安徽省北大附屬宿州實驗學校2025屆物理高二第一學期期末監測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于彈力和摩擦力，下列說法中錯誤的是（）A.彈力和摩擦力都是接觸力B.有摩擦力必有彈力C.有彈力必有摩擦力D.同一接觸面上的彈力和摩擦力一定相互垂直2、將兩個分別帶有電荷量-2Q和+5Q的相同金屬小球A、B分別固定在相距為r的兩處(均可視為點電荷)，它們間庫侖力的大小為F．現將第三個與A、B兩小球完全相同的不帶電小球C先后與A、B相互接觸后拿走，A、B間距離保持不變，則兩球間庫侖力的大小為()A. B.C. D.3、電磁炮是一種理想的兵器，它的主要原理如圖所示，利用這種裝置可以把質量為m＝2.0g的彈體(包括金屬桿EF的質量)加速到6km/s，若這種裝置的軌道寬為d＝2m，長L＝100m，電流I＝10A，軌道摩擦不計且金屬桿EF與軌道始終接觸良好，則下列有關軌道間所加勻強磁場的磁感應強度和磁場力的最大功率結果正確的是()A.B＝18T，Pm＝1.08×108WB.B＝0.6T，Pm＝7.2×104WC.B＝0.6T，Pm＝3.6×106WD.B＝18T，Pm＝2.16×106W4、材料相同的均勻直導線A、B串聯在電路上時，沿長度方向的電勢隨位置的變化規律如圖所示。已知導線A長為l0，導線B長為2l0，則A、B兩導線的橫截面積之比是A.1∶2 B.1∶4C.1∶6 D.1∶85、如圖所示，在光滑水平面上方，有兩個磁感應強度大小均為B、方向相反的水平勻強磁場，如圖所示，PQ為兩個磁場的邊界，磁場范圍足夠大.一個邊長為a，質量為m，電阻為R的正方形金屬線框垂直磁場方向，以速度v從圖示位置向右運動，當線框中心線AB運動到與PQ重合時，線框的速度為，則（）A.此時線框中的電功率為B.此時線框的加速度為C.此過程通過線框截面的電量為D.此過程回路產生的電能為0.375mv26、某電容器上標有“20μF100V”，則（）A.該電容器加的電壓可以長時間高于100VB.該電容器加上50V電壓時，其電容為10μFC.該電容器加上100V電壓時，其所帶電荷量為2×10﹣3CD.該電容器的最大電容為20μF，當其帶電荷量較少時，電容小于20μF二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、忽略溫度對電阻的影響，下列說法中錯誤的是（）A.根據R=U/I知，雖然加在電阻兩端的電壓為原來的兩倍，但導體的電阻不變B.根據R=U/I知，加在電阻兩端的電壓為原來的兩倍時，導體的電阻也變為原來的兩倍C.根據I=U/R知,通過一段導體的電流跟加在它兩端的電壓成正比D.導體中的電流越大，電阻就越小8、一理想變壓器原、副線圈的匝數比為10∶1，原線圈輸入電壓的變化規律如圖甲所示，副線圈所接電路如圖乙所示，P為滑動變阻器的觸頭。下列說法正確的是A.副線圈輸出電壓的頻率為50Hz B.副線圈輸出電壓的有效值為31VC.P向右移動時，副線圈兩端電壓變小 D.P向右移動時，變壓器輸出功率增加9、有一傾角為θ足夠長的固定斜面，空間存在垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B，一質量為m，電荷量為+q的帶電滑塊（可視為質點），以沿斜面向上的初速度v0開始運動，且v0<，滑塊與斜面間的動摩擦因數為μ，重力加速度為g，不計空氣阻力。在滑塊沿斜面向上運動的過程中（）A.滑塊所受摩擦力始終為0B.滑塊所受摩擦力始終不為0C.滑塊運動的加速度大小不變，始終為D.滑塊運動的加速度大小變化，始終大于10、如圖所示，有一個磁感應強度為B的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，一半徑為r金屬圓環放置在磁場中，金屬圓環所在的平面與磁場垂直．金屬桿Oa一端在O，另一端a擱在環上金屬桿Oa可繞環的圓心O旋轉，另一金屬桿Ob一端固定在O點，另一端b固定在環上，．已知Oa桿以角速度ω勻速旋轉，所有接觸點接觸良好，Ob不影響Oa的轉動，則下列說法正確的是（）A.流過Oa的電流方向為O指向aB.流過Oa的電流方向為a指向OC.Oa旋轉時產生的感應電動勢的大小為Bωr2D.Oa旋轉時產生的感應電動勢的大小為Bωr2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖所示電路測量電源的電動勢和內阻．實驗器材：待測電源（電動勢約3V，內阻約2Ω），保護電阻R1（阻值10Ω）和R2（阻值5Ω），滑動變阻器R，電流表A，電壓表V，開關S，導線若干實驗主要步驟：（ⅰ）將滑動變阻器接入電路的阻值調到最大，閉合開關；（ⅱ）逐漸減小滑動變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數U和相應電流表的示數I；（ⅲ）以U為縱坐標，I為橫坐標，作U—I圖線（U、I都用國際單位）；（ⅳ）求出U—I圖線斜率的絕對值k和在橫軸上的截距a回答下列問題：（1）電壓表最好選用______；電流表最好選用______A．電壓表（0-3V，內阻約15kΩ）B．電壓表（0-3V，內阻約3kΩ）C．電流表（0-200mA，內阻約2Ω）D．電流表（0-30mA，內阻約2Ω）（2）滑動變阻器的滑片從左向右滑動，發現電壓表示數增大，兩導線與滑動變阻器接線柱連接情況是______A．兩導線接在滑動變阻器電阻絲兩端的接線柱B．兩導線接在滑動變阻器金屬桿兩端的接線柱C．一條導線接在滑動變阻器金屬桿左端接線柱，另一條導線接在電阻絲左端接線柱D．一條導線接在滑動變阻器金屬桿右端接線柱，另一條導線接在電阻絲右端接線柱（3）選用k、a、R1、R2表示待測電源的電動勢E和內阻r的表達式E=______，r=______，代入數值可得E和r的測量值12．（12分）某同學為測定某柱形電子元件電阻率，先做如下測量：(1)用螺旋測微器測量它的直徑，示數如圖甲所示，讀數為d＝____________mm；用游標為20分度的卡尺測量它的長度，示數如圖乙所示，讀數為L＝________________cm.(2)多用電表粗測該元件的電阻如圖a所示，選用“×10”倍率的歐姆擋，測得該元件電阻為_________Ω(3)為了精確測得上述待測電阻Rx的阻值，實驗室提供了如下器材：A．電流表A1(量程50mA、內阻r1＝10Ω)B．電流表A2(量程200mA、內阻r2約為2Ω)C．定值電阻R0＝30ΩD．滑動變阻器R(最大阻值約為10Ω)E．電源E(電動勢約為4V)F．開關S、導線若干該同學設計了測量電阻Rx的一種實驗電路原理圖如圖b所示，N處的電流表應選用____________(填器材選項前相應的英文字母)．開關S閉合前應將滑動變阻器的滑片置于___________(選填“a”或者“b”)．若M、N電表的讀數分別為IM、IN，則Rx的計算式為Rx＝___________________(用題中字母表示)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在水平方向的勻強電場中，用長為L不可伸長的絕緣細線拴住一質量為m，帶電荷量為q的小球1，線的上端固定于O點，若在B點同一水平線上的左方距離為r處固定另一帶電小球2，小球1恰好處于靜止狀態，當拿走小球2后，小球1由靜止開始向上擺動，當細線轉過120°角到達A點時的速度恰好為零，此時OA恰好處于水平狀態，設整個過程中細線始終處于拉直狀態，靜電力常量為k，求：(1)BA兩點間的電勢差U；(2)勻強電場的場強E的大小；(3)小球2的帶電量Q14．（16分）一個帶電粒子只在電場力作用下通過勻強電場中的a、b兩點，一組平行的帶箭頭的實線表示勻強電場的電場線，如圖所示．已知帶電粒子通過a、b兩點的速度大小分別是5m/s和3m/s，粒子的質量是100g，a、b兩點的電勢差為80V（1）試判斷帶電粒子所帶電荷的種類（2）帶電粒子所帶的電荷量15．（12分）如圖所示，粗細均勻的矩形單匝線圈abcd固定在滑塊上，總質量M＝1kg，滑塊與地面間的動摩擦因數μ＝0.5，線圈ab邊長度L1＝2m，線圈ad邊長度L2＝1m，線圈的總電阻R＝2Ω．滑塊的右側有一垂直紙面向里的勻強磁場，且磁感應強度隨時間的變化關系如下圖所示．t＝0時刻滑塊處于磁場左邊界的左側某個位置，從該時刻起滑塊在外力F的作用下以速度v＝3m/s水平向右做勻速直線運動．已知ab邊到磁場下邊界的距離x＝0.5m，t1＝3s時線圈ab邊恰好完全進入磁場，取g＝10m/s2，求：(1)線圈進入磁場的過程中a、b兩點間的電勢差Uab；(2)0～4s內整個線圈所產生的焦耳熱Q；(3)0～4s內外力F所做的功WF

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．依據彈力與摩擦力產生原理可知，它們都是接觸力，故A正確；BC．彈力產生的條件：相互接觸擠壓；摩擦力產生的條件：接觸面粗糙；相互接觸擠壓；有相對運動或相對運動趨勢。可見，有摩擦力，必有彈力；有彈力，不一定有摩擦力，故B正確，C錯誤；D．同一接觸面上的彈力與接觸面垂直，而摩擦力與接觸面平行，則它們一定相互垂直。故D正確。本題選錯誤的，故選C。【點睛】解決本題關鍵掌握彈力和摩擦力的產生條件，以及它們的方向。知道有摩擦力，必有彈力；有彈力，不一定有摩擦力。2、A【解析】開始時由庫侖定律得：；當小球和A接觸后，A球帶電為-Q，再和B球接觸時，先中和后總電量為4Q，故平分后B球帶電為2Q，因此此時：；可得：F1=，故BCD錯誤，A正確．故選A【點睛】完全相同的帶電小球接觸時，對于電量的重新分配規律要明確，然后正確利用庫侖定律求解3、D【解析】通電金屬桿在磁場中受安培力的作用而對彈體加速，由功能關系得BIdL＝，代入數值解得B＝18T；當速度最大時磁場力的功率也最大，即Pm＝BIdvm，代入數值得Pm＝2.16×106W，故ABC錯誤，D正確．故選D4、A【解析】電阻串聯，電流相等，則：根據電阻定律：同種材料的電阻，電阻率相同，導線的長度之比：聯立方程，則導線的橫截面積之比為：A正確，BCD錯誤故選A。5、D【解析】當線框中心線AB運動到與PQ重合時，左右兩邊都切割磁感線產生感應電動勢，兩個電動勢方向相同串聯．根據感應電動勢公式和歐姆定律求出感應電流，再求線框中的電功率．求出左右兩邊所受安培力大小，由牛頓第二定律求出加速度．由推論求出電量．根據功能關系求解回路產生的電能【詳解】回路中產生感應電動勢為E=2Ba?=Bav，感應電流為，此時線框中的電功率P=I2R=．故A錯誤．左右兩邊所受安培力大小為F=BIa=，則加速度為．故B錯誤．此過程通過線框截面的電量為．故C錯誤．根據能量守恒定律得到，此過程回路產生的電能為．故D正確．故選D【點睛】本題是電磁感應與安培力、能量守恒定律等知識的綜合，其中電磁感應過程中產生的電量q=n△Φ/R，是重要推論，在推導的基礎上加強記憶6、C【解析】明確電容器銘牌信息，知道電容器的電容與板間電壓和電荷量的多少無關，僅有電容器本身決定；【詳解】A、100V是該電容器的額定電壓，是可以長時間工作的最大電壓，所以該電容器不能長時間工作在大于100V的電壓下，故A錯誤；B、電容器的電容與電容器板間電壓無關，加電壓或不加電壓、電荷量多或少時，電容都是，故BD錯誤；C、該電容器加上100V電壓時，其所帶電荷量為，故C正確【點睛】電容表征電容容納電荷的本領大小，與板間電壓和電量無關，對于給定的電容器，電容是一定的，電量與電壓成正比二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】電阻是導體自身的一種特性，它由導體的材料、長度、橫截面積和溫度決定，與加在導體兩端的電壓和通過導體的電流大小無關【詳解】A、B、D項：電阻是導體本身的性質，與導體兩端的電壓無關，故A正確，B錯誤，D錯誤；C項：由歐姆定律I=U/R可知，由于導體的電阻不變，所以通過一段導體的電流跟加在它兩端的電壓成正比，故C正確本題選不正確的，故應選：BD【點睛】本題考查電阻的性質，要注意電阻是導體本身的性質，與電壓及電流無關8、AD【解析】A．由圖像可知，交流電的周期為0.02s，所以交流電的頻率為50Hz，故A正確；B．根據電壓與匝數成正比可知，原線圈的電壓的最大值為310V，所以副線圈的電壓的最大值為31V，所以電壓的有效值為故B錯誤；C．由變壓器原理可知，副線圈兩端電壓由原線圈兩端電壓和匝數比決定，所以P向右移動時，副線圈兩端電壓不變，故C錯誤；D．P右移，R變小，原副線的電流都變大。而電壓不變，故功率增大，故D正確。故選AD。9、BD【解析】AB．滑塊受力分析如圖所示：由于故滑塊受到垂直斜面向上的支持力，故滑塊受到沿斜面向下的摩擦力作用，由于滑塊做減速運動，速度減小，則洛倫茲力減小，支持力增大，則摩擦力逐漸增大，即滑塊所受摩擦力始終不為0，故A錯誤，B正確；CD．根據牛頓第二定律得根據AB項分析可知故a＞gsinθ故C錯誤，D正確；故選BD。10、AD【解析】oa桿以角速度勻速旋轉，切割磁感線產生感應電動勢，相當于電源，其余部分為外電路．當oa轉到最高點時，外電路總電阻最大，通過oa的電流最小；當oa與ob重合時，環的電阻為0，外電路總電阻最小，通過oa的電流最大．根據E=BLv和歐姆定律求解，其中v是速度的平均值【詳解】A、B項：根據右手定則可知，流過oa電流方向為由o指向a，故A正確，B錯誤；C、D項：oa桿切割磁感線產生感應電動勢為E=，故C錯誤，D正確故選AD【點睛】本題一要會求解感應電動勢，由于oa桿上各點切割速度不同，要用平均速度求解；二要知道最大值與最小值的條件，運用歐姆定律求解三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（1）A、②.C③.（2）C④.（3）ka⑤.k-R2【解析】（1）電壓表并聯在電路中，故電壓表內阻越大，分流越小，誤差也就越小，因此應選內阻較大的A電壓表；當滑動變阻器接入電阻最小時，通過電流表電流最大，此時通過電流表電流大小約；因此，電流表選擇C；（2）分析電路可知，滑片右移電壓表示數變大，則說明滑動變阻器接入電路部分阻值增大，而A項中兩導線均接在金屬柱的兩端上，接入電阻為零；而B項中兩導線接在電阻絲兩端，接入電阻最大并保持不變；C項中一導線接在金屬桿左端，而另一導線接在電阻絲左端，則可以保證滑片右移時阻值增大；而D項中導線分別接右邊上下接線柱，滑片右移時，接入電阻減小；故D錯誤；故選C；（3）由閉合電路歐姆定律可知：U=E-I（r+R2），對比伏安特性曲線可知，圖象的斜率為k=r+R2；則內阻r=k-R2；令U=0，則有：；由題意可知，圖象與橫軸截距為a，則有：；解得：E=ka.【點睛】本題考查測量電源的電動勢和內電阻實驗中的儀表選擇以及數據處理，要注意明確根據圖象分析數據的方法，重點掌握圖象中斜率和截距的意義12、①.0.617(0.616～0.618均可)②.10.670③.70④.B⑤.a⑥.【解析】(1)[1]螺旋測微器的固定刻度讀數為0.5mm，可動刻度讀數為11.7×0.01=0.117mm，所以最終讀數為0.617mm，由于讀數誤差，所以0.616～0.618均可；[2]游標卡尺的主尺讀數為106mm，游標讀數為0.05×14=0.70mm，所以最終讀數為106.70mm=10.670cm(2)[3]用多用表測量該元件的電阻，選用“×10”倍率的電阻檔后，應先進行歐姆調零，再進行測量，由圖（a）所示可知，測量結果為；(3)[4]通過待測電阻的最大電流約為通過N出的最大電流約為為保證測量時電流表讀數不小于其量程的三分之一，N處的電流表應選B；[5]開關s閉合前應將滑動變阻器的滑片置于a；[6]通過定值電阻R0的電流并聯電路兩端電壓則待測電阻的電阻值四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)；(2)；(3)【解析】(1)小球1從B到A過程，由動能定理得qU－mgLcos