2025屆山東省濟南市歷城區歷城第二中學物理高二上期末檢測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在通電直導線下方，有一電子沿平行導線方向以速度v開始運動，則()A.將沿軌跡Ⅰ運動，半徑越來越小B.將沿軌跡Ⅰ運動，半徑越來越大C.將沿軌跡Ⅱ運動，半徑越來越小D.將沿軌跡Ⅱ運動，半徑越來越大2、如圖所示，電源電動勢大小為E，內阻大小為r，閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P向左的過程中（）A.電流表讀數變小，電壓表讀數不變B.小電珠L變亮C.固定在電容器C兩板間某點的一個負點電荷所具有的電勢能變小D.電源的總功率變大3、如右圖所示，因線路故障，按通K時，燈L1和L2均不亮，用電壓表測得Uab=0，Ubc=4V，Ucd=0．由此可知斷路處為()A.燈L1 B.燈L2C.變阻器 D.不能確定4、一個初動能為Ek的帶電粒子以速度v垂直電場線方向飛入兩塊平行金屬板間，飛出時動能為3Ek.如果這個帶電粒子的初速度增加到原來的2倍，不計重力，那么該粒子飛出時動能為()A.4EkB.4.5EkC6EkD.9.5Ek5、許多科學家在物理發展的過程中做出了重要貢獻．下列說法正確的是（）A.洛倫茲發現了“磁生電”B.法國物理學家庫侖利用扭成實驗發現了電荷之間的相互作用－庫侖定律，卡文迪許測出了靜電力常數k的值C.丹麥物理學家奧斯特發現了電流的磁效應，并總結出了右手螺旋定則D.法拉第首先發現了電磁感應現象，并總結出引起感應電流的原因6、如圖所示電路中，A、B是兩個完全相同的燈泡，L是一個理想電感線圈，C是電容相當大的電容器，下列說法正確的是()A.S閉合時，A逐漸變亮，然后逐漸熄滅B.S閉合時，B立即亮，然后逐漸熄滅C.S閉合足夠長時間后，B發光，而A熄滅D.S閉合足夠長時間后，B熄滅，而A發光二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩光滑平行導軌水平放置在勻強磁場中，磁場垂直于導軌所在平面向里，金屬棒ab可沿導軌自由滑動，導軌一端跨接一個定值電阻R，導軌電阻不計。現將金屬棒沿導軌由靜止向右拉，若保持拉力恒定，當速度為v時加速度為a1，最終以速度2v做勻速運動；若保持拉力的功率恒定，當速度為v時加速度為a2，最終也以2v做勻速運動，則（）A.兩種情況中，金屬棒ab都是從靜止開始做加速度減小的加速度運動，直到勻速B.兩種情況中，金屬棒最終受到的拉力一樣大C.a2＝2a1D.a2＝3a18、某一電場的電場線分布如圖所示，則下列說法正確的是A.點的電勢低于點的電勢B.點的電場強度小于點的電場強度C.一正電荷由點釋放，一定沿著電場線運動到點D.一負電荷在點的電勢能大于在點的電勢能9、如圖所示，電表均為理想電表，兩個相同燈泡電阻均為R，且R大于電源內阻r。將滑動變阻器滑片向下滑動，電壓表V1、V2、V3示數變化量的絕對值分別為ΔU1、ΔU2、ΔU3，電流表A示數變化量的絕對值為ΔI，則()A.兩燈泡的亮度始終一樣且逐漸變暗 B.V1、V2的示數增大，V3的示數減小C.ΔU3與ΔI的比值為2R＋r D.ΔU3>ΔU1>ΔU210、如圖所示為閉合電路中兩個不同電源的U-I圖像，則下列說法中正確的是(

)A.電動勢E1=E2，短路電流I1>I2B.電動勢E1=E2，內阻r1>r2C.電動勢E1>E2，內阻r1>r2D.當兩電源的工作電流變化量相同時，電源2的路端電壓變化較大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一臺XQB30—13型全自動洗衣機說明書中所列的主要技術數據如下表．這臺洗衣機正常工作時的電壓是__________V，電流強度是__________A，如果洗衣、脫水累計時間為1h，則洗衣機耗電度__________（kw·h）12．（12分））分在“用伏安法測定一條金屬絲（總電阻約10Ω）電阻率”的實驗中①某同學用螺旋測微器測得金屬絲直徑d如圖甲所示，可讀得d=_________mm②他又把金屬絲拉直后將其兩端固定在刻度尺兩端的接線柱a和b上，在金屬絲上夾上一個小金屬夾P，移動金屬夾P的位置，從而改變接入電路中金屬絲的長度．把這樣的裝置接入實驗電路中，如圖乙所示．但他連接線路時卻出現了兩處錯誤，請用“×”標在錯誤的導線上，再用筆畫線代替導線給予改正___________③閉合開關前，滑動變阻器觸頭應移至_____（填“左”或“右”）端．閉合開關后，滑動變阻器觸頭調至一合適位置后不動，以后通過多次改變P點的位置，得到多組U、I、L的數據，U/I即得到金屬絲長L時對應的電阻R．把這多組L和R的數據，繪成如圖丙所示圖線，則該圖線斜率表示的物理意義是_____________________（要求用文字表述）④如果圖線的斜率k=1Ω/m，則該金屬絲電阻率r=_____Ω·m．（保留二位有效數字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在真空室中平面直角坐標系的y軸豎直向上，x軸上的P點與Q點關于坐標原點O對稱，PQ間的距離d=30cm。坐標系所在空間存在一個垂直于xOy平面的圓形有界勻強磁場，一帶電粒子在xOy平面內，從P點與x軸成30°的夾角射出，該粒子將做勻速直線運動，已知帶電粒子以速度v=2.0m/s射出，質量m=1.0×10-27kg，所帶電荷量q=1.0×10-19C，使帶電粒子通過Q點，且其運動軌跡關于y軸對稱。已知磁場的磁感應強度大小為B=2.0×10-7T。(不計帶電粒子重力)求：（1）油滴在磁場中運動的時間t；（2）圓形磁場區域的最小面積S。14．（16分）在傾角為α的光滑斜面上放置一通有電流I、長為L、質量為m的導體棒,如圖所示．求:(1)欲使棒靜止在斜面上且對斜面無壓力,外加勻強磁場的磁感應強度B的大小和方向(2)欲使棒靜止在斜面上,外加勻強磁場的磁感應強度B的最小值和方向15．（12分）如圖所示，坐標平面第Ⅰ象限內存在水平向左的勻強電場，在距y軸左側區域存在寬度為a=0.3m的垂直紙面向里的m勻強磁場，磁感應強度為B（大小可調節）。現有質荷比為kg/C的帶正電粒子從x軸上的A點以一定初速度v0垂直x軸射入電場，且以v=，方向與y軸正向成60°的速度經過P點進入磁場，OA=0.1m，不計重力，求：(1)粒子在A點進入電場的初速度v0為多少；(2)要使粒子不從CD邊界射出，則磁感應強度B的取值范圍；(3)粒子經過磁場后，剛好可以回到A點，則磁感應強度B為多少。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】CD．由安培定則可知，通電直導線在其下方的磁場垂直紙面向里，如圖所示，根據左手定則可知，電子所受洛倫茲力的方向向上，所以沿軌跡Ⅰ運動，故CD錯誤；AB．因離導線越近，磁感應強度越大，根據Bqv＝m可知，軌跡半徑越來越小，所以A正確，B錯誤。故選A。2、C【解析】AB：當滑片向左滑動的過程中，滑動變阻器接入電路的有效電阻變大，電路的總電阻變大，流過電路的電流變小，電源內電壓變小，路端電壓變大．則電流表讀數變小，小燈泡變暗(流過小燈泡的電流變小)，電壓表讀數變大．故AB兩項均錯誤C：流過電路的電流變小，燈泡兩端電壓減小，滑動變阻器兩端電壓增大，電容器兩端電壓變大，電容器兩板間場強變大，固定在電容器C兩板間某點與左極板間電勢差變大，由于左極板接地，左極板電勢為零，則固定在電容器C兩板間某點電勢為正且變大，負點電荷在該點所具有的電勢能變小．故C項正確D：流過電路的電流變小，電源的總功率變小．故D項錯誤點睛：本題是電路動態變化分析問題，首先確定變阻器有效電阻的變化，再分析總電阻、總電流的變化，再分析局部電壓的變化3、B【解析】由題，則燈發生斷路，因為斷路時，電路無電流，其兩端的電勢分別等于電源兩極的電勢，其電勢差等于電源的電動勢；而對于完好的電阻，阻值一定，電流時，根據歐姆定律可知，其電壓，由題：，．由題，則可知：燈和變阻器R沒有發生斷路，故選項B正確，選項ACD錯誤【點睛】本題是電路中故障分析問題，往往哪段電路的電壓等于電源的電壓，哪段電路發生斷路，可用電壓即為電勢差來理解4、B【解析】試題分析:設平行金屬板的長度為L，板間距離為d，場強為E當初速度為v時，則有根據動能定理得得當初速度為2v時，同理可得電場力做功為則有根據動能定理得得故選B。5、D【解析】A．法拉第發現了“磁生電”現象，故A錯誤；B．庫侖利用扭成實驗發現了電荷之間的相互作用－庫侖定律，卡文迪許測出了萬有引力常數G的值，故B錯誤；C．丹麥物理學家奧斯特發現了電流的磁效應，安培總結出了右手螺旋定則，故C錯誤；D．英國科學家法拉第首先發現了電磁感應現象，并總結出引起感應電流的原因，故D正確所以D正確，ABC錯誤6、C【解析】AB、S閉合之后，由于L的阻礙作用AB立即亮，之后，由于L的直流電阻為零，A被短路，所以A燈逐漸熄滅，B一直發光，故AB錯誤；CD、S閉合足夠長時間后，L線圈相當于導線，則A熄滅，而B正常發光，故C正確，D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】A．兩種情況中，金屬棒ab運動過程中速度越來越大，安培力越來越大，根據牛頓第二定律可知加速度越來越小，最后勻速，所以兩種情況都是從靜止開始做加速度減小的加速度運動，直到勻速，故A正確；B．兩種情況中，金屬棒最終都是勻速運動，則受到的拉力有：，兩種情況中，金屬棒最終受到的拉力一樣大，故B正確；CD．當拉力恒定，速度為v，加速度為a1時，根據牛頓第二定律有：解得：若保持拉力的功率恒定，速度為2v時，拉力為F，則有：P=F?2v得：則當速度為v時，拉力大小為：根據牛頓第二定律得：解得：所以有a2=3a1，故C錯誤，D正確。故選ABD。8、AB【解析】沿著電場線方向電勢逐漸降低，因此a點的電勢高于b點的電勢，故A正確；從電場線的分布情況可知，a點的電場線比b點的稀疏，所以a點的電場強度小于b點的電場強度，故B正確；電場線不一定是電荷的運動軌跡，由a點釋放的正電荷不一定沿著電場線運動到b點，故C錯誤；某一負電荷從a點移到b點，電場力做負功，電勢能增加，因此負電荷在a點的電勢能小于在b點的電勢能，故D錯誤．所以AB正確，CD錯誤9、AD【解析】A．此電路為串聯電路，將滑片向下滑動，電路中的總電阻增大，總電流減小，通過兩串聯燈泡的電流始終一樣且減小，兩燈泡逐漸變暗，A正確；B．電壓表V2測量的是路端電壓，電壓表V1測量的是燈泡L1兩端的電壓，因總電流減小，所以V1的示數減小、V2的示數增大，B錯誤；C．將燈泡L1的電阻等效為電源的內阻，由閉合電路歐姆定律知C錯誤；D．又由，可知ΔU3>ΔU1>ΔU2，D正確。故選AD。10、AD【解析】ABC.全電路的歐姆定律結合U-I圖象可知，圖象與U軸的交點表示電源的電動勢，斜率表示內阻，則知電動勢E1=E2，內阻r1＜r2，U-I圖象與I軸的交點表示短路電流，故發生短路時的電流I1＞I2；故A項正確，B項、C項錯誤.D.根據U=E-Ir可知，△U=r?△I，因內阻r1＜r2，故當電源的工作電流變化相同時，電源2的路端電壓變化較大；故D正確.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.220②.2③.044【解析】[1]洗衣機正常工作時的電壓即額定電壓，由表格知這臺洗衣機的額定電壓為220V；[2]由表格知洗衣機正常工作（洗衣、脫水）時，額定功率為：P=440W，額定電壓為：U=220V，由P=UI得通過洗衣機的電流強度為：；[3]洗衣機耗電為：W=Pt=440W×1h=440W?h=0.44kW?h12、(1).0.725mm(2).(3).左(4).電阻率與金屬絲橫截面積之比(5).【解析】①螺旋測微器讀數時要先讀整數，再讀小數，注意半毫米刻度線，要估讀，由圖甲所示螺旋測微器可知，固定刻度示數為0.5mm，可動刻度所示為22.5×0.01mm=0.230mm，螺旋測微器的示數為0.5mm+0.225mm=0.725mm②如圖為了避免電流表的分壓，電流表測量連入電路部分的金屬絲兩端的電壓，③閉合開關前，滑動變阻器的阻值應該最大，滑動變阻器觸頭應移至左端，由可知，