據，因E1＞E2，則．據，兩電源內部消耗的電功率．據，電池的效率．故B項正確，ACD三項錯誤．點睛：注意區分電源的功率與效率，搞清各自的公式．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】試題分析：打在最邊緣處的電子，將是類平拋運動的電子，在垂直電場方向做勻速運動，即，在平行電場方向做初速度為零的勻加速運動，即，其中，，則，將代入得：，由于電子運動的對稱性，打在B板上的電子的分布范圍是圓形區域，故A正確；電子到達B的過程中只有電場做功，由于電場力做功：，所以電子到達B的動能與極板之間的距離無關，故B錯誤；圓面積；僅增加d的大小，電子打在B板時的范圍面積增大，故C正確；圓面積；僅增加U的大小，電子打在B板時的范圍面積減小，故D錯誤．考點：帶電粒子在勻強電場中的運動【名師點睛】對于功的求解要根據題目選擇正確的途徑，了解研究對象的運動過程是解決問題的前提，根據題目已知條件和求解的物理量選擇物理規律解決問題．8、CD【解析】

A．從運動軌跡可以看出兩個電荷相互排斥，故點電荷帶正電，故A錯誤；B．在點電荷形成的電場中，越靠近點電荷的電場強度越大，ab之間的電場強度大于bc之間的電場強度，ab之間的電勢差大于bc之間的電勢差，所以b處的電勢小于40V，質子經過等勢面b的電勢能小于40eV，故B錯誤。C．根據點電荷的電場強度的公式結合等勢面a上的電場強度大小為E，等勢面c上的電場強度大小為，可知c到點電荷的距離為a到點電荷距離的3倍；a與c之間的距離為a到點電荷的距離的2倍，相鄰兩個等勢面的間距相等，所以b到點電荷的距離為a到點電荷的距離為2倍；所以b處的電場強度為a的電場強度的，即b處電場強度的大小為，b處電場強度的大小是c處電場強度的倍，根據加速度可知質子在b處的加速度大小是c處加速度大小的2.25倍；故C正確；D．質子只受電場力，動能與電勢能之和不變，質子在等勢面c上的動能為80eV，電勢能為20eV，總能量為100eV；質子在a處的電勢能為60eV，故動能為40eV；質子在a處的動能為c處動能的一半，所以質子經過等勢面c的速度大小是經過等勢面a速度大小的倍，故D正確；故選CD。9、BD【解析】

本題根據電場線的物理意義分析場強與電勢的關系；根據電場力方向與位移方向的關系分析電場力做功的正負．【詳解】A、B、C、沿電場線方向，電勢必定降低，而電場線疏密不一定，則場強不一定減小，故AC錯誤，B正確．D、順著電場線方向移動正電荷時，電場力方向沿電場線方向，則電場力做正功，故D正確．故選BD．【點睛】電場強度和電勢都是描述電場本身性質的物理量，可根據電場線的物理意義來理解它們之間的關系：場強大小看電場線的疏密，而電勢高低看電場線的方向，兩者無關．10、AC【解析】

根據場強的定義式，檢驗電荷在某處不受電場力的作用，則該處電場強度一定為零，故A正確；當一小段通電導線與磁場的方向平行時，在某處不受磁場力作用，但不能確定該處磁感應強度一定為零．故B錯誤；把一個試探電荷放在電場中的某點，它受到的電場力與所帶電荷量的比值為該點的電場強度，即表示電場的強弱，故C正確；只有通電導線垂直放入磁場中時，通電導線所受的磁場力與該小段通電導線的長度和電流的乘積的比值表示該處磁場的強弱，故D錯誤．故選AC．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.27m/s交流答案見解析勻加速【解析】（1）根據平均速度公式v=xt，則從a至b這段時間內物體的平均速度v③v﹣t圖象為一條傾斜的直線，由作出的v﹣t圖象可以判斷，小車做勻加速直線運動．12、ACDFH小于電流表的讀數大于流過待測電阻的實際電流【解析】

①[1]電源的電動勢為3V，電壓表應選D．因采用伏安法測定一段阻值約為6Ω左右的金屬絲的電阻，電阻中最大電流約為通過待測金屬絲的電流不太大，電流表應選C.因滑動變阻器最大電阻大于待測電阻，考慮變阻器用限流式接法，故可選變阻器F，當然還應選H;所以實驗時應選用的器材是ACDFH；②[2]應用伏安法測電阻，即用電壓表測電阻兩端電壓，電流表測通過電阻的電流，小電阻電流表采用外接法，實驗電路圖如圖所示③[3][4]待測電阻阻值較小，所以需用電流表外接，由于電壓表的分壓作用，測量電流比實際值偏大，電壓測量準確，根據可知，測量值偏小.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）垂直直面向外（2【解析】試題分析：（1）帶電粒子在電場中向下偏轉，可知該粒子帶正電，在磁場中要向下偏轉，洛倫茲力方向應向下，根據左手定則判斷磁場方向．（2）加電場時，粒子在電場中做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻加速運動，已知水平位移大小為，豎直位移大小為L，由牛頓第二定律和運動學公式求出電場強度的表達式．粒子在磁場中做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出磁感應強度的表達式，再求解比值．（1）帶電粒子在電場中向下偏轉，則知該粒子帶正電，在磁場中要向下偏轉，洛倫茲力方向應向下，根據左手定則判斷得知磁場方向垂直紙面向外．

（2）設正方形邊長為L．加電場時，設粒子射出e時豎直方向的分速度大小為粒子在電場中做類平拋運動，水平方向做勻速