山西省新絳汾河中學2025屆物理高二第一學期期中綜合測試模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、從地球上發射的兩顆人造地球衛星A和B，繞地球做勻速圓周運動的半徑之比為RA：RB=4：1，它們運動周期之比TA：TB為（）A．2：1B．4：1C．8：1D．16：12、如圖所示，PQ為某電場中的一條電場線，下列說法正確的是（）A．該電場一定是勻強電場B．該電場一定是點電荷產生的電場C．P點的電場強度一定比Q點的大D．正電荷在P點受到的電場力方向沿著電場線方向3、如圖所示的電學器件中，哪個是電容器？()A．B．C．D．4、關于電流和電阻，下列說法中正確的是A．電流的方向就是導體中自由電荷的定向移動方向B．金屬導體溫度升高時，由于自由電子的熱運動加劇，所以電流增大C．由R＝可知，I一定時，導體的電阻R與U成正比，U一定時，R與I成反比D．對給定的導體，比值是個定值，反映導體本身的一種性質5、P、Q兩電荷的電場線分布如圖所示，、為電場中的兩點．一個離子從運動到（不計重力），軌跡如圖所示．則下列判斷正確的是A．Q帶正電B．c點電勢低于d點電勢C．離子在運動過程中受到P的吸引D．離子從到，電場力做正功6、下列的說法正確的是（）A．同一電源接入不同的電路，電動勢不會發生變化B．電動勢反映了電源把電能轉化為其他形式能量的本領C．電源短路時,路端電壓最大D．導體中的電流越大，導體的電阻越小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，子彈質量小于木塊，子彈水平射入放在光滑水平地面上靜止的木塊，子彈未穿透木塊，此過程中木塊動能增加了5J，那么此過程中系統產生的內能可能為（）A．16JB．11.2JC．5.6JD．3.4J8、鋰電池因能量密度高、綠色環保而廣泛使用在手機等電子產品中?，F用充電器為一手機鋰電池充電，等效電路如圖所示，充電器的輸出電壓為U，輸出電流為I，手機鋰電池的內阻為r，下列說法正確的是A．鋰電池兩端的電壓為IrB．鋰電池產生的熱功率為I2rC．電能轉化為化學能的功率為UI-I2rD．充電器輸出的電功率為UI+I2r9、在圖中，A．B兩圖分別為測燈泡電阻R的電路圖，下述說法正確的是A．A圖的接法叫電流表外接法，B圖的接法叫電流表的內接法B．A中R測＞R真，B中R測＜R真C．A中誤差由電壓表分流引起，為了減小誤差，就使R<<Rv，故此法測較小電阻好D．B中誤差由電流表分壓引起，為了減小誤差，應使R>>RA，故此法測較大電阻好10、電源電動勢為E，內阻為r，向可變電阻R供電，關于路端電壓說法正確的是()A．因為電源電動勢不變，所以路端電壓也不變B．因為U＝IR，所以當I增大時，路端電壓也增大C．因為U＝E－Ir，所以當I增大時，路端電壓下降D．若外電路斷開，則路端電壓等于電動勢三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）小輝同學要測繪一個標有“3V，0.6W”小燈泡的伏安特性曲線，燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V．（1）實驗的電路圖應選用選項圖中的（填字母代號）．（2）實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示，當小燈泡的電壓為1．0V，其電阻為Ω，由圖可得，當電壓U>1V后，小燈泡電阻R隨溫度T的升高而（選填“增大”或“減小”）．12．（12分）某實驗小組利用下列實驗器材探究某壓敏電阻的壓力特性電壓表（量程0～3V，可視為理想電壓表），電源（4V，內阻不計），定值電阻R0，壓敏電阻Rx，開關S，導線若干。F040.080.0120.0160.0Rx/Ω400.0320.3240.0160.179.8（1）請用筆面線代替導線，完成該實驗的電路圖（如圖甲所示），要求電壓表測量定值電阻R兩端的電壓。（2）壓敏電阻阻值Rx隨壓力F變化的規律如下表所示，試在圖乙所示的坐標中作出Rx﹣F圖象（3）若壓敏電阻受到的壓力為80N時，電壓表示數為2V，則定值電阻R0的阻值為_____Ω，當壓敏電阻受到的壓力為120N時，電壓表的示數為_____V。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個質量為2kg的物體靜止在光滑水平面上.?現沿水平方向對物體施加10N的拉力，g取10m/s2，求：（1）物體運動時加速度的大??；（2）物體運動3s時速度的大小；（3）物體從開始運動到位移為10m時經歷的時間.14．（16分）電場中有a、b兩點，已知φa＝0V，φb＝1500V，求：(1)a、b兩點電勢差；(2)如將帶電量為q＝-4×10－9C的點電荷從a移到b時，電場力做多少功；(3)q＝-4×10－9C的點電荷在b點的電勢能．15．（12分）如圖所示，有一提升重物用的直流電動機，內阻為0.6Ω，串聯一個阻值為R=5Ω的電阻，它們兩端的總電壓為U=160V，電壓表讀數為110V.求:(1)通過電動機的電流.(2)電動機的輸入功率.(3)電動機的發熱功率.(4)電動機工作1小時對重物做的功.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】由開普勒第三定律得，解得，故C正確，ABD錯誤；故選C?！军c睛】考查了開普勒第三定律，即可解決。2、D【解析】

ABC.僅由這一根電場線無法判斷是什么電場，不知電場線的疏密，電場的強弱也無法判斷，所以ABC錯誤；D.正電荷受到的電場力方向沿著電場線方向，D正確．3、C【解析】A是電流表，用來測量電流的器材．故A錯誤．B是滑動變阻器，是一個可調電阻．故B錯誤．C是一個可調電容大小的電容器，故C正確．D是一個蓄電池，故D錯誤．故選C．4、D【解析】

A．電流的方向與導體中正電荷的定向移動方向相同，與負電荷定向移動方向相反，故A錯誤；B．自由電子熱運動加劇，對電流沒有影響，電荷的定向移動才會形成電流，故B錯誤；C．由對于給定的導線，比值是個定值，它反映導體本身的一種性質，其值與電壓，電流無關，故C錯誤，D正確。5、C【解析】根據電場線從正電荷出發到負電荷終止可知，P帶正電荷，Q帶負電荷，選項A錯誤；由順著電場線方向電勢逐漸降低可知，c點電勢高于d點電勢，選項B錯誤；由離子從運動到的軌跡彎曲方向可知，離子在運動過程中受到P的吸引，選項C正確；離子從到，電場力做負功，選項D錯誤．6、A【解析】

A.同一電源接入不同的電路，電動勢不會發生變化，選項A正確；B.電動勢反映了電源把其他形式能量轉化為電能的本領，選項B錯誤；C.電源短路時路端電壓為零，選項C錯誤；D.導體的電阻是由導體本身決定的，與導體中的電流大小無關，選項D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】試題分析：設子彈的初速度v0，共同速度為v，則由動量守恒定律：mv0=（M+m）v；系統產生的內能，木塊得到的動能為：，變形可得：，故選項ABC正確．考點：動量守恒定律；能量守恒定律.8、BC【解析】

A．充電過程中鋰電池兩端電壓為路端電壓，故A錯誤.B．根據熱功率公式可得，電池產生的熱功率為：故B正確C．電能轉化為化學能和熱能，根據能量守恒定律有：所以有：故C正確.D．由題意可知充電器輸出的電功率為：故D錯誤9、ACD【解析】

本題考查電流表的內、外接法的區別【詳解】A．由圖象可知，A圖電流表屬于外接，B圖屬于電流表的內接。故A選項正確；B．因外接法中電壓表存在分流作用，故而有，B圖中內接法電流表具有分壓作用，則，即B選項錯誤；C．A中誤差由電壓表分流引起，為了減小誤差，Rv越大，電壓表的分流作用就越小這樣誤差就越小，就使R<<Rv，故此法測較小電阻好，故C選項正確；D．B中誤差由電流表分壓引起，為了減小誤差，RA越小，電流表的分壓作用就越小這樣誤差就越小，應使R>>RA，故此法測較大電阻好，故D選項正確。綜上所述，本題正確答案應為ACD。10、CD【解析】

A.電源電動勢不變，路端電壓隨外電阻的增大而增大，減小而減小，故A錯誤；BC.當R增大時，I減小，不能根據判斷路端電壓的變化，而由分析，E、r不變，I減小，得到U增大；I增大，得到U減?。还蔆正確B錯誤；D.若外電路斷開，則路端電壓等于電動勢，故D正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）D；（2）10；增大【解析】

（1）[1]．燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，滑動變阻器采用分壓接法，同時因燈泡內阻較小，故電流表采用外接法，故選D．（2）[2][3]．在小燈泡的伏安特性曲線中，小燈泡的電壓為1.0V，對應的電流為0.10A，由得當電壓U>1V后，小燈泡電阻R隨溫度T的升高而增大．【點睛】描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗時，電壓、電流從零開始可調，滑動變阻器采用分壓式，燈泡的電阻與電流表阻值相差不大，與電壓表內阻相差較大，電流表采用外接法；再結合小燈泡的I-U圖，線計算不同電壓下的電阻，并分析電阻的變化．12、240；2.4【解析】

（1）明確給出的儀器，從而確定實驗接法，作出電路圖即可；（2）根據給出的表格數據利用描點法即可確定對應的圖象；（3）根據圖象可確定對應的電阻和電壓的對應的關系，再根據串聯電路的規律確定值電阻的阻值和電壓表示數?！驹斀狻浚?）由于本實驗中只有一個定值電阻和待測壓敏電阻，故可以直接將二者串聯后接在電壓兩端，而電壓表并聯在定值電阻兩端即可，如圖所示；（2）根據給出的表格，利用描點法即可確定對應的圖象；（3）當壓力為80N時，電壓表示數為2V，由圖可知，此時壓敏電阻的阻值為240Ω，根據串聯電路規律可知，定值電阻與壓敏電阻的電壓相同，故二者電阻相等，故R0=240Ω；而當壓力為120N時，由圖可知，其電阻為160Ω，則電壓表示數U=VV=2.4V；【點睛】本題考查測量電阻的實驗，要注意明確實驗原理，注意實驗要求，同時掌握利用圖象處理數據的基本方法，同時要注意掌握串并聯電路的基本規律的應用。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）物體運動時加速度的大小是5m/s2；（2）物體運動3s時速度的大小是15m/s；（3）物體從開始運動到位移為10m時經歷的時是2s【解析】試題分析：（1）由牛頓第二定律F=ma，a=F/m=5m/s2（2）由公式v=at可知物體運動3s時速度的大小為15m/s（3）由公式可知物體從開始運動到位移為10m時經歷的時間為2s考點：考查力與運動的關系點評：難度較小，熟記F=ma和運動學公式14、(1)－1500V(2)6×10－6J(3)－6×10－6J【解析】

電勢差Uab=φa-φb．電場力做功Wab=qUab，代入求解．【詳解】(1)a、b兩點電勢差Uab＝φa-φb＝-1500V.(2)將帶電量為q＝-4×10－9C的點電荷從a移到b時，電場力做功Wab＝qUab＝6×10－6J.(3)點電