2025屆全國物理高三上期中考試試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、2005年我國成功發射并回收了“神州”六號載人飛船。設飛船繞地球做勻速圓周運動，若飛船經歷時間t繞地球運行n圈，則飛船離地面的高度為（已知地球半徑為R，地面的重力加速度為g）（）A．B．C．D．2、如圖所示，欲使在粗糙斜面上勻速下滑的木塊A停下，可采用的方法是A．對木塊A施加一個垂直于斜面的力B．增大斜面的傾角C．對木塊A施加一個豎直向下的力D．在木塊A上再疊放一個重物3、從手中豎直向上拋出的小球，與水平天花板碰撞后又落回到手中，設豎直向上的方向為正方向，小球與天花板碰撞時間極短．若不計空氣阻力和碰撞過程中動能的損失，則下列能夠描述小球從拋出到落回手中整個過程運動規律的圖象是（）A．B．C．D．4、如圖所示，用輕彈簧相連的物塊A和B放在光滑的水平面上，物塊A緊靠豎直墻壁，一顆子彈沿水平方向射入物塊B后留在其中（子彈打擊的時間極短），關于由子彈、彈簧和A、B所組成的系統，下列說法正確的是()A．子彈射入物塊B的過程中，系統的機械能、動量均不守恒B．物塊B帶著子彈向左運動，直到彈簧壓縮量達最大過程中，系統的機械能和動量都不守恒C．彈簧推著物塊B向右運動，直到彈簧恢復原長的過程中，系統的機械能和動量都守恒D．物塊A離開豎直墻壁后，直到彈簧伸長量達最大的過程中，系統的機械能和動量都守恒5、平直公路上行駛的a車和b車，其位移時間圖象分別為圖中直線a和曲線b，已知b車做勻變速直線運動，t=2s時，直線a和曲線b剛好相切，下列說法正確的是（）A．b車的加速度大小為1m/s2B．a車的速度大小為3m/sC．b車做勻加速直線運動D．t=2s時，a、b兩車相遇，速度不相等6、為了研究平拋物體的運動，一名男生和一名女生站在操場的主席臺上先后從同一位置，各自向空曠的操場水平同向拋出一個小球，兩小球恰好落到操場上的同一點。男生拋出的小球高度高于女生，若不計空氣阻力，則下列說法正確的是()A．兩小球在空中運動的時間相同B．男生拋出的小球水平速度大于女生拋出的小球水平速度C．兩小球落地時，速度方向與水平方向的夾角相同D．從拋出到落地，兩小球動量的變化量的方向均豎直向下二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，固定在水平面上的光滑斜面傾角為30°，質量分別為M、m的兩個物體A、B通過細繩及輕彈簧連接于光滑輕滑輪兩側，斜面底端有一與斜面垂直的擋板．開始時用手按住物體A，此時A與擋板的距離為s，B靜止于地面，滑輪兩邊的細繩恰好伸直，且彈簧處于原長狀態．已知M＝2m，空氣阻力不計．松開手后，關于二者的運動下列說法中正確的是()A．A和B組成的系統機械能守恒B．當A的速度最大時，B與地面間的作用力為零C．若A恰好能到達擋板處，則此時B的速度為零D．若A恰好能到達擋板處，則此過程中重力對A做的功等于彈簧彈性勢能的增加量與物體B的機械能增加量之和8、蹦極是勇敢者的運動，深受年輕人的喜愛．如圖所示，蹦極者從高臺跳下，在空中經歷加速、減速下降至速度為零，然后再通過反彈上升．設蹦極者在空中自由下落的運動過程為Ⅰ，彈性繩張緊至最低點速度為零的過程為Ⅱ，不計空氣阻力，則下列判斷正確的是A．在過程Ⅰ中，蹦極者受到的重力沖量等于動量的改變量B．在過程Ⅰ中，蹦極者受到重力沖量的大小與過程Ⅱ中繩子彈力沖量的大小相等C．在過程Ⅰ中，每秒鐘蹦極者動量的變化量相同D．在過程Ⅱ中的任意一段時間內，蹦極者受到合力的沖量方向始終向上9、如圖所示，水平轉臺上有一個質量為m的小物塊，用長為L的輕細繩將物塊連接在通過轉臺中心的轉軸上，細繩與豎直轉軸的夾角為θ，系統靜止時細繩繃直但張力為零．物塊與轉臺間動摩擦因數為μ（μ＜tanθ），設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．當物塊隨轉臺由靜止開始緩慢加速轉動且未離開轉臺的過程中A．物塊受轉臺的靜摩擦力方向始終指向轉軸B．至繩中出現拉力時，轉臺對物塊做的功為C．物塊能在轉臺上隨轉臺一起轉動的最大角速度為D．細繩對物塊拉力的瞬時功率始終為零10、將一橫截面為扇形的物體B放在水平面上，一小滑塊A放在物體B上，如圖所示，除了物體B與水平面間的摩擦力之外，其余接觸面的摩擦均可忽略不計，已知物體B的質量為M、滑塊A的質量為m，重力加速度為g，當整個裝置靜止時，A、B接觸面的切線與豎直的擋板之間的夾角為θ．則下列選項正確的是A．物體B對水平面的壓力大小為(M+m)gB．物體B受到水平面的摩擦力大小為C．滑塊A與豎直擋板之間的彈力大小為mgtanθD．滑塊A對物體B的壓力大小為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學設計了一個探究加速度與物體所受合外力F及質量M的關系實驗．如圖為實驗裝置簡圖，A為小車，后端連有紙帶，B為打點計時器，C為裝有沙的沙桶(總質量為m)，D為一端帶有定滑輪的長木板．(1)在這個實驗中，為了探究兩個物理量之間的關系，要保持第三個物理量不變，這種探究方法叫做_____法．(2)某同學在探究a與F的關系時，把沙和沙桶的總重力當作小車的合外力F，作出a－F圖線如圖所示，試分析該圖線不過原點的原因是_____，圖線右上部彎曲的原因是_________．(橫線上填寫正確選項的字母的代號)A．平衡摩擦力時，長木板傾角過小B．平衡摩擦力時，長木板傾角過大C．沙和沙桶的總質量m過小D．沙和沙桶的總質量m過大(3)如圖是某次實驗得出的紙帶，所用電源的頻率為50Hz，舍去前面比較密集的點，從A點開始，依次選取A、B、C、D、E5個計數點，相鄰兩個計數點間都有四個計時點未畫出，圖中給出了相鄰兩點間的距離，則小車運動的加速度大小為a＝______m/s2.(結果保留兩位有效數字)12．（12分）某同學利用光電門傳感器設計了一個研究小物體自由下落時機械能是否守恒的實驗，裝置如圖所示，圖中A、B兩位置分別固定了兩個光電門傳感器．實驗時測得小物體上寬度為d的擋光片通過A的擋光時間為t1，通過B的擋光時間為t2，重力加速度為g．為了證明小物體通過A、B時的機械能相等，還需要進行一些測量和數據分析．(1)下列必要的測量步驟是____________A．用天平測出小物體的質量mB．用秒表測出小物體通過A、B兩傳感器的時間ΔtC．測出小物體釋放時離桌面的高度HD．測出A、B兩傳感器之間的豎直距離h(2)若該同學用d和t1、t2的比值分別來表示小物體經過A、B光電門時的速度，并設想如果能滿足_____________________關系式，即能證明在自由落體過程中小物體的機械能是守恒的．(3)該同學的實驗設計可能會引起誤差的是(請寫出一種)：________________________四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）節能混合動力車是一種可以利用汽油及所儲存電能作為動力來源的汽車．有一質量m=1000kg的混合動力轎車，在平直公路上以v1=90km/h勻速行駛，發動機的輸出功率為P=50kw．當駕駛員看到前方有80km/h的限速標志時，保持發動機功率不變，立即啟動利用電磁阻尼帶動的發電機工作給電池充電，使轎車做減速運動，運動l=72m后，速度變為v2=72km/h．此過程中發動機功率的用于轎車的牽引，用于供給發電機工作，發動機輸送給發電機的能量最后有50%轉化為電池的電能．假設轎車在上述運動過程中所受阻力保持不變．求（1）轎車以90km/h在平直公路上勻速行駛時，所受阻力F阻的大小；（2）轎車從90km/h減速到72km/h過程中，獲得的電能E電；（3）轎車僅用其在上述減速過程中獲得的電能E電維持72km/h勻速運動的距離L'．14．（16分）如圖所示，豎直平面內的圓弧形光滑軌道半徑為R，A端與圓心O等高，AD為與水平方向成45°角的斜面．B端在O的正上方．一個小球在A點正上方由靜止開始釋放，自由下落至A點后進入圓形軌道并恰能到達B點，求：（1）釋放點距A點的豎直高度；（2）小球落到斜面上C點時的速度大小15．（12分）如圖，質量為的物體A經一輕質彈簧與下方地面上的質量為的物體B相連，彈簧的勁度系數為，A、B都處于靜止狀態．一條不可伸長的輕繩繞過輕滑輪，一端連物體A，一端連輕掛鉤．開始時各段繩都處于伸直狀態，A上方的一段繩沿豎直方向．在掛鉤上系一質量為的物體C并從靜止狀態釋放，恰好能夠到達地面．已知它恰能使B離開地面但不繼續上升．現將質量為的物體D系在掛鉤上后再舉高H=0.8m（未觸及滑輪）然后由靜止釋放（g取，空氣阻力不計）．求：（1）C從釋放到落地過程中彈簧彈性勢能的變化（2）D剛剛落至地面時的速度（結果可保留根號）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】設地球質量為M,飛船質量為m,

飛船運行時萬有引力提供向心力,根據萬有引力定律和牛頓第二定律有

飛船運行周期為

質量為m的物體在地面有

計算得出:，故B正確；綜上所述本題答案是：B2、A【解析】A、對木塊A施加一個垂直于斜面的力F,重力沿斜面向下的分力不變,而滑動摩擦力增大,合力方向沿斜面向上,木塊做減速運動,可以使木塊停下，故A正確；B、木塊勻速滑下,合力為零,根據平衡條件得;若增大斜面的傾角,重力沿斜面向下的分力增大,滑動摩擦減小,木塊的合力方向將沿斜面向下,木塊做加速運動.故B錯誤.

C、對木塊A施加一個豎直向下的力,因為,木塊的合力仍為零,仍做勻速運動,不可能停下.故C錯誤.

D、由B項分析可以知道,得,與質量無關,在木塊A上再疊放一個重物后,整體勻速下滑,不可能停下.故D錯誤.綜上所述本題答案是：A3、C【解析】試題分析：小球先減速上升，突然反向后加速下降，速度時間圖象反映了各個不同時刻小球的速度情況，根據實際情況作圖即可．解：小球先減速上升，突然反向后加速下降；設豎直向上的方向為正方向，速度的正負表示方向，不表示大小；故速度v先是正值，不斷減小，突然變為負值，且絕對值不斷變大；故選C．【點評】速度時間圖象形象直觀地反映了物體速度隨時間的變化情況，速度的正負表示方向，絕對值表示大小．4、D【解析】

A：子彈射入物塊B的過程中，由于時間極短，且內力遠大于外力，子彈、彈簧和A、B所組成的系統動量守恒；在此過程中，子彈的動能有一部分轉化為系統的內能，系統的機械能減小。故A項錯誤。B：物塊B帶著子彈向左運動，直到彈簧壓縮量達最大過程中，系統受到墻壁的作用力，外力之和不為零，系統動量不守恒；在此過程中，只有彈簧的彈力做功，系統的機械能守恒。故B項錯誤。C：彈簧推著物塊B向右運動，直到彈簧恢復原長的過程中，系統受到墻壁的作用力，外力之和不為零，系統動量不守恒；在此過程中，只有彈簧的彈力做功，系統的機械能守恒。故C項錯誤。D：物塊A離開豎直墻壁后，直到彈簧伸長量達最大的過程中，系統所受的外力之和為零，系統動量守恒；在此過程中，只有彈簧的彈力做功，系統的機械能守恒。故D項正確。【點睛】系統動量守恒的條件是系統所受合外力為零；系統機械能守恒的條件是除重力（彈簧彈力）外其他力不做功。5、A【解析】

AB.位移時間圖像中的斜率代表物體的速度，所以a物體做勻速運動，t=2s時，直線a和曲線b剛好相切，所以，對b車從0到2s，設初速度：，，聯立解得：，，A正確B錯誤C.因為斜率代表速度，而b車的斜率越來越小，所以b車做勻減速運動，C錯誤D.因為t=2s時，直線a和曲線b剛好相切，斜率相同，所以輛車在該時刻速度相等，D錯誤6、D【解析】

根據豎直方向的運動情況確定時間，根據水平方向的運動情況確定初速度大小；根據運動的合成求解落地時速度與水平方向的夾角。【詳解】A項：根據豎直方向的運動規律可知，，解得：，所以兩小球在空中運動的時間不相同，男生拋出的小球運動時間比女生拋出的小球運動時間長，故A錯誤；B項：小球在水平方向做勻速直線運動，初速度，女生拋出的小球水平速度大于男生拋出的小球水平速度，故B錯誤；C項：兩小球落地時，設速度方向與水平方向的夾角為θ，則tanθ=，所以兩小球落地時，速度方向與水平方向的夾角男生的大，故C錯誤；D項：由于拋出的小球只受重力，由動量定理可知，從拋出到落地，兩小球動量的變化量方向與重力方向相同即為豎直向下，故D正確。故應選：D。【點睛】本題主要是考查了平拋運動的規律，知道平拋運動可以分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A.對于M、m、彈簧組成的系統，只有重力和彈力做功，系統的機械能守恒，但對于M和m組成的系統機械能不守恒，故A錯誤；B.根題得：M的重力分力為Mgsinθ=mg；可知物體M先做加速運動，當受力平衡時M速度達最大，此時m所受的拉力為T=mg，故m恰好與地面間的作用力為零，故B正確；C.從m開始運動至到M到達底部過程中，彈力的大小一直大于m的重力，故m一直做加速運動，M到達底部時，m的速度不為零，故C錯誤；D.

M恰好能到達擋板處，則此過程中重力對M做的功等于彈簧彈性勢能的增加量與物體m的機械能增加量之和，故D正確．故選BD．8、AC【解析】

A、在過程Ⅰ中，蹦極者只受重力，重力沖量等于在過程Ⅱ中動量的改變量，mg?t=?B、在過程Ⅰ中，蹦極者受到重力沖量的大小與過程Ⅱ中繩子彈力與重力合沖量的大小相等，方向相反，故B錯誤．D、在過程Ⅱ中的開始階段，重力大于彈性繩的彈力，蹦極者受到合力的沖量方向向下，故D錯誤．故選A、C9、CD【解析】

A．物體做加速圓周運動，所以開始時物體受到的摩擦力必定有一部分的分力沿軌跡的切線方向，起到加速的作用，故A錯誤；B．對物體受力分析知物塊離開圓盤前，由摩擦力和拉力的合力提供向心力在豎直方向上N+Tcosθ=mg根據動能定理知當彈力T=0，半徑為r=Lsinθ聯立以上解得至繩中出現拉力時，轉臺對物塊做的功為，故B錯誤；C．當N=0，f=0時加速度最大，根據牛頓第二定律Tcosθ=mg半徑為r=Lsinθ聯立可得所以當物塊的角速度增大到時，物塊與轉臺間恰好無相互作用，故C正確；D．根據幾何關系可知，物體在做圓周運動的過程中受到的繩子的拉力方向與物體運動的方向始終垂直，所以細繩對物塊拉力的瞬時功率始終為零，故D正確．故選CD。10、AB【解析】C、D、首先對物體A受力分析，如圖所示：根據平衡條件，有：，根據牛頓第三定律，A對B的壓力大小為，A對擋板的壓力大小為，CD錯誤；A、B、再對AB整體受力分析，受重力、地面支持力、擋板支持力、地面的靜摩擦力，如圖所示：根據平衡條件，地面支持力大小，地面的摩擦力大小；再根據牛頓第三定律，對地壓力大小為，A正確；B正確；故選AB．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、控制變量BD0.62【解析】

（1）該實驗是探究加速度與力、質量的三者關系，研究三者關系必須運用控制變量法．（2）開始物體所受拉力為零時，卻產生了加速度，故操作過程中平衡摩擦力時木板傾角過大，故選B；隨著外力F的增大，砂和砂筒的質量越來越大，最后出現了不滿足遠小于小車質量的情況，因此圖線出現了偏折現象．故選D．（3）根據△x=aT2可得：a=m/s2=0.62m/s2.12、Bd太大或h測量不準【解析】

（1）根據實驗目的以及機械能守恒定律的表達式，可明確該實驗需要測量的物理量；（2）寫出機械能守恒的表達式，可正確解答本題．（3）本實驗的誤差有數據測量導致的，還有就是在該實驗中用平均速度代替瞬時速度，因此若物體擋光的寬度d太大，將導致瞬時速度的測量不準確，當然還有其他因素導致的誤差等．【詳解】解：（1）A、根據機械能守恒的表達式，可知不需要測量質量，A錯誤；B、實驗中需要測量從A到B過程中重力勢能的減小量，因此需要測量AB之間的距離h，故B正確；C、測出AB之間的距離h，不需要測量小物體釋放時離桌面的高度H，故C錯誤；D、根據機械能守恒定律的表達式，可知不需要測量小物體通過A、B兩傳感器的時間△t，故D錯誤．故選B．（2）本實驗中利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時速度，故有：，，根據，可得：．（3）本實驗的誤差有數據測量導致的，還有就是在該實驗中用平均速度代替瞬時速度，因此若物體擋光的寬度d太大，將導致瞬時速度的測量不準確，當然還有其他因素導致的誤差等．【點睛】對于實驗不光要從理論上理解，關鍵是要動手實驗，體會實驗步驟以及數據處理的過程，加深對實驗的理解．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2222N（2）63222J（3）31.5m【解析】

（1）由瞬時功率公式有：P=F牽v1．

當汽車勻速運動時，由