貴州省畢節市實驗高級中學2025屆高二物理第一學期期中質量跟蹤監視試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖是某一點電荷的電場線分布圖，下列表述正確的是（）A．該點電荷帶正電B．a點的電場強度大于b點的電場強度C．a點和b點電場強度的方向相同D．a點的電勢高于b點的電勢2、關于電源的電動勢和內阻，下列說法正確的是A．電源電動勢越大，儲存的電能越多B．電源內部非靜電力做功越多，電動勢越大C．電源的電動勢就是閉合電路中電源兩端的電壓D．電源電動勢大小與內阻無關3、如圖甲是回旋加速器的工作原理圖．若帶電粒子在磁場中運動的動能隨時間t的變化規律如圖乙所示，不計帶電粒子在電場中的加速時間，不考慮因相對論效應帶來的影響，下列說法中正確的是A．在乙圖中，B．在乙圖中，C．高頻電源的變化周期等于D．若只增大兩D形盒之間的加速電壓U，同種粒子獲得的最大動能將不變4、在一段網絡視頻中，一枚硬幣穩穩地立在飛馳高鐵的窗臺上，保持一段時間不倒，認為視頻中硬幣處于靜止狀態所選擇的參考系是()A．遠處的高山 B．經過的站臺 C．車窗外的樹木 D．立硬幣的窗臺5、某同學做三種導電元件的導電性實驗，他根據所測量數據分別繪制了三種元件的I－U圖像如圖所示，則下述判斷正確的是()A．只有乙圖像是正確的B．甲、丙圖像是曲線，肯定誤差太大C．甲、丙為線性元件，乙為非線性元件D．甲、乙、丙三個圖像都可能是正確的，并不一定有較大誤差6、用兩根等長的輕繩將一質量為60kg的物塊懸掛在水平天花板上，如圖所示。已知兩輕繩夾角為60°，取g＝10m/s2，則每根輕繩對物塊的拉力大小為（）A．2003NB．3003NC．300N二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于電容的說法正確的是（）A．電容器簡稱電容B．電容是描述電容器容納電荷本領大小的物理量C．電容器的電容由電容器本身的因素決定，與電容器是否帶電無關D．電容在數值上等于使兩極板間的電勢差為1V時電容器需要帶的電荷量8、如圖所示，描述物體做勻速直線運動的是A．B．C．D．9、在電場方向水平向右的勻強電場中，一帶電小球從A點豎直向上拋出，其運動的軌跡如圖所示，小球運動的軌跡上A、B兩點在同一水平線上，M為軌跡的最高點，小球拋出時的動能為8J，在M點的動能為6J，不計空氣的阻力，則下列判斷正確的是（）A．小球水平位移x2與x1的比值為4：1B．小球水平位移x2與x1的比值為3：1C．小球落到B點時的動能為32JD．小球從A點運動到B點的過程中最小動能6J10、關于電場與磁場，下列說法正確的是（）A．電流周圍存在的是電場B．磁極周圍存在磁場C．磁極與磁極之間通過磁場而相互作用D．磁極與電流之間沒有相互作用三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示實驗裝置可用來探究影響平行板電容器電容的因素，其中電容器左側極板和靜電計外殼接地，電容器右側極板與靜電計金屬球相連．使電容器帶電后與電源斷開：（1）上移左極板，可觀察到靜電計指針偏轉角（填變大，變小或不變）；（2）將極板間距離減小時，可觀察到靜電計指針偏轉角（填變大，變小或不變）；（3）兩板間插入一塊玻璃，可觀察到靜電計指針偏轉角（填變大，變小或不變）．12．（12分）有一根細長且均勻的空心金屬管線，長約30cm，電阻約為5Ω，已知這種金屬的電阻率為ρ，現在要盡可能精確測定它的內徑d。①用螺旋測微器測量金屬管線外徑D時刻度的位置如圖（a）所示，從圖中讀出外徑為______mm，應用_______（選填“厘米刻度尺”或“毫米刻度尺”）測金屬管線的長度L；②測量金屬管線的電阻R，為此取來兩節新的干電池、電鍵和若干導線及下列器材：A．電壓表0-3V，內阻約10kΩB．電壓表0-15V，內阻約50kΩC．電流表0-0.6A，內阻約0.05ΩD．電流表0-3A，內阻約0.01ΩE．滑動變阻器，0-10ΩF．滑動變阻器，0-100Ω要求較準確地測出其阻值，電壓表應選______，電流表應選______，滑動變阻器應選______；（填序號）③實驗中他的實物接線如圖（b）所示，請指出接線中的兩處明顯錯誤。錯誤1：_____________________________________________________________________錯誤2：_____________________________________________________________________④用已知的物理常數和應直接測量的物理量（均用符號表示），推導出計算金屬管線內徑的表達式d=______；⑤在實驗中，下列說法正確的是__________A．為使電流表讀數明顯，應使電流盡可能大些B．為操作方便，中間過程可保持開關S一直處于閉合狀態C．千分尺的精確度是千分之一毫米D．用千分尺測量直徑時必須估讀一位四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）用30cm的細線將質量為4×10-3㎏的帶電小球P懸掛在O點下，當空中有方向為水平向右，大小為1×104N/C的勻強電場時，小球偏轉37°后處在靜止狀態。求：(1)畫小球的受力圖？(2)分析小球的帶電性質？(3)求小球的帶電量大小？(4)求細線的拉力大小？14．（16分）如圖所示，兩個完全相同的平行金屬板電容器A、B并排放置，A、B間的空隙很小可忽略不計。兩電容器板長均為L，極板間距均為d，板間電壓均為U，電容器A上板帶正電，B上板帶負電。一質量為m，電荷量為q的帶正電的粒子（不計重力），從電容器A左側以初速度v0平行于極板進入電場，粒子最終從電容器B的右側飛出。求整個過程中，粒子的速度方向與極板的最大夾角的正切值。15．（12分）如圖所示，兩個水平放置的帶電平行金屬板間形成勻強電場，長為L的絕緣細線一端固定在O點，另一端拴著一個質量為m、帶有一定電荷量的小球，小球原來靜止.當給小球某一沖量后，它可繞O點在豎直平面內做勻速圓周運動.若兩板間電壓增大為原來的4倍，重力加速度為g，則：（1）要使小球從C點開始在豎直平面內做圓周運動，開始至少要給小球多大的沖量？（2）在小球運動過程中，細線上的最大拉力為多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A、根據電場線的方向特點，可知該點電荷帶負電，故A錯誤；B、電場線越密的地方電場強度越大，則a點的電場強度大于b點的電場強度，故B正確；C、場強方向即電場線切線方向，由題圖可看出a點和b點電場強度的方向不同，故C錯誤；D、根據電場線與等勢線垂直，在b點所在電場線上可以找到與a點電勢相等的點，依據沿電場線方向電勢降低，則知a點電勢低于b點電勢，故D錯誤。點睛：利用電場線的特點分析即可，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低。2、D【解析】

電動勢是描述電源做功能力的大小，與電能無關，A錯誤；根據，故電源內部非靜電力做功與電量的比值越大，電動勢越大，電動勢與做功多少無關，B錯誤；電源的電動勢就是閉合電路中電源兩端的電壓與內部電壓的和，電動勢要大于路端電壓，C錯誤；電源的電動勢大小與內阻無關，D正確．3、D【解析】

AC.洛倫茲力提供向心力，有故周期與速度無關，故則有，故AC錯誤．B.根據電場力做功相等，則有動能的增量相等，即有故B錯誤．D.根據得，粒子的最大速度則最大動能與加速電壓無關，故D正確．4、D【解析】

知道為了研究和描述物體的運動，我們引入了參考系，選擇不同的參考系，同一物體相對于不同的參考系，運動狀態可以不同，選取合適的參考系可以使運動的研究簡單化；【詳解】說硬幣屹立不倒的依據是硬幣相對于立硬幣的窗臺是靜止的，此時選擇的參考系是立硬幣的窗臺，故D正確，ABC錯誤．【點睛】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系，參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．5、D【解析】

當元件是純電阻時，對應的圖像為乙圖，但是如果電阻時非純電阻，對應的圖像時甲丙，所以D正確，6、A【解析】

物體受重力和兩個拉力，拉力與豎直方向的夾角為30°，根據平衡條件，豎直方向，有：2Tcos30°=mg，代入數據解得：T=2003N，故A正確，二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

電容器是儲存電荷的物理元件，電容是反應電容器容納電荷本領強弱的物理量，電容器和電容不能混淆，故A錯誤，B正確；電容器的電容由電容器本身的結構和材料有關，與是否帶電，帶電量多少無關，故C正確；由C=QU可知，電容在數值上等于使兩極板間的電勢差為1V時的電容器需要帶的電量，故D【考點定位】電容器的性質【點睛】注意電容是由電容器本身所決定的性質，這是描述電容器容納電荷本領的物理量，其大小與電量及電壓無關．8、BC【解析】圖象A是速度時間圖象，描述的是初速度為零的勻加速直線運動；圖象B是速度時間圖象，描述的是勻速直線運動；圖象C是位移時間圖象，描述的是勻速直線運動；圖象D是位移時間圖象，描述的是物體靜止．故描述物體做勻速直線運動的是BC．點睛：圖象類問題要看清圖象的橫縱坐標，依據物理規律分析圖象對應的物理情境．9、BC【解析】

將小球的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的勻加速直線運動，豎直分運動為勻變速直線運動，對于初速度為零的勻加速直線運動，在連續相等的時間間隔內位移之比為1：3，則小球水平位移x2與x1的比值為3：1，故A錯誤，B正確；設物體在B動能為EkB，水平分速度為VBx，豎直分速度為VBy，由豎直方向運動對稱性知：mvBy2=8J，對于水平分運動運用動能定理得：Fx1=mvMx2﹣mvAX2，F（x1+x2）=mvBx2﹣mvAX2，由A可知：x1：x2=1：3，解得：Fx1=6J，F（x1+x2）=24J，故EkB=m（vBy2+vBx2）=32J，故C正確；由于合運動與分運動具有等時性，設小球所受的電場力為F，重力為G，則有：Fx1=6J，，Gh=8J，，所以：，由右圖可得：tanθ=，解得：sinθ=，則小球從A運動到B的過程中速度最小時速度一定與等效G’垂直，即圖中的P點，故EKmin=mvmin2=m（v0sinθ）2=J，故D錯誤。故選BC。【點睛】本題關鍵將合運動分解為水平方向的勻加速直線運動和豎直方向的勻變速直線運動，然后對水平分運動運用動能定律求解。10、BC【解析】:A、電流的周圍存在磁場；靜電荷周圍存在的是電場，故A錯誤；

B、磁極的周圍存在磁場，故B正確；

C、磁極與磁極之間可能通過磁場而產生相互作用，故C正確；

D、磁極對電流會產生安培力的作用，故D錯誤綜上所述本題答案是：BC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）變大（2）變小（3）變小【解析】試題分析：（1）根據電容的決定式知，上移左極板，正對面積S減小，則電容減小，根據知，電荷量不變，則電勢差增大，指針偏角變大（2）根據電容的決定式知，將極板間距離減小時，電容增大，根據知，電荷量不變，則電勢差減小，指針偏角變小（3）根據電容的決定式知，兩板間插入一塊玻璃，電容增大，根據知，電荷量不變，則電勢差減小，指針偏角變小．考點：考查了電容器動態分析【名師點睛】在分析電容器動態變化時，需要根據判斷電容器的電容變化情況，然后結合，等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變12、4.700毫米刻度尺ACE錯誤1：導線連接在滑動變阻器的滑片上錯誤2：采用了電流表內接法D【解析】①：螺旋測微器的讀數為：D=4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm；測量30cm金屬管長度時應用毫米刻度尺來測量；②：由于兩節電池的電動勢為3V，所以電壓表應選A；由于通過金屬管的最大電流為，所以電流表應選C；根據閉合電路歐姆定律可知，電路中需要的最大電阻為：，所以變阻器應選E；③：由于待測金屬管阻值遠小于電壓表內阻，所以電流表應用外接法，連線圖中的兩個錯誤分別是：錯誤1：導線連接在滑動變阻器的滑片上；錯誤2：采用了電流表內接法；④：設金屬管內徑為d，根據電阻定律應有：，又，聯立可得：；