2025屆河北省衡水市重點名校高二物理第一學期期末監測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲，有一個原、副線圈匝數比為2:1的理想變壓器，圖中的電壓表和電流表均為理想電表，原線圈接如圖乙所示的正弦式交流電，其中Rt為熱敏電阻，其阻值隨溫度的升高而減小，R為定值電阻。下列說法正確的是（）A.副線圈兩端電壓的瞬時值表達式為u′＝18sin50πt(V)B.t＝0.01s時電壓表V2的示數為0C.變壓器原、副線圈中的電流之比為2:1D.Rt處溫度降低時，電流表的示數變小，電壓表V2的示數不變2、如圖所示，金屬棒ab置于水平放置的U形光滑導軌上，在ef右側存在有界勻強磁場B，磁場方向垂直導軌平面向下，在ef左側的無磁場區域cdef內有一半徑很小的金屬圓環L，圓環與導軌在同一平面內．當金屬棒ab在水平恒力F作用下從磁場左邊界ef處由靜止開始向右運動后，下列有關圓環的說法正確的是（）A.圓環內產生變大的感應電流，圓環有收縮的趨勢B.圓環內產生變小的感應電流，圓環有收縮的趨勢C.圓環內產生變大的感應電流，圓環有擴張的趨勢D.圓環內產生變小的感應電流，圓環有擴張的趨勢3、如圖所示，當滑動變阻器的滑片P向上端移動時，電表示數的變化情況是（）A.示數減小，示數增大，A示數增大B.示數增大，示數減小，A示數增大C.示數增大，示數增大，A示數減小D.示數減小，示數減小，A示數減小4、如圖所示為將一靈敏電流計改裝成電流表或電壓表的實驗電路圖，R1、R2為定值電阻。下列說法正確的是（）A.此圖是改裝成電流表示意圖；接A、B兩端時量程較大B.此圖是改裝成電流表示意圖；接A、C兩端時量程較大C.此圖是改裝成電壓表示意圖；接A、B兩端時量程較大D.此圖是改裝成電壓表示意圖；接A、C兩端時量程較大5、如圖，光滑半圓形軌道與光滑曲面軌道在B處平滑連接，前者置于水平向里的勻強磁場中，有一帶正電小球從A由靜止釋放，能沿軌道前進并恰能通過半圓形軌道最高點C．現若撤去磁場，使球從靜止釋放仍能恰好通過半圓形軌道最高點，則釋放高度H′與原釋放高度H的關系是（）A.H′>H B.H′＝HC.H′<H D.無法確定6、在光滑的水平面上做勻加速直線運動的物體，當它所受的合力逐漸減小而方向不變時，物體的（）A.加速度越來越大，速度越來越大B.加速度越來越小，速度越來越小C.加速度越來越小，速度越來越大D.加速度越來越大，速度越來越小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用伏安法測電阻的實驗，可以采用圖示a、b兩種方法把伏特表和安培表連入電路，這樣測量出來的電阻值與被測電阻的真實阻值比較，下列正確的是A.兩種接法的測量值都小于真實值B采用a圖接法，測量值小于真實值C.采用b圖接法，測量值大于真實值D.兩種接法的測量值都大于真實值8、如圖所示，當電流通過線圈時，小磁針將發生偏轉，關于線圈中電流方向和小磁針的偏轉方向，正確的說法是()A.通入逆時針方向的電流，小磁針的S極指向外B.通入順時針方向的電流，小磁針的N極指向外C.通入逆時針方向的電流，小磁針的N極指向外D.通入順時針方向的電流，小磁針的S極指向外9、如圖是質譜儀的工作原理示意圖。現有一束幾種不同的正離子，經過加速電場加速后，垂直射入速度選擇器（速度選擇器內有相互正交的勻強電場E和勻強磁場B1），離子束保持原運動方向未發生偏轉。接著進入另一勻強磁場B2，發現這些離子分成幾束。忽略重力的影響，由此可得結論（）A.速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向內B.這些離子通過狹縫P的速率都等于C.這些離子的電量一定不相同D.這些離子比荷一定不相同10、如圖所示，四幅有關電場說法正確的是：()A.圖甲為等量異種點電荷形成的電場線B.圖乙離點電荷距離相等的a、b兩點場強相同C.圖丙中在c點靜止釋放一正電荷，可以沿著電場線運動到d點D.圖丁中某一電荷放在e點與放到f點，它們的電勢能相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用相同的靈敏電流計改裝成量程為3V和15V兩個電壓表，將它們串聯接入電路中，則它們的指針偏角之比為______，讀數之比______.12．（12分）某同學利用打點計時器和氣墊導軌做驗證動量守恒定律的實驗。氣墊導軌裝置如圖（a）所示，所用的氣墊導軌裝置由導軌、滑塊、彈射架等組成。（1）下面是實驗的主要步驟：①安裝好氣墊導軌，調節氣墊導軌的調節旋鈕，使導軌水平；②向氣墊導軌通入壓縮空氣；③把打點計時器固定在緊靠氣墊導軌左端彈射架的外側，將紙帶穿過打點計時器與彈射架并固定在滑塊1的左端，滑塊拖著紙帶移動時，紙帶始終在水平方向；④使滑塊1擠壓導軌左端彈射架上的橡皮繩；把滑塊2放在氣墊導軌的中間；⑤先________，再放開________，讓其帶動紙帶一起運動；中間與滑塊2相撞并粘在一起運動；⑥取下紙帶，重復步驟④⑤，選出理想的紙帶如圖（b）所示；⑦測得滑塊1的質量310g，滑塊2（包括橡皮泥）的質量205g（2）已知打點計時器每隔0.02s打一個點，計算可知兩滑塊相互作用以前系統的總動量為________kg·m/s；兩滑塊相互作用以后系統的總動量為________kg·m/s（保留三位有效數字）（3）試說明（2）中兩結果不完全相等的主要原因是________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，固定軌道由傾角θ＝37°的斜導軌與水平導軌用極短的圓弧導軌平滑連接而成，軌道所在空間存在方向豎直向上、磁感應強度大小為B＝0.2T的勻強磁場，兩導軌間距為L＝0.5m，上端用阻值為R＝0.5Ω的電阻連接．在沿斜導軌向下的拉力（圖中未畫出）作用下，一質量為m＝0.5kg、阻值也為0.5Ω的金屬桿MN從斜導軌上某一高處由靜止開始（t＝0）沿光滑的斜導軌勻加速下滑，當桿MN滑至斜導軌的最底端P2Q2處時撤去拉力，桿MN在粗糙的水平導軌上減速運動直至停止，其速率v隨時間t的變化關系如圖乙所示（其中vm＝20m/s和t0＝2s為已知）．桿MN始終垂直于導軌并與導軌保持良好接觸，水平導軌和桿MN間的動摩擦因數為μ＝0.1，g＝10m/s2.求：(1)桿MN中通過的最大感應電流Im；(2)桿MN沿斜導軌下滑的過程中，通過電阻R的電荷量q；(3)撤去拉力后，若電阻R上產生的熱量為Q＝20J，求桿MN在水平導軌上運動的路程s.14．（16分）如圖所示，兩平行金屬導軌間的距離,金屬導軌所在的平面與水平面夾角，在導軌所在平面內，分布著磁感應強度、方向垂直于導軌所在平面向上的勻強磁場。金屬導軌的一端接有電動勢、內阻的直流電源。現把一個質量的導體棒放在金屬導軌上，此時導體棒恰好靜止。導體棒與金屬導軌垂直且接觸良好，導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻金屬導軌電阻不計，取。已知，求：（1）導體棒受到的安培力大小；（2）導體棒受到的摩擦力大小及方向；（3）若將直流電源置換成一個電阻為的定值電阻（圖中未畫出），然后將導體棒由靜止釋放，導體棒將沿導軌向下運動，求導體棒的最大速率（假設金屬導軌足夠長，導體棒與金屬導軌之間的最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等）。15．（12分）如圖（a）所示，一個電阻值為R，匝數為n的圓形金屬線與阻值為2R的電阻R1連結成閉合回路．線圈的半徑為r1，在線圈中半徑為r2的圓形區域存在垂直于線圈平面向里的勻強磁場，磁感應強度B隨時間t變化的關系圖線如圖（b）所示．圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0.導線的電阻不計．求0至t1時間內（1）通過電阻R1上的電流大小和方向；（2）通過電阻R1上的電量q及電阻R1上產生的熱量

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A．原線圈接的圖乙所示的正弦交流電，由圖知最大電壓根據變壓比可知，副線圈兩端電壓的最大值為周期為故角速度是副線圈兩端電壓的瞬時值表達式為故A錯誤；B．副線圈兩端電壓的有效值為所以電壓表V2的示數為，故B錯誤；C．根據理想變壓器的變流比可知，變壓器原、副線圈中的電流之比等于匝數反比，即變壓器原、副線圈中的電流之比為1：2，故C錯誤；D．處溫度降低時，的阻值增大，而副線圈的電壓不變，副線圈的電流減小，所以電流表的示數變小，由于副線圈的電壓不變，根據變壓比可知原線圈電壓不變，電壓表的示數不變，故D正確；故選D。2、B【解析】因為金屬棒ab在恒力F的作用下向右運動,則abcd回路中產生逆時針方向的感應電流,則在圓環處產生垂直于紙面向外的磁場,隨著金屬棒向右加速運動,圓環的磁通量將增大,根據楞次定律可以知道,圓環將有收縮的趨勢以阻礙圓環的磁通量將增大;又因為金屬棒向右運動的加速度減小,單位時間內磁通量的變化率減小,所以在圓環中產生的感應電流不斷減小,故B對；ACD錯【點睛】當導體棒變速運動時在回路中產生變化的感應電流,因此圓環內的磁場磁通量發生變化,根據磁通量的變化由楞次定律可以判斷圓環面積的變化趨勢,其感應電流的變化要根據其磁通量的變化快慢來判斷.3、C【解析】首先弄清電壓表測量的是路端電壓，電壓表測量的是和并聯電路兩端的電壓，電流表A測量的是通過電阻的電流，再利用閉合電路歐姆定律及串聯、并聯電路的特點進行分析．滑片P向上端移動，接入電路的電阻增大，外電阻增大，干路電流I減小，路端電壓增大，從而判定示數增大；由于I減小，電阻及內阻r的電壓減小，故增大，所以示數增大；由于增大，所在支路的電流增大，通過的電流減小，所以A示數減小故選C4、A【解析】根據并聯分流的規律可知，此圖是改裝成電流表的示意圖；電阻越小分流越大，所以接A、B兩端時，靈敏電流計和串聯，然后再和并聯改裝成量程較大的電流表，而接A、C兩端時，靈敏電流計和、串聯的總電阻并聯改裝成量程較小的電流表，A正確，BCD錯誤。故選A。5、C【解析】有磁場時，恰好通過最高點，有：mg+qvB=m，無磁場時，恰好通過最高點，有：mg=m，由兩式可知，v2<v1．根據動能定理，由于洛倫茲力和支持力不做功，都是只有重力做功，mg（h-2R）=mv2可知，H′<H．故C正確，ABD錯誤．故選C6、C【解析】物體在光滑的水平面上做勻加速直線運動，說明速度方向與加速度方向相同．當它所受的合力逐漸減小而方向不變時，根據牛頓第二定律，加速度逐漸減小而方向保持不變．加速度仍然保持與速度同向，所以速度仍然增加．故加速度越來越小，速度越來越大．故選C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】兩種接法都有誤差：a圖為電流表外接法，誤差來源于電流表的示數不只是通過R的電流，還包括了電壓表的電流；b圖是電流表內接法，誤差來源于電壓表的示數不只是電阻R的電壓，還包括了電流表的分壓，要根據測量值的計算式去分析偏大還是偏小【詳解】a圖接法：電流表的示數為通過電阻的電流和電壓表的電流之和，即I=IR+IV

電壓表的示數U是R兩端電壓的真實值，則，故B正確；b圖接法：電壓表的示數為R兩端的電壓和安培表兩端的電壓之和，即U=UR+UA

電流表的示數I是通過R的真實值，則，故C正確，AD錯誤，故選BC.【點睛】待測電阻遠大于電流表內阻時，電流表的分壓小，可忽略不計，用電流表內接法．測量值偏大．待測電阻遠小于電壓表內阻時，電壓表的分流小，可忽略不計，用電流表外接法，測量值偏小8、CD【解析】安培定則：用右手握著通電線圈，四指指向電流的方向，大拇指所指的方向是通電線圈的N極．當線圈通以沿逆時針方向的電流時，根據安培定則知，紙里是通電線圈的S極，紙外是通電線圈的N極．通電線圈內部的磁場是從S極出來回到N極，小磁針在通電線圈的內部，小磁針N極受到的磁力和磁場方向相同，小磁針N極垂直指向紙外．故A錯誤，C正確；當線圈通以沿順時針方向的電流時，根據安培定則知，紙里是通電線圈的N極，紙外是通電線圈的S極．通電線圈內部的磁場是從S極出來回到N極，小磁針在通電螺線管的內部，小磁針N極受到的磁力和磁場方向相同，小磁針N極垂直指向紙里，故B錯誤，D正確；故選CD【點睛】一個通電線圈也有N極和S極，也按照安培定則判斷，紙里是線圈的N極，紙外是線圈的S極．線圈外部的磁場是從線圈的N極出來回到S極，線圈內部的磁場是從線圈的S極出來回到N極．磁場中該點的磁體N極受到磁力方向和該點的磁場方向相同9、BD【解析】A．由離子在B2中的偏轉知粒子帶正電，則受電場力向右，則離子在選擇器中受水平向左的洛倫茲力，由左手定則可判斷磁場方向垂直直面向外，故A錯誤；B．由得此時離子受力平衡，可沿直線穿過選擇器，故B正確；C．由得離子是半徑不同，一定是比荷不同，而電量可能相等，故C錯誤；D．由得，知荷質比越大，R越小，越靠近狹縫，故D正確；故選BD。10、AD【解析】首先知道常見電場的電場線的分布特點，電場線的疏密程度反映電場的強弱，某點切線方向表示該點的場強方向；利用曲線運動的條件，分析靜止試探電荷的運動情況【詳解】電場線從正電荷出發到負電荷終止，由圖甲可知，該圖為等量異種點電荷形成的電場線．故A正確；電場強度是矢量，由圖可知，距離乙點電荷距離相等的a、b

兩點場強大小相等，但方向不相同．故B錯誤；電場線不是帶電粒子運動的軌跡，由圖丙，過c、d的電場線是曲線，則從c

點靜止釋放一正電荷，電荷不能沿著電場線運動到d

點．故C錯誤；該電容器極板之間的電場為勻強電場，由圖可知c點與f點在同一個等勢面上，所以某一電荷放在e

點與放到f

點，它們的電勢能相同．故D正確．故選AD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1：1②.1：5【解析】因兩電壓表是串聯關系，則通過兩電壓表的電流相同，故指針偏轉的角度相同，即指針偏角之比為1:1，串聯電路電流相等，電阻兩端電壓與阻值成正比，兩電壓表內阻之比為1:5，兩電壓表串聯時示數之比1:5.12、①.接通打點計時器的電源②.放開滑塊③.0.620④.0.618⑤.紙帶與打點計時器限位孔有摩擦【解析】（1）[1][2]根據打點計時器使用可知，接通打點計時器的電源，后放開滑塊；（2）[3]放開滑塊1后，滑塊1做勻速運動，跟滑塊2發生碰撞后跟2一起做勻速運動，根據紙帶的數據得，碰撞前滑塊1的動量為滑塊2的動量為零，所以碰撞前的總動量為0.620kg?m/s；[3]碰撞后滑塊1、2速度相等，所以碰撞后總動量為（3）[4]結果不完全相等是因為紙帶與打點計時器限位孔有摩擦力的作用。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在