2025屆浙江省麗水、衢州、湖州三地市物理高二上期中統(tǒng)考試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一帶電粒子在勻強(qiáng)電場E中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示,電場方向豎直向下。若不計(jì)空氣阻力和粒子的重力,則此帶粒子從a運(yùn)動(dòng)到b的過程中,下列說法正確的是()。A．粒子帶正電B．動(dòng)能增加C．電勢能增加D．動(dòng)能和電勢能之和減少2、如圖所示,虛線為靜電場中的等勢面1、2、3、4,相鄰的等勢面之間的電勢差相等,其中等勢面3的電勢為0.—帶正電的點(diǎn)電荷在靜電力的作用下運(yùn)動(dòng),經(jīng)過a、b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別為26eV和2eV.當(dāng)這一點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)到某一位置,其電勢能變?yōu)?8eV,它的動(dòng)能應(yīng)為(

)A．8eV B．18eV C．24eV D．20eV3、兩塊大小、形狀完全相同的金屬平板平行放置，構(gòu)成一平行板電容器，與它相連接的電路如圖所示.閉合開關(guān)S，電容器充電完成后（）A．保持S閉合，減小兩極板間的距離，則兩極板間電場的電場強(qiáng)度減小B．保持S閉合，在兩極板間插入一塊絕緣介質(zhì)，則極板上的電荷量減小C．?dāng)嚅_S，減小兩極板間的距離，則兩極板間的場強(qiáng)增大D．?dāng)嚅_S，在兩極板間插入一塊絕緣介質(zhì)，則兩極板間的電勢差減小4、如圖所示，是有兩個(gè)量程的電壓表，當(dāng)使用a、b兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，量程為0～10V。當(dāng)使用a、c兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，量程為0～100V。已知電流表的內(nèi)阻Rg為500Ω，滿偏電流Ig為1mA，則R1和R2的阻值分別是A．9.5103，9.0104B．9104，9.5103C．8.5103，9.0103D．9.5103，9.01035、下列關(guān)于磁感線的敘述，正確的說法是（）A．磁感線是磁場中確實(shí)存在的一種曲線 B．磁感線總是從N極指向S極C．磁感線是由磁場中的鐵屑形成的 D．磁感線是根據(jù)磁場的性質(zhì)人為地畫出來的曲線6、如圖所示，電子射線管放在蹄形磁鐵的兩極之間，可以觀察到電子束偏轉(zhuǎn)的方向是()A．向上 B．向下 C．向左 D．向右二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，一直流電動(dòng)機(jī)與阻值R＝9Ω的電阻串聯(lián)在電源上，電源電動(dòng)勢E＝30V，內(nèi)阻r＝1Ω，用理想電壓表測出電動(dòng)機(jī)兩端電壓U＝10V，已知電動(dòng)機(jī)線圈電阻RM＝1Ω，則下列說法中正確的是A．通過電動(dòng)機(jī)的電流為10AB．電動(dòng)機(jī)的輸入功率為20WC．電源的輸出功率為40WD．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為16W8、下面四幅圖展示了-一些物理學(xué)的應(yīng)，說法正確的是A．甲圖是電磁炮，當(dāng)電源接通后，可以使炮彈獲得極大的發(fā)射速度，其原理是磁場對(duì)流過炮彈的電流產(chǎn)生力的作用B．乙圖是指南針，它可以指示南北方向，其原理是由于指針受到重力作用C．丙圖是防輻射服，其內(nèi)部是用包含金屬絲的織物制成，是因?yàn)榻饘俳z很堅(jiān)韌，有利于保護(hù)人體D．丁圖是靈敏電流表，在運(yùn)輸途中為了防止指針的大角度偏轉(zhuǎn)，會(huì)把靈敏電流表的正負(fù)接線9、光滑絕緣的水平面上M、N兩點(diǎn)各放一電荷量分別為+q和+2q，完全相同的金屬球A和B，給A和B以大小相等的初動(dòng)能E0（此時(shí)動(dòng)量大小均為p0）使其相向運(yùn)動(dòng)剛好能發(fā)生碰撞，碰后返回M、N兩點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別為E1和E2，動(dòng)量大小分別為p1和p2，則A．E1=E2=E0,p1=p2=p0B．E1=E2＞E0,p1=p2＞p0C．碰撞發(fā)生在M、N中點(diǎn)的左側(cè)D．兩球不同時(shí)返回M、N兩點(diǎn)10、如圖，與水平方向成45°角的直線MN處于豎直向下的勻強(qiáng)電場E中。帶電粒子從直線MN上的P點(diǎn)以速度v0水平向右拋出，經(jīng)過時(shí)間t到達(dá)直線MN上的Q點(diǎn)。帶電粒子的重力可以忽略。則下列正確的是（）A．粒子在Q點(diǎn)的速度大小為B．P、Q兩點(diǎn)距離C．粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為D．P、Q兩點(diǎn)間的電勢差三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)在測量一種均勻新材料的電阻率的過程中，相關(guān)測量如下：（1）用20分度的游標(biāo)卡尺測量其長度如圖甲所示，由圖可知其長度為________mm；（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，由圖可知其直徑為________mm.12．（12分）用如圖甲所示裝置來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，質(zhì)量為mA的鋼球A用細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，質(zhì)量為mB的鋼球B放在離地面高度為H的小支柱N上，使懸線在A球釋放前伸直，O點(diǎn)到A球球心的距離為L，且線與豎直線夾角為α，A球釋放后擺到最低點(diǎn)時(shí)恰與B球正碰，碰撞后，A球把輕質(zhì)指示針OC推移到與豎直線夾角β處，B球落到地面上，地面上鋪有一張蓋有復(fù)寫紙的白紙D，保持α角度不變，多次重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，白紙上記錄到多個(gè)B球的落點(diǎn)．圖中S是B球初始位置到B球平均落點(diǎn)的水平距離．（1）圖乙為B球的落地點(diǎn)，用____________（填使用的工具名稱）確定B球的平均落地點(diǎn)，碰撞后B球的水平射程應(yīng)取為____________cm；（2）用題中所給的物理量表示碰撞后A球碰撞前后的速度分別為：vA=_______；_______；（3）用題中所給的物理量表示碰撞后B球碰撞前后的速度為：vB=________________；（4）用題中所給的物理量表示需要驗(yàn)證的動(dòng)量守恒表達(dá)式：_______________．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)方向與豎直方向成α角，一帶電荷量為q、質(zhì)量為m的小球，用絕緣細(xì)線固定在豎直墻上，小球恰好靜止在水平位置.求：(1)小球所帶電荷的電性及場強(qiáng)的大??；(2)若將細(xì)線突然剪斷，小球在電場力和重力作用下做何種性質(zhì)的運(yùn)動(dòng)？加速度為多大？14．（16分）一帶負(fù)電的粒子，q=-2.0×，在靜電場中由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，在這過程中，除電場力外，其它力作的功為4.0×J，粒子動(dòng)能增加了7.0×J．求：（1）此過程電場力所做的功？（2）A、B兩點(diǎn)間的電勢差。15．（12分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)存在豎直方向的勻強(qiáng)電場。長度為l的輕質(zhì)絕緣細(xì)繩一端固定在O點(diǎn)，另一端連接一質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），初始時(shí)小球靜止在電場中的a點(diǎn)，此時(shí)細(xì)繩拉力為2mg，g為重力加速度。求：（1）電場強(qiáng)度E的大小和a、O兩點(diǎn)的電勢差UaO；（2）小球在a點(diǎn)獲得一水平初速度va=4，則小球在最低點(diǎn)繩子的拉力大小。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】粒子由a到b，運(yùn)動(dòng)軌跡向上彎曲，可判斷粒子受到的電場力的方向向上，與對(duì)電場線的方向相反，所以粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；電場力向上，由于電場力做正功，故動(dòng)能增加，電勢能減小，故B正確，C錯(cuò)誤；粒子在運(yùn)動(dòng)的過程中只有電場力做功，電勢能與動(dòng)能的總和不變．故D錯(cuò)誤．故選B.點(diǎn)睛：帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)類題目，較好的考查了曲線運(yùn)動(dòng)、動(dòng)能定理及能量關(guān)系，綜合性較強(qiáng)，故在高考中經(jīng)常出現(xiàn)，在學(xué)習(xí)中應(yīng)注意重點(diǎn)把握．2、B【解析】

由題，電荷經(jīng)過a、b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別為26eV和2eV，動(dòng)能減小為24eV，而相鄰的等勢面之間的電勢差相等，電荷在相鄰等勢面間運(yùn)動(dòng)時(shí)電場力做功相等，電勢能變化量相等，則電荷從3等勢面到4等勢面時(shí)，動(dòng)能減小8eV，電勢能增大，等勢面3的電勢為0，電荷經(jīng)過b時(shí)電勢能為8eV，又由題，電荷經(jīng)b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為2eV，所以電荷的總能量為：8eV+2eV=10eV其電勢能變?yōu)?8eV時(shí)，根據(jù)能量守恒定律得到，動(dòng)能應(yīng)為18eV，故選B。3、D【解析】

A.保持S閉合，則電容器兩極板間的電壓保持不變，減小兩極板間的距離，由E=U/d可知，兩極板間電場的電場強(qiáng)度增大，故A錯(cuò)誤；B.保持S閉合，則電容器兩極板間的電壓保持不變，在兩極板間插入一塊絕緣介質(zhì)，電容器的電容增大，由電容的定義式Q=UC，可知電容器所帶電荷量增大，故B錯(cuò)誤；C.斷開S，則電容器所帶電荷量保持不變，減小兩極板間的距離，兩極板間的場強(qiáng)，兩極板間的場強(qiáng)不變，故C錯(cuò)誤；D.斷開S，則電容器所帶電荷量保持不變，在兩極板間插入一塊絕緣介質(zhì)，由可知，電容器的電容增大，電容器的帶電荷量不變，所以兩極板間的電勢差U=Q/C減小，故D正確.4、A【解析】

改裝后的量程為U=Ig（Rg+R串）據(jù)此可求出R串【詳解】接a、b時(shí)，為串聯(lián)的R1，則R1接a、c時(shí)，為串聯(lián)的R1和R2，則R故應(yīng)選：A?！军c(diǎn)睛】電流表串聯(lián)電阻后量程變大，為U=Ig×R總。5、D【解析】磁感線是根據(jù)磁場的性質(zhì)人為地畫出來的曲線,可以用鐵屑演示效果，但是實(shí)際并不存在．在磁鐵外部磁感線總是從N極指向S極，內(nèi)部從S極指向N極．答案選D．6、B【解析】試題分析：電子射線管中電子從負(fù)極射向正極，根據(jù)左手定則，磁感線穿過手心，四指從正極指向負(fù)極，由可知電子受到的洛倫茲力方向向下，電子束向下偏轉(zhuǎn)，B正確．考點(diǎn)：考查了洛倫茲力方向判斷二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】

根據(jù)閉合電路歐姆定律，有：E=U+I（r+R）解得：，故A錯(cuò)誤；電源的輸出功率P=IE-I2r=56W，故C錯(cuò)誤；電動(dòng)機(jī)的輸入功率：P入=UI=10×2=20W；電動(dòng)機(jī)的熱功率：P熱=I2RM=22×1=4W；電動(dòng)機(jī)的輸出功率：P出=P-P熱=UI-I2RM=10×2-22×1=16W；故BD正確；故選BD．【點(diǎn)睛】對(duì)于電動(dòng)機(jī)電路區(qū)分是純電阻電路還是非純電阻電路，可從從能量轉(zhuǎn)化的角度理解：電能全部轉(zhuǎn)化內(nèi)能時(shí)，是純電阻電路．電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能和其他能時(shí)，是非純電阻電路．8、AD【解析】

A．由圖示可知，圖示裝置是電磁炮，當(dāng)電源接通后，可以使炮彈獲得極大的發(fā)射速度，其原理是磁場對(duì)流過炮彈的電流產(chǎn)生力的作用，故A正確；

B．圖示是指南針，它可以指示南北方向，其原理是由于指針受到地磁場力的作用，故B錯(cuò)誤；

C．圖示是防輻射服，其內(nèi)部是用包含金屬絲的織物制成，金屬織物具有靜電屏蔽作用，對(duì)人具有保護(hù)作用，故C錯(cuò)誤；

D．圖示是靈敏電流表，在運(yùn)輸途中為了防止指針的大角度偏轉(zhuǎn)，會(huì)把靈敏電流表的正負(fù)接線柱用導(dǎo)線連接，利用了電磁感應(yīng)中的電磁阻尼現(xiàn)象，故D正確；9、BD【解析】試題分析：由動(dòng)量觀點(diǎn)看，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，兩球的速度始終等值反向，也可得出結(jié)論：兩球必將同時(shí)返回各自的出發(fā)點(diǎn)，且兩球末動(dòng)量大小和末動(dòng)能一定相等．從能量觀點(diǎn)看，兩球接觸后的電荷量都變?yōu)?．5q，在相同距離上的庫侖斥力增大，返回過程中電場力做的正功大于接近過程中克服電場力做的功，系統(tǒng)機(jī)械能必然增大，即末動(dòng)能增大，故A錯(cuò)誤B正確；由牛頓定律的觀點(diǎn)看，兩球的加速度大小始終相同，相同時(shí)間內(nèi)的位移大小一定相同，必然在連線中點(diǎn)相遇，又同時(shí)返回出發(fā)點(diǎn)．故C錯(cuò)誤D正確．考點(diǎn)：考查了動(dòng)量守恒定律，庫侖定律【名師點(diǎn)睛】當(dāng)兩個(gè)完全相同的金屬小球相接觸時(shí)，若是同種電荷則是平均分配；若是異種電荷則是先中和再平均分配．由動(dòng)量觀點(diǎn)看，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，返回過程中電場力大于接近過程中電場力，根據(jù)動(dòng)能關(guān)系求解．由牛頓定律的觀點(diǎn)看，兩球的加速度大小始終相同，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)求解．10、CD【解析】

A．粒子垂直進(jìn)入電場后做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。則水平方向有豎直方向有根據(jù)幾何關(guān)系有得因此粒子在Q點(diǎn)的速度大小為故A錯(cuò)誤；B．PQ兩點(diǎn)間的距離故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)得粒子運(yùn)動(dòng)的加速度故C正確；D．PQ兩點(diǎn)間的電勢差故D正確。故選CD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、60.208.300【解析】

[1]游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為60mm，游標(biāo)尺上第4個(gè)刻度游標(biāo)讀數(shù)為0.05×4m＝0.20mm，所以最終讀數(shù)為：60mm＋0.20mm＝60.20mm；[2]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為8.0mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×30.0mm＝0.300mm，所以最終讀數(shù)為：8.0mm＋0.300mm＝8.300mm；12、圓規(guī)64.8【解析】

（1）用盡量小的圓把落地點(diǎn)圈起來，圓心即為平均落地點(diǎn)，則用圓軌來確定B球的平均落地點(diǎn)，碰撞后B球的水平射程應(yīng)取為64.8cm；（2）小球從A處下擺過程只有重力做功，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mAgL（1-cosα）=mAvA2-0，解得：vA=；小球A與小球B碰撞后繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，在A碰后到達(dá)最左端過程中，機(jī)械能再次守恒，由機(jī)械能守恒定律得：-mAgL（1-cosβ）=0-mAvA′2，解得vA′=；（3）碰前小球B靜止，則PB=0；碰撞后B球做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向：S=vB′t，