浙江省溫州市2025屆高二物理第一學期期中監測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在兩個等量同種點電荷的連線上，有兩點a、b關于連線中點O點對稱，如圖所示，則下列判斷不正確的是（

）A．a、b兩點的電勢相同B．a、b兩點的場強相同C．同一電荷放在a、b兩點的電勢能相同D．a、O兩點間與b、O兩點間的電勢差相同2、在圖所示的電路中，電源的內阻不能忽略.已知定值電阻R3＝30Ω，R2＝8Ω.當單刀雙擲開關S置于位置3時，電壓表讀數為3V.則當S置于位置2時，電壓表讀數的可能值為（）A．3．2VB．2．6VC．3．9VD．3．6V3、一平行板電容器中存在勻強電場，電場沿豎直方向．兩個比荷（即粒子的電荷量與質量之比）不同的帶正電的粒子和，從電容器的點（如圖）以相同的水平速度射入兩平行板之間．測得和與電容極板的撞擊點到入射點之間的水平距離之比為1:1．若不計重力，則和的比荷之比是A．1:1 B．1:8 C．1:1 D．4:14、如圖所示,兩個帶有同種電荷的小球,用絕緣細線懸掛于O點,若q1>q2,L1>L2,平衡時兩球到過O點的豎直線的距離相等,則()A．m1>m2B．m1<m2C．m1=m2D．無法確定5、使兩個完全相同的金屬小球(均可視為點電荷)分別帶上－2Q和＋4Q的電荷后，將它們固定在相距為a的兩點，它們之間庫侖力的大小為F1．現用絕緣工具使兩小球相互接觸后，再將它們固定在相距為2a的兩點，它們之間庫侖力的大小為F2，則F1與F2之比為()A．32∶1B．16∶1C．8∶1D．4∶16、關于導體的電阻，下列表述正確的是()A．跟導體兩端的電壓成正比B．跟導體中的電流強度成反比C．決定于導體的材料、長度和橫截面積D．決定于導體中的電流強度和電壓二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、對UAB=1V的理解，正確的是（）A．從A到B移動qC的電荷，電場力做功1JB．從A到B移動1C的正電荷，電場力做功1JC．從A到B移動1C的負電荷，克服電場力做功1JD．從A到B移動1C的負電荷，外力做功1J8、如圖，海王星繞太陽沿橢圓軌道運動，P為近日點，Q為遠日點，M、N為軌道短軸的兩個端點，運行的周期為T0，若只考慮海王星和太陽之間的相互作用，則海王星在從P經過M、Q到N的運動過程中()A．從P到M所用的時間等于B．從Q到N階段，機械能逐漸變大C．從P到Q階段，速率逐漸變小D．從M到N階段，萬有引力對它先做負功后做正功9、如圖所示的電路中，R1=1Ω，R2=6Ω，電源內阻r=1Ω，若開關閉合后，銘牌上標有“6V12W”的電動機剛好正常工作，則()A．流過電動機的電流為6AB．流過R2上的電流為1AC．電源電動勢E=12VD．若電動機線圈電阻為0.5Ω，則電動機輸出功率為7.5W10、某同學將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內部的發熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在同一坐標系內，如圖所示，根據圖線可知（）A．反映Pr變化的圖線是aB．電源電動勢為8VC．電源內阻為2ΩD．當電流為0.5A時，外電路的電阻為6Ω三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用多用電表粗測量程為3V、內阻約幾千歐的電壓表內阻，如圖甲所示，其中紅表筆應連接_____（填“—”、“3V”或“15V”）接線柱，如圖乙所示，歐姆表的讀數為_____Ω。12．（12分）有一個額定電壓為2.8V，功率約為0.8W的小燈泡，現要用伏安法描繪這個燈泡的I﹣U圖象，有下列器材供選用：A．電壓表（0～3V，內阻6kΩ）B．電壓表（0～15V，內阻30kΩ）C．電流表（0～3A，內阻0.1Ω）D．電流表（0～0.6A，內阻0.5Ω）E．滑動變阻器（10Ω，2A）F．滑動變阻器（200Ω，0.5A）G．蓄電池（電動勢6V，內阻不計）（1）用如圖1所示的電路進行測量，電流表應選用__，滑動變阻器應選用__（用序號字母表示）（2）通過實驗測得此燈泡的伏安特性曲線如圖2所示，由圖象可求得此燈泡在正常工作時的電阻為________Ω（3）若將此燈泡與電動勢6V、內阻不計的電源相連，要使燈泡正常發光，需串聯一個阻值為____Ω的電阻（保留3位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在研究微型電動機的性能時，可采用圖所示的實驗電路當調節滑動變阻器R，使電動機停止轉動時，電流表和電壓表的示數分別為和；重新調節R，使電動機恢復正常運轉時，電流表和電壓表的示數分別為和求：(1)這臺電動機的內阻；(2)這臺電動機正常運轉時的熱功率；(3)這臺電動機正常運轉時的輸出功率．14．（16分）如圖所示，水平放置的兩平行金屬板，板長為10cm，兩板相距2cm。一束電子以v0＝4.0×107m/s的初速度從兩板中央水平射入板間，然后從板間飛出射到距板右端L為45cm、寬D為20cm的熒光屏上。(不計電子重力，熒光屏中點在兩板間的中線上，電子質量m＝9.0×10－31kg，電荷量e＝1.6×10－19C)求：（1）電子飛入兩板前所經歷的加速電場的電壓；（2）為使帶電粒子能射到熒光屏的所有位置，兩板間所加電壓的取值范圍？15．（12分）如圖所示，abcd是一個正方形盒子．cd邊的中點有一個小孔e，盒子中有沿ad方向的勻強電場．一個質量為m、帶電量為q的粒子從a處的小孔沿ab方向以初速度v0射入盒內，并恰好從e處的小孔射出。(忽略粒子重力)求：(1)該帶電粒子從e孔射出的速度大小；(2)若正方形的邊長為L，求該電場的場強大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

AD、將電荷從O移到a或b電場力做功相等，則a、O兩點間與b、O兩點間的電勢差相同，所以a、b兩點的電勢相等，故A、D正確；B、根據點電荷的場強疊加，知a、b兩點的場強大小相等，方向相反，所以場強不同，故B錯誤；C、a、b兩點的電勢相等，根據Ep=qφ，同一電荷在a、b兩點的電勢能相同，故C不正確的故選B。【點睛】場強是矢量，有大小有方向，根據場強的疊加比較a、b兩點的場強；根據電場力做功判斷Oa與Ob兩點間的電勢差，從而比較出a、b兩點的電勢；根據Ep=qφ2、B【解析】當單刀雙擲開關S置于位置3時，電壓表讀數為3V，則；當單刀雙擲開關S置于位置2時，電壓表讀數；兩式作商：，化簡得：；因為，，所以；綜上，即，故選B。3、D【解析】兩帶電粒子都做類平拋運動，水平方向勻速運動，有，垂直金屬板方向做初速度為零的勻加速直線運動，有，電荷在電場中受的力為，根據牛頓第二定律有，整理得，因為兩粒子在同一電場中運動，E相同，初速度相同，側位移相同，所以比荷與水平位移的平方成反比．所以比荷之比為，D正確．【易錯提醒】表達式的整理過程易出現問題．【備考提示】帶電粒子在電場中的加速和偏轉是高考的重點考查內容．4、C【解析】

對m1、m2球受力分析，根據共點力平衡和幾何關系得：左邊兩個陰影部分面積相似，右邊兩個陰影部分面積相似；雖然q1>q2，L1>L2，但兩者的庫侖力大小相等，則有m1gF1=m【點睛】關鍵是兩小球受到的庫侖力相等，再根據共點力的平衡條件即可得了兩小球偏轉角度的關系。5、A【解析】

開始時由庫侖定律得：；現用絕緣工具使兩小球相互接觸后，各自帶電為：，因此：；可得：；故選A．6、C【解析】A、導體的電阻從定義上由電壓與電流的比值，但與電壓及電流沒有直接關系．而由導體的材料、長度及橫截面積決定的．故A錯誤；B、導體的電阻從定義上由電壓與電流的比值，但與電壓及電流沒有直接關系．而由導體的材料、長度及橫截面積決定的．故B錯誤；C、導體的電阻從定義上由電壓與電流的比值，但與電壓及電流沒有直接關系．而由導體的材料、長度及橫截面積決定的．故C正確；D、導體的電阻從定義上由電壓與電流的比值，但與電壓及電流沒有直接關系．而由導體的材料、長度及橫截面積決定的．故D錯誤；故選：C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】試題分析：根據W=Uq可知對UAB=1V表示：從A到B移動1C的正電荷，電場力做功1J；或者從A到B移動1C的負電荷，克服電場力做功1J，選項BC正確，AD錯誤；故選BC.考點：電勢差8、CD【解析】

A．海王星在PM段的速度大小大于MQ段的速度大小，則PM段的時間小于MQ段的時間，所以P到M所用的時間小于，故A錯誤；B．從Q到N的過程中，由于只有萬有引力做功，機械能守恒，故B錯誤；C．從P到Q階段，萬有引力做負功，速率減小，故C錯誤；D．根據萬有引力方向與速度方向的關系知，從M到N階段，萬有引力對它先做負功后做正功，故D正確。故選D。9、BC【解析】試題分析：閉合開關電動機正常工作，則電動機與R2兩端電壓為6V，流過電動機的電流由＝2A，A錯誤；電動機的輸入功率為12W，電動機線圈消耗的功率為P內＝，則電動機的輸出功率為10W，D錯誤；由知流過R2的電流為1A，B正確；通過以上分析知流過電路的總電流為3A，由知，R1兩端電壓為3V，內阻兩端電壓為3V，由閉合電路歐姆定律知，電源電動勢為12V，C正確．考點：本題考查非純電阻電路計算．10、CD【解析】試題分析：電源的總功率，功率與電流成正比，由知電源內部的發熱功率與電流的平方成正比，A正確；直流電源的總功率，P-I圖象的斜率等于電動勢E，則有，電流為2A時電源的總功率與發熱功率相等，則根據可得，當電流為1．5A時，根據閉合電路歐姆定律可得出外電路的電阻為6Ω，CD正確考點：考查閉合電路歐姆定律的圖象應用【名師點睛】要注意根據電源的總功率公式求解電動勢，根據發熱功率的公式，求解電源的內阻．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、“-”3.2kΩ【解析】

[1][2]．因為紅表筆內部接電池的負極，則紅表筆應連接“-”接線柱；歐姆表的讀數為3.2kΩ。12、DE1011.4【解析】

（1）題意可知，燈泡的額定電壓為2.8V，故電壓表的量程應大于2.8V，故電壓表應選3V量程，由P=UI可得，電流I=PU=0.82.8A=0.28A，故電流表應選D（2）由燈泡的伏安特性曲線圖可知，當電壓為2.8V時，電流為0.28A，故電阻：R=UI=2.8（3）要使燈泡串聯在6V的電源上正常發光，則與之串聯的電阻分壓應為6V-2.8V=3.2V；此時電路中電流為0.28A，故應串聯的電阻：R′=3.20.28Ω=故答案為：(1)D；(2)E；(3)10；(4)11.4【點睛】本題考查測量小燈泡的伏安特性曲線，要注意電表的正確選擇，原則是在不超量程的情況下盡量選用小量程，明確電路的接法，此實驗要用分壓電路，目的是為了得到從0開始連續可調的電壓，同時要會利用歐姆定律進行分析求解。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2Ω（2）8w(3)22w【解析】

(1)當電動機停止轉動時，電動機可視為純電阻電路，則有：(2)正常運動時，電流為2.0A，則其熱功率P熱=I2r=22×2=8W；(3)輸出功率

P出=UI-I2r=15×2-22×2=22W【點睛】本題的關鍵是明白電路中各個用電器的連接情況，要知道電動機停轉時其電路是純電阻電路，歐姆定律能適用，當電動機正常工作時，其電路是非純電阻，歐姆定律不成立，要理清功率是如何分配的．14、（1）4.5×103V（2）－360V～360V【解析】

(1)設加速電場的電壓為U1，由動能定理可得化簡得代入數據得U1＝4.5×103V(2)電子的軌跡如圖所示：設電子飛出偏轉電場時速度為v1，和水平方向的夾角為θ，偏轉電壓為U2，偏轉位移為y，則：由此看出，電子從偏轉電場射出時，不論偏轉電壓多大，電子都像是從偏轉電場的兩極板間中線的中點沿直線射出一樣，射出電場后電子做勻速直線運動恰好打在熒光屏的邊緣上，結合圖可得代入所有數據得U2＝360V同理要使電子能打在熒光屏的另一邊緣應加反向電壓為-360V.因此偏轉電壓在-360V～360V范圍內時，